2025屆云南省元陽縣一中物理高二上期末考試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、空間有一圓柱形勻強磁場區域，該區域的橫截面的半徑為R，磁場方向垂直橫截面．一質量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子以速率v0沿橫截面的某直徑射入磁場，離開磁場時速度方向偏離入射方向60°．不計重力，該磁場的磁感應強度大小為A. B.C. D.2、關于科學家在電磁學中的貢獻，下列說法不符合歷史事實的是（）A.庫倫測出了靜電力常量KB.安培提出了左手定則判斷磁場對電流的作用力方向C.洛倫茲提出了分子電流假說D.奧斯特首先發現了電流的磁效應3、物理量的正負號表示特定的物理意義，下列物理量中的正負號含義說法正確的是（）A.相對于同一零勢點，電勢能Ep=-7J比Ep=3J小B.磁通量有正負之分，磁通量是矢量C.力是矢量，－3N比－5N大D.功是標量，F1對物體做正功，F2對物體做負功，F1做的功一定大于F2做的功4、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態．現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則下列說法錯誤的是（）A.帶電油滴的電勢能將增大B.P點的電勢將降低C.帶電油滴將沿豎直方向向上運動D.電容器的電容減小，極板帶電量減小5、金屬棒MN兩端用細軟導線懸掛于a、b兩點，其中間一部分處于方向垂直于紙面向里的勻強磁場中，靜止時MN平行于紙面，如圖所示。若金屬棒通有從M向N的電流，此時懸線上有拉力。為了使拉力等于零，下列措施可行的是（）A.減小電流B.減小磁感應強度C.將電流方向改為從N流向MD.將磁場方向改為垂直于紙面向外,同時將電流方向也改為從N流向M并增大電流強度6、導線中帶電粒子定向運動形成了電流．帶電粒子定向運動時所受洛倫茲力的矢量和，在宏觀上表現為導線所受的安培力．如圖所示，設導線ab中每個帶正電粒子定向運動的速度都是v，單位體積的粒子數為n，粒子的電荷量為q，導線的橫截面積為S，磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里，則下列說法正確的是A.由題目已知條件可以算得通過導線的電流為B.題中導線受到的安培力的方向可用安培定則判斷C.每個粒子所受的洛倫茲力為，通電導線所受的安培力為D.改變適當的條件，有可能使圖中帶電粒子受到的洛倫茲力方向反向而導線受到的安培力方向保持不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，將負試探電荷沿著等量異種電荷的連線從中點A點移動到B點，在這一過程中()A.試探電荷所受電場力增大B.試探電荷所受電場力減小C.試探電荷所處位置的電勢增大D.試探電荷所處位置的電勢減小8、如圖所示，某質點做勻減速直線運動，依次經過三點，最后停在點。已知，從點運動到點，從點運動到點兩個過程速度變化量都為，則下列說法正確的是（）A.質點到達點時速度大小為 B.質點的加速度大小為C.質點從點運動到點的時間為 D.兩點間的距離為9、如圖所示，圖線甲、乙分別為電源和某金屬導體的U－I圖線，電源的電動勢和內阻分別用E、r表示，根據所學知識分析下列選項正確的是()A.E＝50VB.r＝ΩC.當該導體直接與該電源相連時，該導體的電阻為20ΩD.當該導體直接與該電源相連時，電路消耗總功率為80W10、如圖所示，從F處釋放一個無初速度的電子向B板方向運動，則下列對電子運動的描述中錯誤的是（設每節電池電動勢為U）（）A.電子到達B板時的動能是eUB.電子從B板到達C板動能變化量為eUC.電子到達D板時動能是3eUD.電子在A板和D板之間做往復運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小杜家里新裝修時使用了一批照明鹵鎢燈泡，如圖．小杜利用多用電表測量了該燈泡的電阻：（1）小杜拿到多用電表后，選好“”，紅黑表筆短接后指針位置如圖，則應該調節（）（2）校準之后，用紅黑表筆分別接觸鹵鎢燈泡的兩腳，發現指針近乎滿偏轉，為了使測量結果更準確，則需要更換“”檔位，指針位置如圖，則該燈泡電阻為__Ω（3）小杜翻閱了該產品的說明書，說明書上寫著“額定電壓220V，65W”，小杜根據計算得知電阻約為744Ω．該計算結果與實際測量結果相差較大的主要原因可能是__12．（12分）利用如圖所示的電路測定一節干電池的電動勢和內電阻，要求盡量減小實驗誤差．供選擇的器材有：A．電流表A（0～0.6A）B．電壓表V1（0～3V）C．電壓表V2（0～15V）D．滑動變阻器R1（0～20Ω）E．滑動變阻器R2（0～200Ω）F．定值電阻R0=1ΩG．開關一個，導線若干(1)實驗中電壓表應選用______，滑動變阻器應選用______（選填相應器材前的字母）(2)某位同學記錄了6組數據，對應的點已經標在坐標紙上.在答題卡中的坐標紙上畫出U-I圖線______，并根據所畫圖線可得出干電池的電動勢E=______V，內電阻r=______Ω.（結果均保留兩位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，平行金屬板長為L，一個帶電為＋q、質量為m的粒子以初速度v0緊貼上板垂直射入電場，剛好從下板邊緣射出，末速度恰與下板成30°角，粒子重力不計，求：（1）粒子末速度大小；（2）電場強度；（3）兩極板間距離14．（16分）如圖所示，兩根相距為L的光滑平行金屬導軌CD、EF固定在水平面內，并處在豎直向下的勻強磁場中，導軌足夠長且電阻不計．在導軌的左端接入阻值為R的定值電阻，將質量為m、電阻可忽略不計的金屬棒MN垂直放置在導軌上，可以認為MN棒的長度與導軌寬度相等，且金屬棒運動過程中始終與導軌垂直并接觸良好，不計空氣阻力．金屬棒MN以恒定速度v向右運動過程中，假設磁感應強度大小為B且保持不變，為了方便，可認為導體棒中的自由電荷為正電荷（1）請根據法拉第電磁感應定律，推導金屬棒MN中的感應電動勢E；（2）在上述情景中，金屬棒MN相當于一個電源，這時的非靜電力與棒中自由電荷所受洛倫茲力有關．請根據電動勢的定義，推導金屬棒MN中的感應電動勢E（3）請在圖中畫出自由電荷所受洛倫茲力示意圖．我們知道，洛倫茲力對運動電荷不做功．那么，金屬棒MN中的自由電荷所受洛倫茲力是如何在能量轉化過程中起到作用的呢？請結合圖中自由電荷受洛倫茲力情況，通過計算分析說明15．（12分）如圖所示，平行光滑長導軌處于同一水平面內，相距為l，電阻不計，左端與阻值為R的電阻相連．金屬桿質量為m，電阻為r，垂直于兩導軌放置，整個裝置放在豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中．現對桿施加一水平向右的恒定拉力F，使它由靜止開始運動．求：(1)當桿的速度為v時，桿的加速度a；(2)桿穩定時的速度；(3)若桿從靜止到達穩定的過程中，桿運動的距離為s，則此過程回路中產生的熱量Q為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】帶正電的粒子垂直磁場方向進入圓形勻強磁場區域，由洛倫茲力提供向心力而做勻速圓周運動，畫出軌跡如圖，根據幾何知識得知，軌跡的圓心角等于速度的偏向角60°，且軌跡的半徑為r=Rcot30°=R根據牛頓第二定律得得A．，與結論相符，選項A正確；B．，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論不相符，選項D錯誤；故選A【名師點睛】本題是帶電粒子在勻強磁場中運動的問題，畫軌跡是關鍵，是幾何知識和動力學知識的綜合應用，常規問題2、C【解析】A．庫倫也用類似的扭秤裝置測出了靜電力常量k，故A正確；B．安培提出了左手定則判斷磁場對電流的作用力方向，故B正確；C．安培提出了分子電流假說，故C錯誤；D．奧斯特首先發現了電流的磁效應，故D正確。故選C。3、A【解析】A．電勢能的正負號表示大小，則相對于同一零勢點，電勢能Ep=-7J比Ep=3J小，選項A正確；B．磁通量無正負之分，磁通量是標量，選項B錯誤；C．力是矢量，符號表示方向，則－3N比－5N小，選項C錯誤；D．功是標量，符號只表示功的正負，不表示大小，若F1對物體做正功，F2對物體做負功，F1做的功不一定大于F2做的功，選項D錯誤.4、C【解析】將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據E=U/d分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況．由U=Ed分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化【詳解】將平行板電容器上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據E=U/d得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動．故C錯誤．場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低．由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故AB正確．根據，可知d增大時，電容器的電容減小；根據Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D正確；此題選擇錯誤的選項，故選C【點睛】本題運用E=U/d分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動．運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化5、D【解析】AB.根據左手定則，金屬棒通有從M向N的電流，勻強磁場垂直紙面向里，可判斷金屬棒受到的安培力方向豎直向上，由受力平衡得為了使拉力等于零，需增大電流、磁感應強度，故AB錯誤；C.將電流方向改為從N流向M，勻強磁場垂直紙面向里，根據左手定則可知金屬棒受到的安培力方向豎直向下，拉力增大，故C錯誤；D.將磁場方向改為垂直于紙面向外，同時將電流方向也改為從N流向M可判斷金屬棒受到的安培力方向豎直向上，增大電流強度，安培力增大，拉力減小，故D正確。故選D。6、A【解析】判斷洛倫茲力的方向用左手定則，電流由其定義I=Q/t確定，洛倫茲力的集中表現為安培力【詳解】電流：，則A正確；導線受到的安培力的方向由左手定則判斷，則B錯誤；粒子所受的洛倫茲力為F洛=qvB，導線長度為L，則其受的安培力為：F=nqLSvB=BIL，則C錯誤；洛倫茲力方向反向決定了所受到的安培力方向也反向，則D錯誤；故選A【點睛】本題考查電流的微觀表達式，關鍵在于明確有多少電荷流過我們所確定的截面，并由洛倫茲力的集中表現為安培力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】等量異種電荷所產生的電場線如圖所示：AB．在其連線上，從A到B過程中，電場線變密，電場強度增大，故電場力變大，A正確B錯誤；CD．兩電荷連線上，電場方向由+Q指向-Q，又知道沿電場線方向電勢降低，故從A到B過程中電勢降低，C錯誤D正確；故選AD。8、BD【解析】AB．由題意知設加速度大小為a，根據速度位移公式得代入數據聯立解得故A錯誤，B正確；CD．質點從A到C的時間為AD間的距離為故C錯誤，D正確；故選BD。9、AC【解析】AB．由圖象的物理意義可知電源的電動勢E＝50V，內阻r＝＝Ω＝5Ω，故A正確，B錯誤；CD．該導體與該電源相連時，電阻的電壓、電流分別為U＝40V，I＝2A，則R＝＝20Ω，此時，電路消耗的總功率P總＝EI＝100W，故C正確，D錯誤10、BC【解析】A．釋放出一個無初速度電荷量為e的電子，在電壓為U電場中被加速運動，當出電場時，所獲得的動能等于電場力做的功，即W=qU=eU故A正確；B．由圖可知，BC間沒有電壓，則沒有電場，所以電子在此處做勻速直線運動，則電子的動能不變，故B錯誤；C．電子以eU的動能進入CD電場中，在電場力的阻礙下，電子作減速運動，由于CD間的電壓也為U，所以電子的到達D板時速度減為零，所以開始反向運動，故C錯誤；D．由上可知，電子將會在A板和D板之間加速、勻速再減速，回頭加速、勻速再減速，做往復運動，故D正確。本題選擇錯誤的，故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.T②.240Ω③.計算結果中是用220V電壓計算，說明燈泡發熱量很大，使得燈絲電阻率變大，因此導致計算結果中的電阻比多用電表計算結果大很多（突出溫度對電阻率的影響即可）【解析】(1)[1]紅黑表筆短節后指針沒有滿偏，說明需要歐姆調零，即調節T旋鈕即可；(2)[2]根據多用電表讀數方法，測量結果為240Ω；(3)[3]計算結果中是用220V電壓計算，說明燈泡發熱量很大，使得燈絲電阻率變大，因此導致計算結果中的電阻比多用電表計算結果大很多（突出溫度對電阻率的影響即可）。12、①.B②.D③.④.1.5⑤.0.14【解析】(1)根據電源電動勢選擇電壓表，為方便實驗操作應選擇最大阻值較小的滑動變阻器.(2)根據坐標系內描出的點作出圖線，電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于等效電源內阻，根據圖示圖象求出電源電動勢與內阻.【詳解】(1)一節干電池電動勢約為1.5V，電壓表應選擇B(3V)；因一節干電池的內阻較小，為方便實驗操作且讓外電壓有明顯的變化，滑動變阻器應選擇總阻值較小的D(20Ω)；(2)根據坐標系內描出的點,用平滑的直線連接各點可得到電源的U-I圖象，如圖所示：由圖示電源U-I圖象和可知，圖像的縱截距為電源電動勢：E=1.5V，圖像的斜率表示電源內阻和定值電阻R0構成的等效電阻，.【點睛】本題考查了實驗器材選擇、實驗實驗數據處理，要掌握實驗器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實驗操作原則；應用圖象法處理實驗數據是常用的實驗數據處理方法，要掌握描點法作圖的方法.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】粒子在電場中做類平拋運動，由運動的合成與分解可知粒子的末速度的大小將粒子的運動分解為水平方向的勻速運動和豎直方向的勻加速直線運動，則由運動的合成與分解可求得電場強度；由動能定理可求得兩板間的距離【詳解】(1)粒子離開電場時速度如圖所示:由圖可知：(2)粒子從射入電場到離開電場，由動能定理得：聯立以上解得：(3)帶電粒子做類平拋運動，在水平方向上：L=v0t粒子離開電場時，粒子豎直方向的分速度：vy=v0tan60°兩板間的距離：【點睛】:本題主要考查了帶電粒子在電場中的運動，若垂直電場線進入則做類平拋運動，要將運動分解為沿電場線和垂直于電場線兩個方向進行分析，利用直線運動的規律進行求解14、（1）；（2）（3）見解析【解析