PAGE26-山東省濱州市2024-2025學年高二生物下學期期末考試試題（含解析）一、單項選擇題1.在重金屬鎘污染的土壤中，水稻對鎘的汲取顯著增加，嚴峻影響其代謝。探討發覺，ABC蛋白通過水解ATP完成鎘排出，在植物根細胞的鎘解毒過程中發揮著重要作用。下列說法錯誤的是（）A.鎘可能通過變更酶的空間結構影響代謝B.水稻根細胞排出鎘的方式是主動運輸C.長期淹水會降低水稻的鎘解毒實力D.ABC蛋白的合成不須要內質網、高爾基體的加工【答案】D【解析】【分析】由題可知，ABC蛋白通過水解ATP完成鎘排出，在植物根細胞的鎘解毒過程中發揮著重要作用。【詳解】A、鎘是重金屬，可能通過變更酶的空間結構影響代謝，A正確；B、由題可知，水稻根細胞排出鎘須要蛋白質和能量，該方式是主動運輸，B正確；C、長期淹水會導致有氧呼吸受阻，ATP合成量降低，降低水稻的鎘解毒實力，C正確；D、ABC蛋白的合成須要內質網、高爾基體的加工，D錯誤。故選D。【點睛】2.為探討細胞器相互作用的關系，我國科學家繪制出了活細胞內多種細胞器的結構、動態以及相互作用的超辨別率全景圖。下列說法錯誤的是（）A.線粒體為分泌蛋白的合成、加工、胞吐等過程供應能量B.內質網和線粒體連接，有利于其合成的脂質輸入線粒體C.內質網和多種細胞器膜相連，有利于細胞內的物質交換和信息溝通D.連接細胞器之間的特定蛋白結構出現異樣，不會影響細胞器的功能【答案】D【解析】【分析】各種細胞器的結構、功能細胞器分布形態結構功

能線粒體動植物細胞雙層膜結構有氧呼吸的主要場所；細胞的“動力車間”葉綠體植物葉肉細胞雙層膜結構植物細胞進行光合作用的場所；植物細胞的“養料制造車間”和“能量轉換站”內質網動植物細胞單層膜形成的網狀結構細胞內蛋白質的合成和加工，以及脂質合成的“車間”高爾基體動植物細胞單層膜構成的囊狀結構對來自內質網的蛋白質進行加工、分類和包裝的“車間”及“發送站”核糖體動植物細胞無膜結構，有的附著在內質網上，有的游離在細胞質中合成蛋白質的場所；“生產蛋白質的機器”溶酶體動植物細胞單層膜形成的泡狀結構“消化車間”，內含多種水解酶，能分解蒼老、損傷的細胞器，吞噬并且殺死侵入細胞的病毒和細菌液泡成熟植物細胞單層膜形成的泡狀結構；內含細胞液調整植物細胞內的環境，充盈的液泡使植物細胞保持堅挺中心體動物或某些低等植物細胞無膜結構；由兩個相互垂直的中心粒及其四周物質組成與細胞的有絲分裂有關【詳解】A、線粒體為生命活動供應能量，所以為分泌蛋白的合成、加工、胞吐等過程供應能量，A正確；B、內質網是脂質合成的場所，和線粒體連接，有利于其合成的脂質輸入線粒體，B正確；C、內質網和多種細胞器膜相連，有利于細胞內的物質交換和信息溝通，C正確；D、連接細胞器之間的特定蛋白結構出現異樣，導致細胞器的結構受損，從而影響其功能，D錯誤。故選D。3.參加光合作用的蛋白質由TOC和TIC蛋白系統輸入葉綠體。TIC236作為TIC系統的一種蛋白，向膜間隙延長與TOC系統結合，構成蛋白質穿越雙層膜的關鍵橋梁（如圖所示）。據探討推想，TIC236可能是某種藍藻的蛋白質演化而來。下列說法正確的是（）A.輸入葉綠體的蛋白質在內質網上合成B.葉綠體內的蛋白質全部參加光合作用C.削減TIC236的表達會降低葉綠體蛋白質的輸入速率D.TIC236是葉綠體來自藍藻的唯一證據【答案】C【解析】【分析】葉綠體是雙層膜的細胞器，是植物細胞進行光合作用的場所；植物細胞的“養料制造車間”和“能量轉換站”。【詳解】A、蛋白質的合成場所在核糖體，A錯誤；B、光合作用的場所在葉綠體類囊體薄膜和葉綠體基質，所以不是全部的葉綠體內的蛋白質都參加光合作用，B錯誤；C、依據題干信息“TIC236構成蛋白質穿越雙層膜的關鍵橋梁”，削減TIC236的表達會導致該“橋梁”受損，所以降低葉綠體蛋白質的輸入速率，C正確；D、從題干中不能看出TIC236是葉綠體來自藍藻的唯一證據，D錯誤。故選C。4.DNP（2，4-二硝基苯酚）能抑制ATP合成，但對細胞有氧呼吸過程中H］與氧結合沒有影響。下列說法正確的是（）A.有氧呼吸第一階段不會合成ATP，該過程不受DNP影響B.DNP主要在線粒體基質中發揮作用，因為其合成ATP最多C.DNP作用于組織細胞時，線粒體內膜上產生的熱能可能增加D.DNP能影響葡萄糖進入紅細胞，進而抑制細胞無氧呼吸過程【答案】C【解析】【分析】據題意可知，2，4二硝基苯酚（DNP）對[H]與氧結合形成水的過程沒有影響，但能抑制ATP合成，表明DNP影響線粒體內膜的酶催化形成ATP的過程，能量最終以熱能形式散失。【詳解】A、有氧呼吸第一階段能產生ATP，A錯誤；B、依據題意，DNP主要在線粒體內膜中發揮作用，抑制有氧呼吸第三階段中ATP的合成，B錯誤；C、依據題意，DNP作用于組織細胞時，使線粒體內膜的酶無法催化形成ATP，結果以熱能形式散失，故線粒體內膜上散失的熱能將增加，C正確；D、依據題意，DNP抑制有氧呼吸第三階段ATP的合成，而紅細胞只進行無氧呼吸，故DNP對葡萄糖進入紅細胞過程無影響，D錯誤。故選C。【點睛】本題考查了ATP的合成過程及場所，意在考查學生的理解和應用實力，解答本題的關鍵是駕馭ATP的合成場所。5.下列有關生物學試驗的說法，正確的是（）A.可用過氧化氫作試驗材料來探究溫度對酶活性的影響B.可通過溴麝香草酚藍檢測有無二氧化碳生成，進行酵母菌呼吸方式的推斷C.綠葉中色素的分別原理是不同種類的色素在層析液中溶解度不同，擴散速率不同D.可選擇洋蔥鱗片葉內表皮細胞，視察植物細胞有絲分裂過程染色體的行為變更【答案】C【解析】【分析】1、酶的特性：（1）高效性：酶的催化效率大約是無機催化劑的107～1013倍。（2）專一性：每一種酶只能催化一種或一類化學反應。（3）作用條件較溫柔：高溫、過酸、過堿都會使酶的空間結構遭到破壞，使酶永久失活；在低溫下，酶的活性降低，但不會失活。2、葉綠體色素提取的原理：葉綠體中的色素能夠溶解在有機溶劑，所以，可以在葉片被磨碎以后用乙醇提取葉綠體中的色素。色素分別原理：葉綠體中的色素在層析液中的溶解度不同，溶解度高的隨層析液在濾紙上擴散得快，溶解度低的隨層析液在濾紙上擴散得慢。依據這個原理就可以將葉綠體中不同的色素分別開來。【詳解】A、由于過氧化氫在高溫條件下易分解，所以不能用過氧化氫作試驗材料來探究溫度對酶活性的影響，A錯誤；B、酵母菌在有氧或無氧的條件下都產生二氧化碳，所以不能通過檢測有無二氧化碳生成，進行酵母菌呼吸方式的推斷，B錯誤；C、綠葉中色素的分別原理是不同種類的色素在層析液中溶解度不同，擴散速率不同，C正確；D、洋蔥鱗片葉內表皮細胞不能進行有絲分裂，D錯誤。故選C。6.自由基導致細胞蒼老的原理如圖所示，下列說法正確的是（）A.自由基不會引起基因突變B.過程①②作用機制屬于負反饋調整C.若過程③攻擊的是酪氨酸酶，則會引起人體患白化病D.過程④可能導致細胞內蛋白質的種類或數量發生變更【答案】D【解析】【分析】細胞蒼老的自由基學說是美國科學家Harman1955年提出的，核心內容有三條：（1）蒼老是由自由基對細胞成分的有害進攻造成的；（2）這里所說的自由基，主要就是氧自由基，因此蒼老的自由基理論，其實質就是蒼老的氧自由基理論；（3）維持體內適當水平的抗氧化劑和自由基清除劑水平可以延長壽命和推遲蒼老。【詳解】A、由圖可知，自由基會引起基因突變，A錯誤；B、①②過程引起的作用效果屬于正反饋調整，B錯誤；C、若③過程若過程③攻擊的是酪氨酸酶，則會引頭發發白，C錯誤；D、④過程使DNA分子中的基因堿基對缺失或替換，導致遺傳信息發生變更，可能導致細胞膜上蛋白質種類或數量發生變更，D正確。故選D。【點睛】本題考查了細胞蒼老的自由基學說，要求學生識記蒼老細胞的特點，能夠結合圖示自由基學說中的信息精確推斷各項。7.競爭性抑制劑與底物結構相像，可與底物競爭性結合反應速率酶的活性部位；非競爭性抑制劑可與酶的非活性部位不行逆性結合，從而使酶的活性部位功能丟失。如圖為酶促反應曲線，下列說法正確的是（）A.加入競爭性抑制劑，Km值增大B.加入非競爭性抑制劑，Km增大C.Km值越大，表明酶與底物結合的實力越高D.達到變更反應體系的溫度，反應速率不再變更【答案】A【解析】【分析】競爭性抑制劑與底物競爭酶的活性位點從而降低反應物與酶結合的機會，非競爭性抑制劑與酶的非活性部位結合，反應物不能與活性部位結合，競爭性抑制劑的化學結構與底物的結構相像，非競爭性抑制劑的分子結構與底物的不相像。【詳解】A、競爭性抑制劑與底物競爭酶的活性位點從而降低反應物與酶結合的機會，加入競爭性抑制劑，Km值增大，A正確；B、非競爭性抑制劑與酶的非活性部位結合，反應物不能與活性部位結合，加入非競爭性抑制劑，Vmax降低，Km值減小，B錯誤；C、Km表示反應速率為1/2Vmax時的底物濃度，Km值越大，酶與底物親和力越低，V錯誤；D、達到變更反應體系的溫度，反應速率會變更，D錯誤。故選A。【點睛】解答本題的關鍵是理解競爭性抑制劑和非競爭性抑制劑的作用機理，明確Km的含義，意在考查考生分析曲線圖獲得有效信息的實力。8.線粒體促凋亡蛋白(Smac)是一種促迸細胞凋亡的關鍵蛋白，當線粒體收到釋放這種蛋白質的信號X時，就會將它釋放到線粒體外，Smac與凋亡抑制蛋白(IAPs)反應，促進細胞凋亡。下列說法錯誤的是（）A.Smac釋放到線粒體外須要消耗能量B.當細胞感染某種病原體時，信號X可能會加強C.體內細胞自然更新速度與線粒體Smac釋放速度有關D.Smac與IAPs反應加強將導致細胞中溶酶體活動減弱【答案】D【解析】【分析】信號X誘導Smac的釋放，類似于胞吐；，Smac與凋亡抑制蛋白(IAPs)反應，誘導細胞凋亡。【詳解】A、Smac釋放到線粒體外類似于胞吐，須要消耗能量，A正確；B、當細胞感染某種病原體時，信號X可能會加強以促進細胞凋亡，B正確；C、體內細胞的自然更新屬于細胞凋亡，其更新速度與線粒體Smac釋放速度有關，C正確；D、Smac與IAPs反應加強將導致細胞中溶酶體活動增加，D錯誤。故選D。9.下列關于果酒、果醋發酵技術的說法，正確的是（）A.利用葡萄制作果酒時，須要對葡萄和發酵瓶進行消毒處理B.果酒發酵的相宜溫度為30~35℃，果醋發酵為18~C.發酵過程中醋酸桿菌的增殖方式與酵母菌相同D.醋酸桿菌在有氧條件下可利用糖分或乙醇進行發酵【答案】D【解析】【分析】1、在利用酵母菌發酵時最好是先通入足夠的無菌空氣，在有氧環境下一段時間使其繁殖，再隔絕氧氣進行發酵；酒精發酵的最佳溫度是在18℃～25℃，pH最好是弱酸性。

2、醋酸桿菌為好氧性細菌，當缺少糖源時和有氧條件下，可將乙醇（酒精）氧化成醋酸；當氧氣、糖源都足夠時，醋酸菌將葡萄汁中的糖分解成醋酸；醋酸桿菌生長的最佳溫度是在30℃～35℃。【詳解】A、利用葡萄制作果酒時，菌種來自葡萄表面的酵母菌，所以對葡萄不能進行消毒處理，A錯誤；B、果酒發酵的相宜溫度為18~25℃，果醋發酵的相宜溫度為30~35℃，B錯誤；C、酵母菌為真核生物，增殖方式主要是出芽生殖，而醋酸桿菌為原核生物，增殖方式是二分裂，C錯誤；D、當氧氣、糖源都足夠時，醋酸桿菌將葡萄汁中的糖分解成醋酸。當缺少糖源時，醋酸桿菌將乙醇變為乙醛，再將乙醛變為醋酸，D正確。故選D。10.某愛好小組試圖從土壤中分別分解尿素的細菌，流程圖如下所示：關于上述過程的說法錯誤的是（）A.該試驗配制的培育基中不含牛肉膏和蛋白胨B.上圖中菌液稀釋10倍時所加的無菌水的量都為9mlC.試驗的合理程序為“計算→稱量→溶解→滅菌→倒平板→接種土壤樣本→菌落計數”D.三個培育皿中分別形成了54個、46個、50個菌落，則lg土壤樣本中約有分解尿素的細菌5107個【答案】C【解析】【分析】1、培育基配置的基本過程：計算、稱量、溶化、調pH、滅菌、倒平板五個步驟。2、微生物常見的接種的方法：①平板劃線法：將已經熔化的培育基倒入培育皿制成平板，接種，劃線，在恒溫箱里培育。在線的起先部分，微生物往往連在一起生長，隨著線的延長，菌數漸漸削減，最終可能形成單個菌落。②稀釋涂布平板法：將待分別的菌液經過大量稀釋后，勻稱涂布在培育皿表面，經培育后可形成單個菌落。【詳解】A、本試驗的目的是從土壤中分別分解尿素的微生物，而牛肉膏和蛋白胨含有氮，所以不能作為配置本培育基的原料，A正確；B、上圖中菌液稀釋10倍時須要加入1mL菌液和9mL無菌水的量，B正確；C、試驗設計時，須要在滅菌之前，溶解之后調整pH，C錯誤；D、依據圖解可知，對菌液進行稀釋時共稀釋了106倍，乙同學分別接種了3個培育皿，一段時間后三個培育皿中分別長出了54個、46個、50個菌落，依據甲的試驗結果，該1g土壤樣本中約有分解尿素的細菌=（54+46+50）÷3×106=5×107個，D正確。故選C。11.海洋中塑料污染日趨嚴峻，科學家現已分別到高效降解一般塑料的微生物，并且發覺了能大量產生“可降解的塑料”的微生物，以上成果有望持續解決海洋塑料污染問題。下列說法錯誤的是（）A.找尋高效降解塑料的微生物，應當到塑料長期污染嚴峻的海疆收集樣品B.樣品中分解塑料的微生物數量過少，須要對采集的微生物進行富集培育C.在篩選分解塑料的微生物時應運用只加入塑料顆粒、瓊脂、NaCl和水的培育基D.利用微生物產生的“可降解的塑料”來代替一般塑料，可有望緩解塑料污染【答案】C【解析】【分析】一般塑料難以降解，可用高效降解一般塑料的微生物處理，或培育篩選能大量產生“可降解的塑料”的微生物。【詳解】A、塑料長期污染嚴峻的海疆中降解塑料的微生物比例較高，A正確；B、樣品中分解塑料的微生物數量過少，欲使其數量變多可進行富集培育，B正確；C、該培育基中缺乏氮源，另外可以添加海水，C錯誤；D、一般塑料難以降解，“可降解的塑料”代替一般塑料，可有望緩解塑料污染，D正確。故選C。12.下列關于“DNA的粗提取與鑒定”試驗的說法，正確的是（）A.可選擇洋蔥、菜花、羊血等DNA含量豐富的材料提取DNAB.DNA在NaCl中的溶解度隨NaCl濃度增加先上升再下降C.利用蛋白質對高溫的耐受性高于DNA的特性，可去除DNA濾液中的部分蛋白質D.DNA鑒定試驗中應將水浴加熱后的兩支試管冷卻后再比較顏色變更【答案】D【解析】【分析】DNA粗提取和鑒定的原理：

1．DNA的溶解性：DNA和蛋白質等其他成分在不同濃度NaCl溶液中溶解度不同（DNA在0.14mol/L的氯化鈉中溶解度最低）；DNA不溶于酒精溶液，但細胞中的某些蛋白質溶于酒精。

2．DNA對酶、高溫柔洗滌劑的耐受性不同。

3．DNA的鑒定：在沸水浴的條件下，DNA遇二苯胺會被染成藍色。【詳解】A、哺乳動物成熟的紅細胞中沒有細胞核與其他細胞器，無DNA，不能用來提取DNA，A錯誤；B、DNA和蛋白質等其他成分在不同濃度NaCl溶液中溶解度不同（DNA在0.14mol/L的氯化鈉中溶解度最低），B錯誤；C、利用DNA對高溫的耐受性高于蛋白質的特性，可去除DNA濾液中的部分蛋白質，C錯誤；D、DNA鑒定試驗中應將水浴加熱后的兩支試管冷卻后再比較顏色變更，D正確。故選D。【點睛】本題考查DNA的粗提取和鑒定，要求考生識記DNA粗提取和鑒定的原理、操作步驟、試驗中采納的試劑及試劑的作用等，再結合所學的學問精確推斷。13.在基因工程操作中常用聚丙烯酰胺凝膠電泳檢測不同DNA片段，電泳圖譜中DNA片段越小，距離起點越遠。科研人員利用EcoRI和SamI兩種限制酶處理DNA分子甲，得到如下電泳圖譜，其中1號泳道是標準DNA樣品，2號、3號、4號分別是EcoRI單獨處理、Sami單獨處理、EcoRI和SamI共同處理甲后的電泳結果。下列說法正確的是（）A.據圖可知，B端是電泳的起始端B.甲最可能是含1000bp的鏈狀DNA分子C.EcoRI和Sami能夠催化甲的氫鍵斷裂D.EcoRI和Sami的切點最短相距約200bp【答案】D【解析】【分析】基因工程又稱基因拼接技術或DNA重組技術，是以分子遺傳學為理論基礎，以分子生物學和微生物學的現代方法為手段，將不同來源的基因按預先設計的藍圖，在體外構建雜種DNA分子，然后導入活細胞，以變更生物原有的遺傳特性、獲得新品種、生產新產品。基因工程的操作步驟：1．提取目的基因；2．目的基因與運載體結合；3．將目的基因導入受體細胞；4．目的基因的檢測和表達。詳解】A、由題意可知，電泳圖譜中DNA片段越小，距離起點越遠，說明A端為起始端，A錯誤；B、由題可知，當僅用一種限制酶切割載體時，僅產生一種長度的DNA片段，因此該載體最有可能為環狀DNA分子，B錯誤；C、限制酶切割DNA分子，破壞的是作用位點上兩脫氧核糖核苷酸之間的磷酸二酯鍵，C錯誤；D、由題知，兩種限制酶同時切割時則產生800bp和200bp兩種長度的DNA片段，所以兩種限制酶的酶切位點至少相距200bp，D正確。故選D。【點睛】本題考查限制酶作用機理及作用結果，需明確聚丙烯酰胺凝膠電泳結果及限制酶作用機理。14.“山融3號”是山東高校科研團隊培育的小麥和偃麥的體細胞雜交種，具有高產、耐鹽的特點，已在黃河三角洲廣泛種植。下列有關體細胞雜交試驗操作和原理的說法正確的是（）A.酶解法獲得原生質體可以在蒸餾水中進行B.該品種可以通過小麥和偃麥有性雜交獲得C.原生質體融合與動物細胞融合的原理相同D.原生質體可以干脆脫分化形成愈傷組織【答案】C【解析】【分析】植物體細胞雜交須要先將植物細胞細胞壁水解得到原生質體，細胞融合利用了細胞膜的流淌性。【詳解】A、酶解法獲得原生質體后，為避開原生質體吸水或失水，最好放在等滲溶液中，A錯誤；B、小麥和偃麥存在生殖隔離，無法進行有性雜交，B錯誤；C、原生質體和動物細胞融合都利用了膜的流淌性，C正確；D、原生質體須要再生出細胞壁，在外界條件的誘導下脫分化形成愈傷組織，D錯誤。故選C。15.某團隊探討雪龍黑牛兩種采卵方式和體外受精發育結果如下表。下列說法正確的是（）采卵方式優秀卵母細胞數分裂數分裂率囊胚數囊胚發育率（％）活體采卵6284510．715311．8屠宰采卵4343380．7793A.活體采卵和屠宰采卵所得卵母細胞可以干脆體外受精B.屠宰采卵既能充分利用廢棄卵巢又能提高胚胎移植的勝利率C.體外受精時頂體反應和透亮帶反應可以阻擋多個精子入卵D.應取囊胚的內細胞團通過DNA分析進行性別鑒定【答案】B【解析】【分析】卵母細胞的采集和培育（1）用促性腺激素處理，使其超數排卵，然后，從輸卵管中沖取卵子，干脆與獲能的精子體外受精。（2）從已屠宰母畜的卵巢中采集卵母細胞；（3）是干脆從活體動物的卵巢中吸取卵母細胞，叫活體采卵。（2）（3）采集的卵母細胞，都要在體外經人工培育成熟后，才能與獲能的精子受精。【詳解】A、活體采卵和屠宰采卵所得的卵母細胞都要在體外培育（至減二中期）時才能體外受精，A錯誤；B、屠宰采卵可充分利用廢棄卵巢，據圖表信息可知，屠宰采卵的細胞分裂率和囊胚數較高，故可提高胚胎移植成活率，B正確；C、透亮帶反應是防止多精入卵的第一道屏障，卵細胞膜反應是防止多精入卵的其次道屏障，C錯誤；D、在胚胎的移植前，通常取樣滋養層的細胞做DNA分析性別鑒定，D錯誤。故選B。二、不定項選擇題16.2024年諾貝爾生理學或醫學獎授予發覺細胞感知和適應氧氣變更機制的科學家。探討發覺，合成促紅細胞生成素（EPO）的細胞可以持續表達低氧誘導因子（HIF-la）。在氧氣供應不足時，細胞內積累的HIF-la可以促進EPO的合成，使紅細胞增多以適應低氧環境。下列說法正確的是（）A.生活在高原的人細胞內HIF-la的含量可能要比平原地區的人高B.干擾HIF—la的降解可能作為貧血的治療方法C.若氧氣供應不足，HIF-la會削減EPO的合成D.EPO可能通過促進造血干細胞增殖分化使紅細胞增多【答案】ABD【解析】【分析】分析題文描述可知：在氧氣供應不足時，在合成促紅細胞生成素（EPO）的細胞內持續表達并積累的低氧誘導因子（HIF-lα）可以促進EPO的合成，進而促進紅細胞的生成，使紅細胞增多以適應低氧環境。【詳解】A、高原地區空氣淡薄，氧氣含量低，而在氧氣供應不足時，細胞內會積累HIF-lα，因此生活在高原的人體內HIF-1α的水平可能要比一般人高，A正確；B、干擾HIF-lα的降解，細胞內積累的HIF-lα可以促進EPO的合成，使紅細胞增多，從而改善貧血癥狀，B正確；C、合成EPO細胞內持續表達HIF-lα，在氧氣供應不足時，細胞內積累的HIF-lα可以促進EPO的合成，可見，若氧氣供應不足，HIF-lα會使EPO基因的表達水平上升，C錯誤；D、EPO（促紅細胞生成素）可能通過促進造血干細胞增殖分化使紅細胞增多，D正確。故選ABD。17.某小組探討溫度、光照對藍莓果實（不含葉綠素）CO2生成速率的影響，試驗結果如下圖所示。下列說法錯誤的是（）A.藍莓果實細胞產生CO2的場所為細胞質基質和線粒體B.光照對藍莓果實呼吸的抑制作用在8℃時比15C.低溫、黑暗條件下更有利于貯存藍莓果實D.貯藏溫度下降時細胞呼吸減弱與酶活性降低有關【答案】C【解析】【分析】自變量：溫度，是否光照，因變量：呼吸作用強度。【詳解】A、藍莓果實細胞無氧呼吸產生CO2的場所為細胞質基質，有氧呼吸產生CO2的場所是線粒體，A正確；B、據圖可知，光照條件下，藍莓果實呼吸強度的下降幅度在8℃時比15℃時更大，B正確；C、據圖可知，低溫、光照條件下二氧化碳生成速率更低，更有利于貯存藍莓果實，C錯誤；D、貯藏溫度下降時，酶活性降低，細胞呼吸減弱，D正確。故選C。18.科研人員探究靈芝多糖對不同微生物（大腸桿菌、青霉等）的抑制效果。操作如下：將浸有靈芝多糖的濾紙片間隔肯定距離（至少3片）貼在含菌平板上，經過相宜時間培育后測量抑菌圈的直徑大小，通過抑菌圈大小來推斷抑菌效果。下列說法正確的是（）A.培育大腸桿菌、青霉等微生物均需運用牛肉膏蛋白胨培育基B.應設置不接種的空白平板以檢驗培育基是否有雜菌污染C.菌種的接種濃度屬于無關變量，應保持各組相同D.應將大小相同且浸有無菌水的濾紙片貼在含菌平板上做比照【答案】BCD【解析】【分析】依據題干信息分析，該試驗的目的是探究靈芝多糖對不同菌種的抑菌效果，則試驗的自變量是菌種的種類，因變量是抑菌效果，抑菌圈的直徑越大，說明靈芝多糖對該菌的抑菌效果越好，據此分析答題。【詳解】A、枯草芽孢桿菌、蠟狀芽孢桿菌、大腸桿菌都屬于細菌，一般用牛肉膏蛋白胨培育基培育；青霉、黑曲霉、黑根霉都屬于真菌，常用馬鈴薯瓊脂培育基培育，A錯誤；B、應設置不接種的空白平板以檢驗培育基滅菌是否徹底，是否有雜菌污染，B正確；C、接種時菌種濃度須要相同，屬于無關變量，C正確；D、應將大小相同且浸有無菌水的濾紙片貼在含菌平板上做比照，解除濾紙片是否有影響，D正確。故選BCD。【點睛】解答本題的關鍵是駕馭微生物試驗室培育的相關學問點，了解培育基的種類和接種方法等，能夠依據試驗目的找出試驗的自變量和因變量。19.植酸酶可降解植酸，在谷物類飼料中添加植酸酶可提高飼料的養分成分利用率。科學家將植酸酶基因導入水稻，培育出了低植酸轉基因水稻品種。下圖是獲得植酸酶基因的流程。下列說法正確的是（）A.基因組文庫大于cDNA文庫，目的基因含啟動子B.AC過程可運用DNA分子雜交檢測受體菌株是否含目的基因C.B過程需運用Taq酶，其作用是催化磷酸二酯鍵的形成D.圖中的受體菌株可能是大腸桿菌，構建基因組文庫需運用限制酶【答案】BD【解析】【分析】分析題圖：目的基因Ⅰ是從基因組文庫中獲得的，含有啟動子。目的基因Ⅱ是從cDNA文庫中獲得的，不含有啟動子。基因組文庫包含了一種生物的全部基因；部分基因組文庫只包含了一種生物的一部分基因，如cDNA文庫。B過程是反轉錄，A與C過程分別表示從基因組文庫與cDNA文庫中篩選含目的基因的菌株。【詳解】A、基因組文庫包含了一種生物的全部基因，cDNA文庫只包含一種生物的一部分基因，因此基因組文庫大于cDNA文庫，cDNA文庫是由RNA反轉錄來的DNA組成，因此從cDNA文庫中獲得的目的基因不含啟動子，A錯誤；B、AC過程都是篩選含目的基因的菌株，可運用DNA分子雜交技術來檢測受體菌株是否含目的基因，B正確；C、B過程是反轉錄，需運用逆轉錄酶，C錯誤；D、將某種生物體內的總DNA全部提取出來，用適當的限制酶將DNA切成肯定范圍大小的DNA片段，然后將這些DNA片段分別與載體連接起來，導入受體菌的群體中儲存，便構成了該生物的基因組文庫，可見，構建基因組文庫需運用限制酶，圖中的受體菌株可能是大腸桿菌，D正確。故選BD。20.原腸胚形成期被稱為人體胚胎發育的“黑匣子”時期。探討人員利用胚胎干細胞，在試驗室中制造出不能發育成完整胚胎的“擬原腸胚”模型，用來揭示和探究人類早期胚胎發育的過程。下列說法錯誤的是（）A.胚胎干細胞在飼養細胞上，可以分化形成多種組織細胞B.利用核移植所得胚胎干細胞，可以誘導發育成適合移植的器官C.對原腸胚進行胚胎分割，可以提高移植胚胎的利用率D.該模型可以探討酒精、藥物和病原體對胚胎發育的影響【答案】AC【解析】【分析】胚胎干細胞：（1）哺乳動物的胚胎干細胞簡稱ES或EK細胞，來源于早期胚胎或從原始性腺中分別出來；（2）具有胚胎細胞的特性，在形態上表現為體積小，細胞核大，核仁明顯；在功能上，具有發育的全能性，可分化為成年動物體內任何一種組織細胞；另外，在體外培育的條件下，可以增殖而不發生分化，可進行冷凍保存，也可進行遺傳改造。（3）胚胎干細胞的主要用途是：①可用于探討哺乳動物個體發生和發育規律；②是在體外條件下探討細胞分化的志向材料，在培育液中加入分化誘導因子，如牛黃酸等化學物質時，就可以誘導ES細胞向不同類型的組織細胞分化，這為揭示細胞分化和細胞凋亡的機理供應了有效的手段；③可以用于治療人類的某些頑疾，如帕金森綜合癥、少年糖尿病等；④利用可以被誘導分化形成新的組織細胞的特性，移植ES細胞可使壞死或退化的部位得以修復并復原正常功能；⑤隨著組織工程技術的發展，通過ES細胞體外誘導分化，定向培育出人造組織器官，用于器官移植，解決供體器官不足和器官移植后免疫排斥的問題。【詳解】A、胚胎干細胞在飼養層細胞上或在添加抑制因子的培育液中，能維持只增殖不分化的狀態，A錯誤；B、利用核移植所得胚胎干細胞，可以誘導發育成適合移植的器官，B正確；C、胚胎分割移植須要選擇桑葚胚或囊胚，C錯誤；D、該模型可以探討酒精、藥物和病原體對胚胎發育的影響，D正確。故選AC。三、簡答題21.科學家在探討蛋白質糖基化（蛋白質與糖結合）時，發覺糖也可以與RNA結合，推想可能與蛋白質糖基化有關。蛋白質經過糖基化修飾，可以變更其結構和功能。（1）RNA主要分布在____，RNA含有的單糖是____。（2）為更好利用制油后殘留在核桃餅粕中的優質谷蛋白（WG），探討小組利用糖基化方法對WG進行處理。試驗組分批用葡萄糖、乳糖和葡聚糖（多糖）處理，得到蛋白依次為GMP、LMP、和DMP。測量有關指標結果如下表：樣本指標WGGMPLMPDMP溶解度（%）17．4394．8459．6298．42持水性（g）4．274．877．508．71持油性（g）4．813．763．892．96注：持水性和持油性是指保持水和油的實力①比照組的設置是____。試驗的因變量是____。②分析結果，得出結論是____。該結論可以說明為：糖的加入使蛋白質的____（親水性/疏水性）基團增加。【答案】(1).細胞質(2).核糖(3).不用糖處理WG(4).樣本的溶解度、持水性和持油性(5).糖基化使谷蛋白溶解度和持水性上升，持油性降低；多糖處理的效果更顯著(6).親水性【解析】【分析】分析表格數據可知，分批用葡萄糖、乳糖和葡聚糖（多糖）處理的試驗組與比照組相比，得到的谷蛋白的溶解度和持水性均增加，但持油性均降低。運用葡聚糖（多糖）處理的組變更最顯著。【詳解】（1）RNA主要分布在細胞質中，RNA含有的單糖是核糖。（2）①本試驗自變量為糖基化的方法，所以比照組應不用糖處理WG，依據表格信息可知，試驗的因變量為樣本的溶解度、持水性和持油性。②將各種不同糖基化組與比照組相比，可知糖基化使谷蛋白溶解度和持水性上升，持油性降低；其中多糖處理的效果更顯著。依據持水性和持油性的變更可對該結論說明為：糖的加入使蛋白質的親水性基團增加。【點睛】本題考查學生分析試驗結果、獲得試驗結論的實力。22.銅是植物生長發育必需的微量元素，但過量的Cu2+又會影響植物的正常生長。科研人員以海帶為試驗材料，探討Cu2+對植物生長的影響。探討小組將海帶分別放入含不同濃度Cu2+培育液的透亮容器中，將其密閉培育相同時間后，依據溶氧量的變更，測定海帶的凈光合速率和呼吸速率，如下表。Cu2+(溶液(mg/L)00．250．501．005．00凈光合速率相對值0．40．20．03-0．05-0．02呼吸速率相對值-0．25-0．3-0．4-0．45-0．2（1）在肯定濃度的Cu2+溶液中，短時間內海帶細胞中葉綠素含量顯著下降，該變更會干脆影響海帶光合作用的_______階段。同時Cu2+還可通過阻擋ATP的合成，抑制暗反應中________過程。（2）在利用同樣的試驗裝置測量呼吸速率時，須要對裝置進行________處理。據表分析在Cu2+濃度為1．00mg/L時的總光合速率__________（填“大于”、“小于”或“等于”）Cu2+濃度為0．50mg/L時的總光合速率。綜合分析，不同濃度的Cu2+對海帶光合作用和呼吸作用的影響是___________。（3）若想進一步從細胞水平上探究Cu2+對海帶光合作用及呼吸作用的影響，可在電子顯微鏡下視察并比較相關細胞器的________（至少答出兩點）。【答案】(1).光反應(2).C3的還原(3).遮光(4).小于(5).不同濃度的Cu2+均能抑制海帶的光合作用；Cu2+在濃度較低時，促進海帶呼吸作用，Cu2+在較高時，抑制海帶的呼吸作用(6).形態、結構、數量【解析】【分析】光合作用的光反應階段（場所是葉綠體的類囊體膜上）：水的光解產生[H]與氧氣，以及ATP的形成；光合作用的暗反應階段（場所是葉綠體的基質中）：CO2被C5固定形成C3，C3在光反應供應的ATP和[H]的作用下還原生成糖類等有機物。總光合作用=凈光合作用+呼吸作用。【詳解】（1）葉綠素含量降低，會干脆影響光合作用光反應階段；缺乏ATP，將抑制暗反應C3的還原過程。（2）為解除光合作用的影響，測定呼吸速率須要對裝置進行遮光處理；Cu2+濃度為1．00mg/L時的總光合速率=0.45-0.05=0.4，小于Cu2+濃度為0.50mg/L時的總光合速率=0.03+0.4=0.43。從表格中看出不同濃度的Cu2+均能抑制海帶的光合作用；Cu2+在濃度較低時，促進海帶呼吸作用，Cu2+在較高時，抑制海帶的呼吸作用。（3）若想進一步從細胞水平上探究Cu2+對海帶光合作用及呼吸作用的影響，可在電子顯微鏡下視察并比較相關細胞器的形態、結構、數量。【點睛】本題須要考生駕馭光合作用的過程，理解總光合作用、凈光合作用和呼吸作用之間的關系，并進行計算。23.紫杉醇是治療腫瘤的常用藥，科研人員用肯定濃度的紫杉醇溶液處理體外培育的腫瘤細胞，24小時后檢測不同DNA含量的細胞數，結果如圖1；測定腫瘤細胞的增殖抑制率和細胞凋亡率，結果如圖2。（1）腫瘤細胞與洋蔥細胞相比，其有絲分裂的不同點有：前期紡錘體由_______（細胞器）形成，末期在細胞赤道板的位置沒有出現____________。（2）腫瘤細胞與正常細胞都具有細胞周期，分為間期與分裂期（M期）兩個階段。間期又分為DNA合成前期（G1期）、DNA合成期（S期）與DNA合成后期（G2期）。據圖1分析，DNA含量為2N的細胞處于細胞周期的__________期，紫杉醇使腫瘤細胞增殖停滯于細胞周期的____期。（3）據圖1、圖2分析，紫杉醇治療腫瘤的原理為____。【答案】(1).中心體(2).細胞板(3).G1(4).G2或M(5).誘導腫瘤細胞增殖停滯并促進其凋亡【解析】【分析】據圖可知，圖1比照組中細胞大部分DNA相對含量為2N，試驗組中大部分細胞DNA相對含量為4N；圖2中顯示，試驗組的增殖抑制率和細胞凋亡率都比比照組高。【詳解】（1）腫瘤細胞與洋蔥細胞相比，其有絲分裂的不同點有：前期紡錘體由中心體發出星射線形成，末期在細胞赤道板的位置沒有出現細胞板。（2）腫瘤細胞與正常細胞都具有細胞周期，分為間期與分裂期（M期）兩個階段。間期又分為DNA合成前期（G1期）、DNA合成期（S期）與DNA合成后期（G2期）。據圖1分析，DNA含量為2N的細胞處于細胞周期的G1期，比照組中細胞大部分DNA相對含量為2N，試驗組中大部分細胞DNA相對含量為4N，說明紫杉醇使腫瘤細胞增殖停滯于細胞周期的G2或M期。（3）圖1比照組中細胞大部分DNA相對含量為2N，試驗組中大部分細胞DNA相對含量為4N；圖2中顯示試驗組的增殖抑制率和細胞凋亡率都比比照組高，推想紫杉醇很可能使腫瘤細胞增殖停滯并促進其凋亡。【點睛】本題以紫杉醇的抗癌作用探討為背景，考查了細胞分裂和學生依據試驗數據，正確分析試驗結論的實力，屬于考綱識記和理解層次的考查。24.苯酚是重要的化工原料，被廣泛應用工業生產中，易形成污染。苯酚假如存在于自然水域，導致水中生物死亡，也可被人體皮膚汲取引起中毒。自然界中能分解苯酚的微生物有幾百種，多為細菌、放線菌等。分別和純化高效降解苯酚的微生物的試驗流程如圖1所示：（1）圖1所示的試驗流程為：取樣→富集培育→_________→平板接種。（2）為了分別培育液中的菌株，采納如圖2的接種方法是_________，此過程中接種環共灼燒滅菌_________次。（3）在圖2所示平板上分別得到的單個菌落大小、顏色、隆起度等不完全一樣的緣由是：_____________。（4）初步篩選得到菌種后，還要進一步對分別的菌種做鑒定。可以采納比色測定法（運用苯酚顯色劑）檢測降解后的廢水中苯酚殘留量。這就須要先制作系列濃度梯度的苯酚標準樣品并進行顯色反應，依據表格分析，3號管內苯酚濃度應當為____________管號123456標準樣品中苯酚濃度（mg/L）01若預估廢水中苯酚含量約為50mg/L，經分別得到的分解菌降解后約有21%的苯酚殘留，利用以上6個標準樣品通過比色檢測苯酚含量，則需將殘留液稀釋_________倍后，再進行比色。A．5倍B．10倍C．20倍（5）試驗室探討時所用苯酚濃度往往較低，而事實上工廠排放廢水中酚類物質含量要高得多。所以在高效菌種的選育上我們還可以采納一些現代生物技術手段來實現，例如：_____（試舉2例）。【答案】(1).梯度稀釋(2).平板劃線法(3).4次(4).能降解苯酚的微生物有多種，不同種類的微生物在平板上形成不同的菌落(5).0.4mg/L(6).C(7).利用物理、化學手段誘變菌株；利用基因工程技術培育高效菌種；利用細胞融合技術來實現【解析】【分析】1．微生物培育基一般都含有水、碳源、氮源、無機鹽，此外還要滿意微生物生長對pH、特別養分物質以及氧氣的要求。對異養微生物來說，含C、N的化合物既是碳源，也是氮源，即有些化合物作為養分要素成分時并不是起單一方面的作用。

2．微生物常見的接種的方法①平板劃線法：將已經熔化的培育基倒入培育皿制成平板，接種，劃線，在恒溫箱里培育。在線的起先部分，微生物往往連在一起生長，隨著線的延長，菌數漸漸削減，最終可能形成單個菌落。②稀釋涂布平板法：將待分別的菌液經過大量稀釋后，勻稱涂布在培育皿表面，經培育后可形成單個菌落。【詳解】（1）由圖可知，圖1所示的試驗流程為：取樣→富集培育→梯度稀釋→平板接種。（2）為了分別培育液中的菌株，采納如圖2的接種方法是平板劃線法，此過程中接種環共灼燒滅菌4次。（3）在圖2所示平板上分別得到的單個菌落大小、顏色、隆起度等不完全一樣說明平板上產生了多種微生物，能降解苯酚的微生物有多種，不同種類的微生物在平板上形成不同的菌落．（4）由于是標準樣品，濃度差一般穩定，依據表格分析，1號試管為0，6號試管為1mg/L，由此分析2號試管為0.2mg/L，3號管內苯酚濃度應當為0.4mg/L。若預估廢水中苯酚含量約為50mg/L，經分別得到的分解菌降解后約有21%的苯酚殘留，剩余量為10.5mg/L，因此還需稀釋20倍左右，才能利用以上6個標準樣品通過比色檢測苯酚含量。（5）試驗室探討時所用苯酚濃度往往較低，而事實上工廠排放廢水中酚類物質含量要高得多。利用物理、化學手段誘變菌株；利用基因工程技術培育高效菌種；利用細胞融合技術來選育上高效菌株。【點睛】主要考查特定微生物的分別以及培育，考生要具備肯定的試驗實力。25.如圖是將目的基因導入大腸桿菌內制備“工程菌”的示意圖，其中引物1-4在含有目的基因的DNA上的結合位置如甲圖所示，限制酶BamHI、EcoRI、HindDI在質粒上的識別位點如乙圖所示。（1）通過PCR技術擴增目的基因需運用引物，引物的作用是_________。若已經合成了甲圖所示4種引物，應選擇引物_____擴增目的基因。若由一條甲圖所示的DNA擴增目的基因，PCR過程完成4輪循環，理論上至少需加入引物___________個。（2）過程①是_________，該過程中應運用限制酶_________切割質粒。不運用另外兩種限制酶切割質粒的緣由是_________。（3）②過程需用_________處理大腸桿菌使其處于感受態并完成轉化過程，對于轉化失敗的大腸桿菌及其培育基應進行_________處理，以防其污染環境。【答案】