陜西省重點初中2025屆物理高二上期中聯考試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是A．點電荷就是體積很小的帶電體B．根據知，當r→0時，F→∞C．兩個點電荷的電荷量不變，只使它們之間的距離變為原來的，則它們之間庫侖力變為原來的4倍D．兩個點電荷的電荷量不變，只使它們之間的距離變為原來的，則它們之間庫侖力變為原來的8倍2、關于電場強度的表達式，下列說法中正確的是（）A．式中，F是放入電場中的電荷所受的電場力，q是場源電荷的電荷量B．電場強度E跟F成正比，跟q成反比C．電場中某點的電場強度E與檢驗電荷q的正負、大小無關D．該式是電場強度的定義式，只適用于點電荷產生的電場3、關于物體的內能和機械能，以下說法正確的是（）A．物體的內能包含物體的機械能B．物體的機械能大，則它的內能也一定大C．物體具有內能，同時又可以具有機械能D．物體的機械能和內能間都可以自發地發生轉化。4、下列關于點電荷的說法，正確的是()A．點電荷一定是電荷量很小的電荷B．點電荷是一種理想化模型，實際不存在C．只有體積很小的帶電體，才能作為點電荷D．體積很大的帶電體一定不能看成點電荷5、如圖所示，一質量為m、電量大小為q的帶正電小球，從水平向右的勻強電場中的O點以速度v沿與場強方向成37°角射入電場中，油滴運動到最高點時速度大小也是v，已知重力加速度為g，下列說法正確的是（）(sin37°=0.6cos37°=0.8)A．最高點可能在O點的正上方B．勻強電場的電場強度為E＝mg/3qC．O點與最高點之間的電勢差可能為零D．勻強電場的電場強度為E＝mg/4q6、水平放置的平行板電容器與一電池相連，在電容器的兩板間有一帶正電的質點處于靜止平衡狀態，現將電容器兩板間的距離增大，則（）A．電容變大，質點向上運動 B．電容變大，質點向下運動C．電容變小，質點保持靜止 D．電容變小，質點向下運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個固定的等量異種點電荷，在他們連線的垂直平分線上有a、b、c三點，如圖所示，若取無窮遠處電勢為0，則下列說法正確的是A．a點電勢比b點電勢高B．a、b、c三點與無窮遠處電勢相等C．a、b兩點場強方向相同，a點場強比b點小D．a、c兩點場強方向相同，a點場強比c點大8、小張同學利用“電磁彈簧秤”測定某金屬桿的質量，裝置如圖所示．一粗細均勻的水平金屬桿置于方向垂直于紙面向里的勻強磁場中，兩端懸掛在兩根相同的輕質彈簧下邊．彈簧上端固定，下端與金屬桿之間絕緣．金屬桿通過開關與電源相連，電源內阻不能忽略，則關于金屬桿所受安培力的說法正確的是（）A．安培力方向豎直向上B．僅增大磁感應強度，安培力變大C．僅改變金屬桿中電流方向，安培力方向不變D．金屬桿兩端并聯一電阻，安培力變小9、對UAB=1V的理解，正確的是（）A．從A到B移動qC的電荷，電場力做功1JB．從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1JC．從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1JD．從A到B移動1C的負電荷，外力做功1J10、如圖所示，實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點．若帶電粒子在運動中只受電場力作用，根據此圖作出下列說法正確的量()A．不能判斷帶電粒子所帶電荷的電性B．不能判斷帶電粒子在a、b兩點的受力方向C．不能判斷帶電粒子在a、b兩點的速度何處較大D．可以判斷帶電粒子在a、b兩點的電勢能何處較大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖甲所示裝置測量木板與水平軌道間的動摩擦因數．木板上固定兩個完全相同的遮光條M、N，用不可伸長的細線將木板通過兩個滑輪與彈簧測力計A和質量為m0的重物B相連，重力加速度為g，滑輪質量、摩擦不計．（1）用游標卡尺測量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則遮光條的寬度d=_______cm．（2）本實驗中先測出木板、遮光條的總質量m，兩遮光條間的距離L，實驗過程中彈簧測力計示數為F，遮光條N、M先后經過光電門的時間為t1、t2，則遮光條N、M通過光電門時的速度分別為__________、__________，木板與水平軌道間的動摩擦因數μ=_____________．(本小題各問用題中所給符號表示)12．（12分）利用電壓表和電流表測一節干電池的電動勢E和內阻r，電路如實驗圖所示，圖中為粗調滑線變阻器，為微調滑線變阻器，實驗得到四組數據如表中所示．I(mA)

U(V)

50.0

1.35

75.0

1.28

100

1.20

150

1.05

(1)表中數據經處理后，可能確定電動勢E=___V，內阻r=_____Ω．(2)現有滑線變阻器：A(10Ω，1A)，B(500Ω，0.5A)，C(500Ω，0.1A)．那么在本次實驗中，滑動變阻器應選用______，應選用___．(填“A”、“B”或“C”)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊.薄木板的質量M=1.0kg，長度L=1.0m.在薄木板的中央有一個小滑塊(可視為質點)，質量m=0.5kg.小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數μ1=0.10，小滑塊、薄木板與桌面之間的動摩擦因數相等，皆為μ2=0.20.設小滑塊與薄木板之間的滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力(1)當外力F=3.5N時，m與M的加速度各為多大？(2)若使小滑塊與木板之間發生相對滑動，拉力F至少是多大？(3)若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，求拉力F應滿足的條件．14．（16分）如圖所示，平行邊界MN、PQ間有垂直紙面向外，磁感應強度為B的勻強磁場，一帶正電的粒子以速度垂直于MN射入，離開PQ時速度偏轉角(末速度與初速度方向間夾角）為，若在MN、PQ間只存在豎直向下的勻強電場，該粒子仍以原來的初速度射入該區域，離開P時速度偏轉角仍為，不計粒子的重力，求(1)向強電場的電場強度大小；(2)離子穿過電場和磁場所用的時間之比。15．（12分）一顆繞地球做勻速圓周運動的人造衛星，離地高度為h．已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，萬有引力常量為G．求：（1）地球的質量；（2）衛星繞地球運動的線速度.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

帶電體看作點電荷的條件，當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質決定，與自身大小形狀無具體關系．【詳解】A項：由帶電體看作點電荷的條件，當帶電體的形狀對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，帶電體能否看作點電荷是由研究問題的性質決定，與自身大小形狀無具體關系，故A錯誤；B項：當兩個點電荷距離趨于0時，兩電荷不能看成點電荷，此時庫侖定律的公式不再適用，故B錯誤；C、D項：根據庫侖定律的公式，可知兩個點電荷的電荷量不變，只使它們之間的距離變為原來的，則它們之間庫侖力變為原來的4倍，故C正確，D錯誤．故應選：C．【點睛】解決本題的關鍵掌握庫侖定律的適用范圍，以及能看成點電荷的條件，當帶電體的形狀、大小及電荷的分布狀況對它們之間的作用力影響可以忽略時，可以看成點電荷．2、C【解析】

A．表達式式中，F是放入電場中的試探電荷所受的電場力，q是試探電荷的電荷量，選項A錯誤；B．電場強度中某點的電場強度與試探電荷帶電量以及所受的電場力F均無關，選項B錯誤；C．電場中某點的電場強度E與檢驗電荷q的正負、大小無關，選項C正確；D．該式是電場強度的定義式，只適用于任何電場，選項D錯誤。故選C。3、C【解析】

AB.內能和機械能是兩種不同形式的能，兩者有本質的區別。內能跟組成物體的微粒——分子的運動和分子之間的相互作用有關，而機械能跟物體的宏觀運動及勢能有關。故A錯誤，B錯誤；C.物體可以同時具有多種形式的能。故C正確；D.根據熱力學第二定律，機械能可以自發地轉化成內能，內能不能自發地轉化成機械能，故D錯誤。故選：C4、B【解析】

點電荷是將物體簡化為點，帶電物體能否簡化為點關鍵是看物體的大小對于研究的問題能否忽略不計，而不是看電荷量的大小，也不能看體積大小，即體積很小的不一定能看做點電荷，體積很大的也不一定不能看做點電荷，故ACD錯誤；點電荷是一種理想化模型，實際不存在，選項B正確．5、B【解析】

A.粒子到最高點的速度仍為v，則動能的變化量為零，根據動能定理知，克服重力做的負功等于電場力做的正功，最高點如果是O點正上方，則電場力不做功，故A錯誤。BD.到最高點的時間為，解得：故B正確D錯誤。C.根據動能定理知，從開始到最高點過程中，動能變化量為零，克服重力做的負功等于電場力做的正功，可知O點與最高點的電勢差不可能為零，故C錯誤。6、D【解析】

根據平行板電容器的決定式可得，兩板間距增大，電容減小；由于電容器與電池相連，電容器兩板間電壓不變，兩板間距增大，電容器板間電場強度減小，質點所受電場力減小，質點向下運動．故D項正確，ABC三項錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】等量異種電荷連線的中垂線為一條等勢線，所以三點的電勢相等，與無窮遠處電勢相等都為零，A錯誤，B正確，這條中垂線上的電場方向都是與中垂線方向垂直，由正電荷指向負電荷，大小從連線與中垂線交點處向兩端遞減，所以CD錯誤．8、BD【解析】

A.電流方向有b到a，根據安培左手定則可知，導體棒受到的安培力豎直向下，故A錯誤；B.根據通電導線在磁場中受到的安培力F=BIL可知，當磁場強度增大時，安培力增大，故B正確；C.僅改變電流方向，根據左手定則可知安培力方向改變，故C錯誤；D.金屬桿ab兩端并聯一電阻，總電阻減小，總電流增大，內電壓增大、路端電壓減小，則通過ab棒的電流減小，根據F=BIL可知，安培力減小，故D正確。9、BC【解析】試題分析：根據W=Uq可知對UAB=1V表示：從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J；或者從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1J，選項BC正確，AD錯誤；故選BC.考點：電勢差10、AD【解析】

AB、粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故A正確，B錯誤．CD、由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知，速度與電場力的夾角大于90°，則由a到b，電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的速度較大，b點的電勢能大，故C錯誤，D正確．故選AD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.155(0.150也得分)【解析】

（1）游標卡尺的讀數先讀出主尺的刻度數：1mm，游標尺的刻度第10個刻度與上邊的刻度對齊，所以游標讀數為：0.05×10=0.50mm，總讀數為：1mm+0.50mm=1.50mm=0.150cm．（2）遮光條N通過光電門時的速度為：，遮光條M通過光電門時的速度為：，根據動能定理：，聯立以上解得：．12、1.53BA【解析】根據路端電壓與電流的關系U=E-Ir,將表中數據代入兩組解得：E=1.5V,r=3Ω;粗調是指滑動變阻器觸頭移動少許，兩表示數明顯，所以滑線變阻器應選用阻值較大的B,C由于允許通過和電流過小而排除，細調滑動變阻器應選擇A思路分析：給出的圖象是電源的外特性曲線，將給出圖線向兩方延長和U軸的交點即為電動勢，而此直線斜率的絕對值為內阻試題點評：測定電源電動勢和內電阻的實驗原理，測定電源電動勢和內電阻的誤差分析四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）13m/s2【解析】

（1）分別以滑塊和木板為研究對象，根據牛頓第二定律求出其加速度，小滑塊與木板之間發生相對滑動的臨界情況為：a1=a1．求出滑塊與木板相對滑動的臨界拉力，然后根據拉力大小求出m與M的加速度；

（1）應用牛頓第二定律求出拉力F；

（3）先找出小滑塊脫離木板但不離開桌面的位置關系以及滑塊與木板的位移關系，根據牛頓第二定律列方程求出木板與滑塊的加速度由位移速度公式表示出其位移，結合找出的位移關系列方程求解；【詳解】（1）設小滑塊與薄木板剛好發生相對滑動時，小滑塊的加速度為a1，薄木板的加速度為a2，根據牛頓第二定律有：

對滑塊：μ1mg=ma1

對木板：F臨界-μ1mg-μ2（m+M)g=Ma2

且有：a1=a2，解得：F臨界=4.5N，

由于：F=3.5N＜F臨界=4.5N