2025屆云南省曲靖市沾益區第一中學物理高三第一學期期中檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,水平細桿上套一球A，球A與球B間用一輕繩相連，質量分別為和，由于B球受到水平風力作用，球A與球B一起向右勻速運動．已知細繩與豎直方向的夾角為，則下列說法中正確的是（）A．球A與水平細桿間的動摩擦因數為B．球B受到的風力F為C．風力增大時，若A、B仍勻速運動，輕質繩對球B的拉力保持不變D．桿對球A的支持力隨著風力的增加而增加2、如圖所示，在光滑的水平面上放著緊靠在一起的A、B兩物體，B的質量是A的2倍，B受到向右的恒力FB=2N，A受到的水平力FA=（7-2t）N（t的單位是s）．從t=0開始計時，則（）A．物體在2s末時刻的加速度是初始時刻的倍B．B物體一直勻加速直線運動C．t=3.5s時，A物體的速度為零D．t=3.5s時，A開始沿與B速度相反的方向運動3、如圖是傳感器記錄的某物體在恒力作用下沿x軸運動的x-t圖象，已知圖象為一條拋物線，下列說法正確的是（）A．物體做曲線運動 B．物體前5s內的平均速度為1.4m/sC．物體運動的初速度為9m/s D．物體做勻變速直線運動，加速度大小為2m/s24、如圖所示，質量為M的小車放在光滑的水平地面上，右面靠墻，小車的上表面是一個光滑的斜面，斜面的傾角為α，設當地的重力加速度為g，那么，當有一個質量為m的物體在這個斜面上自由下滑時，小車對右側墻壁的壓力大小是A．mgtanα B． C． D．mgsinα·cosα5、如圖所示，一木板B放在水平地面上，木塊A放在木板B的上面，木塊A的右端通過彈簧測力計固定在豎直墻壁上，用力2F向左拉木板B，使它以速度v勻速運動，這時木塊A靜止，彈簧測力計的示數為F，下列說法中正確的是（）A．此時木板B受到的摩擦力的合力等于FB．此時地面受到向右的滑動摩擦力，大小等于FC．若木板B以2v勻速運動，木塊A受到的滑動摩擦力等于FD．若用力3F拉木板B，木塊A受到的滑動摩擦力等于2F6、如圖所示，水平面上固定有一個斜面，從斜面頂端向右平拋一個小球，當初速度為時，小球恰好落到斜面底端，飛行時間為。現用不同的初速度從該斜面頂端向右平拋這個小球，以下圖像能正確表示平拋運動的飛行時間隨變化的函數關系的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水星和金星繞太陽的運動可視為勻速圓周運動。若測得在相同時間內水星、金星轉過的角度分別為θ1、θ2（均為銳角），則由此條件可求得水星和金星（）A．質量之比為θ1：θ2B．繞太陽運動的周期之比為θ2：θ1C．繞太陽運動的軌道半徑之比為：D．與太陽連線掃過的面積之比為1：18、如圖所示，一長為的輕桿一端與水平轉軸相連，另一端固定一質量為的小球，轉軸帶動輕桿使小球在豎直平面內沿逆時針方向做勻速圓周運動，角速度為。為與圓心等高的兩點，為最高點，重力加速度為。則A．在B點時桿對球的作用力不可能為0B．在點時，桿對球的作用力大小為C．從轉動到的過程中，小球處于超重狀態D．從轉動到的過程中，小球重力的功率一直增大9、如圖所示，內壁光滑的圓形軌道固定在豎直平面內，軌道內甲、乙兩小球固定在輕桿的兩端，已知甲乙兩球的質量分別為M,m且M>m，開始時乙球位于軌道的最低點，現由靜止釋放輕桿，下列說法正確的是()A．甲球下滑至底部的過程中,系統的機械能守恒B．甲球滑回時不一定能回到初始位置C．甲球沿軌道下滑，第一次到最低點時具有向右的瞬時速度D．在甲球滑回過程中桿對甲球做的功與桿對乙球做的功的代數和為零10、如圖所示，在水平地面上O點正上方的A、B兩點同時水平拋出兩個相同小球，它們最后都落到地面上的C點，則兩球A．不可能同時落地B．落在C點的速度方向可能相同C．落在C點的速度大小可能相同D．落在C點的重力的瞬時功能不可能相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用做自由落體運動的小球來驗證機械能守恒定律．在某次實驗中，該同學得到小球自由下落的部分頻閃照片如圖所示，圖中所標數據均為小球下落的實際距離．若已知當地的重力加速度大小為g＝9.80m/s2，小球的質量為m＝1.00kg，頻閃儀每隔0.05s閃光一次．（1）在t2到t5時間內，小球重力勢能的減少量△Ep＝_____J，動能的增加量為△Ek＝_____J；（結果保留三位有效數字）（2）該同學通過多次實驗發現，無論在哪段時間內，小球重力勢能的減少量△Ep總是大于其動能的增加量△Ek，造成這種現象的主要原因是_____．12．（12分）在“探究求合力的方法”的實驗中，需要將橡皮條的一墻固定在水平木板上，另一端系上兩根細繩，細繩的另一端都有繩套，實驗中需用兩個彈簧稱分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長．結點到達某一位置．（1）某同學在做該實驗時認為：A．拉橡皮條的繩細一些且長一些，實驗效果較好B．拉橡皮條時，彈簧秤、橡皮條、細繩應貼近木板且與木板平面平行C．橡皮條彈性要好，拉結點到達某一位置時，拉力要適當大些D．兩彈簧秤拉橡皮條時的夾角越大越好其中正確的是___（填入相應的字母）．（2）如圖所示是甲、乙兩名同學實驗時得到的結果，其中符合實驗事實的是__．（3）若兩個彈簧秤的讀數均為4N，且兩彈簧秤拉力的方向相互垂直，則__（填“能”或“不能”）用一個量程為5N的彈簧秤測量出它們的合力．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，一輕彈簧原長為2R，其一端固定在傾角為37°的固定直軌道AC的底端A處，另一端位于直軌道上B處，彈簧處于自然狀態，直軌道與一半徑為的光滑圓弧軌道相切于C點，AC=7R，A、B、C、D均在同一豎直面內．質量為m的小物塊P自C點由靜止開始下滑，最低到達E點（未畫出），隨后P沿軌道被彈回，最高點到達F點，AF=4R，已知P與直軌道間的動摩擦因數，重力加速度大小為g．（取，）（1）求P第一次運動到B點時速度的大小．（2）求P運動到Ｅ點時彈簧的彈性勢能．（3）改變物塊P的質量，將P推至E點，從靜止開始釋放．已知P自圓弧軌道的最高點D處水平飛出后，恰好通過G點．G點在C點左下方，與C點水平相距、豎直相距R，求P運動到D點時速度的大小和改變后P的質量．14．（16分）打印機是辦公的常用工具，噴墨打印機是其中的一種．噴墨打印機的工作原理簡化圖如圖所示．其中墨盒可以噴出半徑約為的墨汁微滴，大量的墨汁微滴經過帶電室時被帶上負電荷，成為帶電微粒．墨汁微滴所帶電荷量的多少由計算機的輸入信號按照文字的排列規律進行控制．帶電后的微滴以一定的初速度進入由兩塊平行帶電金屬板形成的偏轉電場中，微滴經過電場的作用發生偏轉后打在紙面上，顯示出字體．若某種噴墨打印機的偏轉電場極板長度為，兩板間的距離為，偏轉電場極板的右端距紙面的距離為，某個帶電微滴的質量為，沿兩板間的中心線以初速度進入偏轉電場．偏轉電場兩極板間電壓為．該微滴離開電場時的速度大小為，不計微滴受到的重力和空氣阻力影響，忽略電場邊沿場強的不均勻性．（1）該帶電微滴所帶的電荷量．（2）該帶電微滴到達紙面時偏離原入射方向的距離．（3）在微滴的質量和所帶電荷量以及進入電場的初速度均一定的條件下，分析決定打印在紙上字體大小的因素有哪些？若要使紙上的字體高度放大，可以采取的措施是什么？15．（12分）如圖所示，AB段為一半徑R＝0.2m的光滑圓弧軌道，EF是一傾角為30°的足夠長的光滑固定斜面，斜面上有一質量為0.1kg的薄木板CD，開始時薄木板被鎖定．一質量也為0.1kg的物塊(圖中未畫出)從A點由靜止開始下滑，通過B點后水平拋出，經過一段時間后恰好以平行于薄木板的方向滑上薄木板，在物塊滑上薄木板的同時薄木板解除鎖定，下滑過程中某時刻物塊和薄木板能達到共同速度．已知物塊與薄木板間的動摩擦因數為μ＝.(g＝10m/s2，結果可保留根號)求：(1)物塊到達B點時對圓弧軌道的壓力大小；(2)物塊滑上薄木板時的速度大小；(3)達到共同速度前物塊下滑的加速度大小及從物塊滑上薄木板至達到共同速度所用的時間．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

先對球B受力分析，受重力、風力和拉力，根據共點力平衡條件列式分析；對A、B兩物體組成的整體受力分析，受重力、支持力、風力和水平向左的摩擦力，再再次根據共點力平衡條件列式分析各力的變化．【詳解】對球B受力分析，受重力、風力和拉力，如圖：風力為，繩對B球的拉力為，把環和球當作一個整體，對其受力分析，受重力、支持力N、風力F和向左的摩擦力f，如圖，根據共點力平衡條件可得：桿對A環的支持力大小：、，則A環與水平細桿間的動摩擦因數為，B正確A錯誤；當風力增大時，增大，則T增大．C錯誤；對整體分析，豎直方向上桿對環A的支持力，不變，D錯誤．【點睛】本題考查受力分析以及共點力的平衡條件應用，要注意明確整體法與隔離法的正確應用．

①整體法：以幾個物體構成的整個系統為研究對象進行求解．在許多問題中用整體法比較方便，但整體法不能求解系統的內力．

②隔離法：從系統中選取一部分（其中的一個物體或兩個物體組成的整體，少于系統內物體的總個數）進行分析．隔離法的原則是選取受力個數最少部分的來分析．

③通常在分析外力對系統作用時，用整體法；在分析系統內各物體之間的相互作用時，用隔離法．有時在解答一個問題時要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用1、當分析相互作用的兩個或兩個以上物體整體的受力情況及分析外力對系統的作用時，宜用整體法；而在分析系統內各物體（或一個物體各部分）間的相互作用時常用隔離法．

2、整體法和隔離法不是獨立的，對一些較復雜問題，通常需要多次選取研究對象，交替使用整體法和隔離法．2、A【解析】

設A的質量為m，B的質量為2m，在兩物體沒有分離時，把AB看成一個整體，根據牛頓第二定律得：，代入數據解得：隔離B，設A對B的作用力大小為N，則有：N+FB=2ma

聯立解得：AB．由上得，在開始的一段時間內AB兩物體做加速度減小的加速度運動。當t=3s時，N=0，此后A、B分離，B物體做勻加速直線運動。當t=0時，加速度：t=2s時，則物體在2s末時刻的加速度是初始時刻的倍。故A正確，B錯誤。CD．t=3.5s時，A的加速度為：說明t=3.5s之前A在做加速運動，此時A的速度不為零，而且速度方向與B相同。故CD錯誤。3、D【解析】

A．位移時間圖像表示物體的運動的規律，不是物體的運動軌跡，所以A錯誤；B．根據圖線可知內故B錯誤；CD．在內內聯立求解得，故C錯誤，D正確。故選D。4、D【解析】試題分析：當物塊下滑時，物塊對小車的作用力為mgcosα；對小車進行受力分析，如圖所示：小車處于靜止狀態，受力平衡，水平方向有：N=mgcosαsinα故選項A正確．考點：力的平衡及正交分解法．5、C【解析】

對A、B受力分析：A受水平向右的張力和水平向左的摩擦力；又因為物體間力的作用是相互的，則物體B受到A對它水平向右的摩擦力；由于B作勻速直線運動，則B受到水平向左的拉力和水平向右的兩個摩擦力平衡（A對B的摩擦力和地面對B的摩擦力）；如圖所示：A.由于B向左作勻速直線運動，B受到拉力和滑動摩擦力，則B所受摩擦力的合力為故A錯誤；B.A受力平衡，故即A受B的摩擦力大小為F，由于B向左作勻速直線運動，則則力的作用是相互的，所以地面受到的摩擦力大小等于F，方向水平向左，故B錯誤；C.滑動摩擦力大小與相對速度無關，故木板B以2v的速度勻速運動時，A與B間壓力不變，摩擦因數不變，故摩擦力大小不變為F，故C正確；D.若用3F的力拉木板B，B開始加速，但是A與B間壓力不變，摩擦因數不變，故摩擦力大小不變，木塊A受摩擦力大小仍為F，故D錯誤．6、B【解析】

AD．平拋運動豎直方向為自由落體運動水平方向為勻速直線運動若初速度大于，在高度不變時水平位移就會大于，此時小球落在水平面上，高度不變，所以飛行時間不變，結合圖像可知，AD錯誤；BC．若初速度小于，則會落在斜面上，此時設斜面的傾角為，則有得到時間可見B正確，C錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB．水星和金星作為環繞體，根據可知可求出周期比但無法它們求出質量之比，故A錯誤，B正確。C．根據開普勒第三定律可知選項C正確；D．因火星和金星沿不同的軌道繞太陽運動，則在相同時間內火星和金星與太陽連線掃過的面積之比不相等，選項D錯誤。故選BC。8、BD【解析】

A．在B點桿對球的作用力為0，只由重力提供向心力，小球也能在豎直平面內沿逆時針方向做勻速圓周運動，故A錯誤；B．在A點時，小球受重力（mg）和桿對小球的作用力（F），向心力的大小為mlω2，合力提供向心力，所以有故B正確；C．從A轉動到B的過程中，小球的向心加速度有豎直向下的分量，所以小球處于失重狀態，故C錯誤；D．從B轉動到C的過程中，速度大小不變，速度與重力方向的夾角θ逐漸變小，由可知，小球重力的功率一直增大，故D正確。故選BD。9、ACD【解析】

A.球甲、輕桿和乙球組成的系統在整個過程中只有重力做功，滿足系統機械能守恒，故A正確；B.根據系統機械能守恒可知，甲球滑回時可以回到初始位置，故B錯誤；C.甲球第一次到最低點時，乙球上升的高度與甲球初始高度相同，由于甲的質量大于乙的質量，所以甲減小的重力勢能大于乙增加的重力勢能，根據系統機械能守恒可知，此時甲、乙兩球都有速度，所以甲球此時有具有向右的瞬時速度，故C正確；D.因為甲、乙兩球總的系統機械能守恒，故甲球滑回時甲增加的機械能等于桿對甲球做的功，乙球減小的機械能等于桿對乙球做的功，而在滑回過程中甲增加的機械能等于乙減小的機械能，故桿對甲球做的功與桿對乙球做的功的代數和為零，故D正確。10、ACD【解析】

A．小球在豎直方向做自由落體運動，根據：，可知高度不同，所以運動時間一定不同，故A正確；B．平拋運動軌跡為拋物線，速度方向為該點的切線方向，分別從AB兩點拋出的小球軌跡不同，在C點的切線方向也不同，所以落地時方向不可能相同，故B錯誤；C．由動能定理：落地速度為：則知落在C點的速度大小可能相同，故C正確；D．落在C點時重力的功率當mh相同時P才相同，故D正確．故選ACD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1）7.06，7.03；(2）小球受到空氣阻力的影響；【解析】(1)在t2到t5時間內，小球下落的高度h=0.7206m，所以小球重力勢能的減少量為△Ep=mgh≈7.06J，小球在t2時刻的瞬時速度大小在t5時刻的瞬時速度大小所以小球動能的增加量；(2)由于小球下落過程中要受到空氣阻力的作用，所以減少的重力勢能一部分轉化為小球運動的動能，另一部分轉化為克服空氣阻力做功而產生的內能．12、ABC甲不能【解析】

(1)[1]A．為了方便而且更加準確確定力的方向，操作時可以使繩套細且長一些．故A正確．B．作圖時，我們是在白紙中作圖，做出的是水平力的圖示，若拉力傾斜，則會把傾斜的拉力當做水平的拉力，從而帶來更大的誤差，所以應使各力盡量與木板面平行．故B正確．C．橡皮條彈性要好，拉結點到達某一位置O時，拉力要適當大些．故C正確．D．為了做平行四邊形方便，拉力F1和F2的夾角適當，并非越大越好．故D錯誤．(2)[2]實驗中F1、F2合力的理論值是指通過平行四邊形定則求出的合力值，而其實驗值是指一個彈簧拉橡皮條時所測得的數值，由此可知F是F1、F2合力的理論值，F′是合力的實驗值．F′一定沿細線方向，故符合實際的為甲．(3)[3]兩力均為4N，且相互垂直，則其合力大小為：合力超過了彈簧秤的量程；故彈簧秤無法測出物體所受的合力，故不能使用．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3），【解析】試題分析：（1）根據題意知，B、C之間的距離l為l=7R–2R①設P到達B點時的速度為vB，由動能定理得②式中θ=37°，聯立①②式并由題給條件得③（2）設BE=x．P到達E點時速度為零，設此時彈簧的彈性勢能為Ep．P由B點運動到E點的過程中，由動能定理有④E、F之間的距離l1為l1=4R–2R+x⑤P到達E點后反彈，從E點運動到F點的過程中，由動能定理有Ep–mgl1sinθ–μmgl1cosθ=0⑥聯立③④⑤⑥式并由題給條件得x=R⑦⑧（3）設改變后P的質量為m1．D點與G點的水平距離x1和豎直距離y1分別為⑨⑩式中，已應用了過C點的圓軌道半徑與豎直方向夾角仍為θ的事實．設P在D點的速度為vD，由D點運動到G點的時間為t．由平拋運動公式有?x1=vDt?聯立⑨⑩??式得?設P在C點速度的大小為vC