2025屆山東省平度市高二物理第一學期期末質量檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在以下幾幅圖中，洛倫茲力的方向判斷不正確的是()A. B.C. D.2、物理學對人類文明進步做出了積極的貢獻，成為當代人類文化的一個重要組成部分．關于物理學發展過程，下列說法中正確的是（）A.法拉第發現電荷間的相互作用力的關系，并測得靜電力常量B.荷蘭物理學家洛侖茲提出運動電荷產生了磁場和磁場對運動電荷有作用力（洛侖茲力）的觀點C.安培發現電流可以使周圍的磁針偏轉的效應，稱為電流的磁效應D.奧斯特發現了電流的周圍存在磁場并最早提出了場的概念3、關于磁感線，下列說法正確的是A.磁感線只能表示磁場的方向B.磁感線只能表示磁場的強弱C.磁感線的疏密能形象描述磁場的強弱D.磁感線可以用細鐵屑來顯示，因而是真實存在的4、在國際單位制中，屬于基本單位的是（）A.牛頓 B.安培C.歐姆 D.攝氏度5、圖為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數分別為n1、n2．在T的原線圈兩端接入一電壓的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r，不考慮其它因素的影響，則輸電線上損失的電功率為()A. B.C. D.6、如圖所示，某種帶電粒子由靜止開始經電壓為U1的電場加速后，射入水平放置，電勢差為U2的兩導體板間的勻強電場中，帶電粒子沿平行于兩板方向從兩板正中間射入，穿過兩板后又垂直于磁場方向射入邊界線豎直的勻強磁場中，則粒子入磁場和射出磁場的M、N兩點間的距離d隨著U1和U2的變化情況為（不計重力，不考慮邊緣效應）（）A.d隨U1變化，d與U2無關B.d與U1無關，d隨U2變化C.d隨U1變化，d隨U2變化D.d與U1無關，d與U2無關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，勻強電場的電場強度為E，方向豎直向下，有一質子（重力不計）恰能以速率沿直線從左向右沿直線水平飛越此區域．下列說法正確的是()A.若一電子以速率v從左向右飛入，則該電子將向上偏轉B.若一電子以速率v從左向右飛入，則該電子將沿直線運動C.該質子通過此區域的速度D.該質子通過此區域的速度8、A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球可視為點電荷兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的為光敏電阻其阻值隨所受光照強度的增大而減小，為滑動變阻器，為定值電阻．當的滑片P在中間時閉合電鍵S，此時電流表和電壓表的示數分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為電源電動勢E和內阻r一定，電表均為理想電表．下列說法中正確的是（）A.無論將的滑動觸頭P向a端移動還是向b端移動，均不會變化B.若將的滑動觸頭P向b端移動，則I減小，U減小C.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射，則小球重新達到穩定后變小D.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變9、下列說法正確的是（）A.只有系統不受外力，這個系統才能動量守恒B.若小明用力推物體而沒推動，則推力產生的沖量不為零C.質量越大，物體動量一定越大D.豎直拋出的物體上升到一定高度后又落回拋出點，不計空氣阻力，則此過程中重力的沖量不為零10、電容式加速度傳感器原理如圖所示，質量塊左、右側連接電介質、輕質彈簧，彈簧與電容器固定在外框上，質量塊可帶動電介質移動，改變電容．則（）A.電介質插入極板間越深，電容器電容越小B.當傳感器以恒定加速度運動時，電路中有恒定電流C.若傳感器原來向右勻速運動，突然減速時彈簧會壓縮D.當傳感器由靜止突然向右加速時，電路中有順時針方向的電流三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）普通的交流電流表不能直接接在高壓輸電線路上測量電流，通常要通過電流互感器來連接，圖中電流互感器ab一側線圈的匝數較少，工作時電流為Iab，cd一側線圈的匝數較多，工作時電流為Icd，為了使電流表能正常工作，則ab接__（選填MN或PQ），Iab__Icd．（選填“＞”或“＜”）12．（12分）一同學用圖甲電路測量電源的電動勢和內阻。所用的實驗器材有：待測電源（電動勢約為3V，內阻約為7Ω），保護電阻R1（阻值為10Ω），滑動變阻器R（阻值范圍為0~20Ω），電流表④，電壓表，開關S，導線若干。他的主要實驗步驟如下：①按圖甲連接電路②將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，閉合開關③逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數U和相應電流表的示數I④以U為縱坐標、I為橫坐標，作U一I圖象（U、Ⅰ都用國際單位）（1）測量電源的電動勢和內阻，電壓表應選用____；電流表應選用____。（均填選項標號）A.電壓表（0~15V，內阻約為15kΩ）B.電壓表（0~3V，內阻約為3kΩ）C.電流表（0~300mA，內阻約2Ω）D.電流表（0~30mA，內阻約為20Ω）（2）用該電路測量出多組數據，作出圖乙所示的U-Ⅰ圖象，則待測電源電動勢E=___V、內阻r=___Ω。（結果均保留兩位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用一小型交流發電機向遠處用戶供電，已知發電機線圈abcd匝數N=100匝，面積，線圈勻速轉動的角速度，勻強磁場的磁感應強度。輸電時先用升壓變壓器將電壓升高，到達用戶區再用降壓變壓器將電壓降下來后供用戶使用，輸電導線的總電阻為，變壓器都是理想變壓器，降壓變壓器原、副線圈的匝數比為，若用戶區標有“，”的電動機恰能正常工作.發電機線圈電阻r不可忽略。求：(1)交流發電機產生電動勢的最大值；(2)輸電線路上損耗的電功率；(3)若升壓變壓器原、副線圈匝數比為，升壓變壓器原線圈兩端的電壓14．（16分）如圖所示，傾角為37的光滑絕緣斜面AB和光滑絕緣水平面BC平滑連接，斜面AB長L=4m，空間存在著平行于斜面向上的勻強電場．現有質量為m=1kg，帶電量為+2.010-3C的滑塊（可視為質點）從A點以6m/s的速度沿斜面勻速下滑．g取10m/s2，求：（1）電場強度的大小E；（2）滑塊在水平面BC運動的最大位移15．（12分）如圖，在x軸上方存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直直面向外，在x軸下方存在勻強電場，電場方向與xOy平面平行，且與x軸成45°夾角．一質量為m，電荷量為q（q＞0）的粒子以初速度v0從y軸上的P點沿y軸正方向射出，一段時間后進入電場，進入電場時的速度方向與電場方向相反，又經過一段時間T0，磁場的方向變為垂直于紙面向里，大小不變，不計重力（1）求粒子在磁場中運動的軌道半徑；（2）求粒子從P點出發至第一次到達x軸所需的時間；（3）若要使粒子能夠回到P點，求電場強度的最大值

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.根據左手定則，垂直紙面向里的磁感線穿過手心，四指指向正電荷的運動方向向右，大拇指指向洛倫茲力的方向，判斷出來洛倫茲力向上。故A正確不符合題意。B.根據左手定則，垂直紙面向外的磁感線穿過手心，四指指向正電荷運動的方向向右，大拇指指向洛倫茲力的方向，判斷出來洛倫茲力向下。故B正確不符合題意。C.當速度與磁感線平行時，電荷不受洛倫茲力。故C錯誤符合題意。D.根據左手定則，水平向左的磁感線穿過手心，四指指向負電荷運動的反方向向上，拇指指向洛倫茲力的方向，判斷出來洛倫茲力方向垂直紙面向外。故D正確不符合題意。2、B【解析】根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可【詳解】A項：庫侖發現發現電荷間的相互作用力的關系，并測得靜電力常量，故A錯誤；B項：荷蘭物理學家洛侖茲提出運動電荷產生了磁場和磁場對運動電荷有作用力（洛侖茲力）的觀點，故B正確；C項：奧斯特發現電流可以使周圍的磁針偏轉的效應，稱為電流的磁效應，故C錯誤；D項：奧斯特發現了電流的周圍存在磁場，法拉第最早提出了場的概念，故D錯誤故選B【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一3、C【解析】本題考查了磁感線，磁場方向的規定，記住相關的基礎知識，對于解決此類識記性的題目非常方便；【詳解】磁感線是人們為形象描述磁場的特點而引入的，不是真實存在的，磁感線上各點的切線方向就是各點的磁感應強度的方向，磁感線的疏密程度表示磁場的強弱程度，故選項C正確，ABD錯誤4、B【解析】A．牛頓是國際單位制中的導出單位，選項A錯誤；B．安培是國際單位制中的基本單位，選項B正確；C．歐姆是國際單位制中的導出單位，選項C錯誤；D．攝氏度不是國際單位制中的基本單位，選項D錯誤；故選B.5、C【解析】加在原線圈上電壓，根據電壓比與匝數比關系：，所以：根據，輸電線上的電流，輸電線上消耗的功率．故C正確，ABD錯誤．故選C6、A【解析】設帶電粒子經電壓為U1的電場加速后速度為v0，由動能定理，有帶電粒子在電勢差為U2的電場中做類平拋運動，可將射出電場的粒子速度v分解成沿初速度方向與加速度方向，設出射速度與水平夾角為θ，則有粒子在磁場中做勻速圓周運動，設運動軌跡對應的半徑為R，由幾何關系可得，半徑與直線MN夾角正好等于θ，則有所以又因為半徑公式則有故d與m，v0成正比，與B，q成反比，即d只與U1有關，與U2無關，故A正確，BCD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】質子從左邊進入電場，在電場中受到向下電場力和向上的洛倫茲力作用，因恰能沿直線從右邊水平飛出，可知電場力和洛倫茲力平衡，有qE=qvB，得v=E/B．若是電子，也從左邊以速度v射入，電場力和洛倫茲力的方向對調，發現還是有v=E/B，所以帶電粒子只要以速度v從左邊水平進入電場，粒子就會沿水平方向射出，與電性和電量無關；由上分析可知，故AD錯誤，BC正確．故選BC8、ACD【解析】AB．滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭P，和所在電路中電流I不變，U也不變，所以角度不變，故A正確，B錯誤；C．用更強的光線照射，的阻值變小，外電路總電阻減小，電流I增大，內電壓和的電壓增大，則電容器板間電壓減小，板間電場強度變小，小球所受的電場力變小，則減小，故C正確；D．保持滑動觸頭P不動，逐漸增加照射的光強，總電阻減小，電流I增大，外電壓U減小，根據閉合電路歐姆定律得：，可見，保持不變，故D正確。故選ACD。9、BD【解析】A．當系統不受外力或者合外力為零時，系統動量守恒，故A錯誤；B．根據沖量的定義可知小明用力推物體而沒推動，但推力和時間都不為零，故推力產生的沖量不為零，故B正確；C．根據可知物體的動量與物體的質量和速度都有關，所以質量越大，物體動量不一定越大，故C錯誤；D．由B選項分析可知物體從拋出到落回拋出點過程中重力和時間均不為零，故此過程中重力的沖量不為零，故D正確。故選BD。10、CD【解析】A.由知，電介質插入越深，越大，即越大，選項A不符合題意；B.當傳感器以恒定加速度運動時，電介質相對電容器靜止，電容不變，電路中沒有電流，選項B不符合題意；C.傳感器向右勻速運動，突然減速時，質量塊由于慣性相對傳感器向右運動，彈簧壓縮變短，選項C符合題意；D.傳感器由靜止突然向右加速時，電介質相對電容器向左運動，增大，增大，電源電動勢不變，由知，增大，上極板電荷量增大，即電路中有順時針方向的電流，選項D符合題意三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.MN②.>【解析】[1][2]利用變壓器工作原理所以輸入端ab接MN，輸出端cd接PQ，電流互感器的作用是使大電流變成小電流，所以12、①.B②.C③.3.0④.7.2【解析】（1）[1][2]由于待測電表的電動勢約為3V，故電壓表應該選擇B，由于電路中的最大電流約為故電流表應該選擇C（2）[3][4]由閉合電路歐姆定律可得故該圖像與縱軸的交點即為電源電動勢，故電動勢為3.0V；該圖像的斜率即表示電源內阻，故電源內阻為7.2Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)160W；(3)280V。【解析】(1)由Em＝NBSω，得Em＝V；(2)設降壓變壓器原、副線圈的電流分別為I3、I4，電動機恰能正常工作，有I4＝＝40A由得I3＝4A所以輸電線路上損耗的電功率；(3)由＝得U3＝2200V升壓變壓器副線圈兩端電壓U2＝U3+I3R＝2240V又＝可得U1＝280V。14、（1）3.0103N/C；（2）3