PAGE8試卷第=!異樣的公式結尾頁，總=sectionpages88頁PAGE1試卷第=!異樣的公式結尾頁，總=sectionpages88頁四川省雅安市2024-2025學年高二物理下學期期末聯考試題08（含解析）留意事項：1．答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息；2．請將答案正確填寫在答題卡上；3.考試范圍：高考范圍；考試時間：90分鐘；第I卷（選擇題共36分）單選題(本大題共12小題，每小題3分，共36分。在每小題給出的四個選項中，第1~8題只有一項符合題目要求，第9~12題有多個選項符合要求，選對但不全得2分，選錯得0分)1．一物體受到三個共點力的作用，下列四組力能使物體處于平衡狀態的是（）A．20N﹑15N﹑4N B．7N﹑8N﹑9NC．1N﹑8N﹑10N D．5N﹑10N﹑20N2．如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長到O點并系住質量為m的物體，現將彈簧壓縮到A點，然后釋放，物體可以始終運動到B點。假如物體在運動過程中受到的摩擦阻力恒定，則（）A．物體運動到O點時，所受合力為零B．物體從O到B的過程中，加速度增大C．物體從A到O的過程中，彈簧彈力對其做負功D．物體從A到O的過程中，動能始終增大3．在限制氣候變和削減碳排放的路上，核能不行或缺。核裂變和核聚變技術不斷革新，其中包括：第四代核裂變反應堆小型模塊化反應堆核聚變反應堆核心技術的突破。下列核反應方程中，X為正電子的是（）A．B．C．D．4．如圖所示，底板光滑的小車上用兩個量程為的完全相同的彈簧測力計甲和乙系住一個質量為的物塊。當小車在水平地面上做勻速直線運動時，兩彈簧測力計的示數均為，當小車做勻加速直線運動時，彈簧測力計甲的示數變為。這時小車運動的加速度大小是（）A． B． C． D．5．如圖所示，兩個質量相同的小球用長度不等的細線拴在同一點，并在同一水平面內做勻速圓周運動，則下列說法正確的是()A．周期相同B．線速度的大小相等C．向心力的大小相等D．向心加速度的大小相等6．如圖所示，A是靜止在赤道上的物體，隨地球自轉而做勻速圓周運動；B、C是同一平面內兩顆人造衛星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是地球同步衛星．已知第一宇宙速度為v，物體A和衛星B、C的線速度大小分別為vA、vB、vC，周期大小分別為TA、TB、TC，則下列關系正確的是A．vA=vC=v B．vA<vC<vB<vC．TA>TC>TB D．TA>TB>TC7．一小球沿著斜面做勻變速直線運動，某時刻的速度為v1，經過時間t，運動位移為x速度變為v2。關于這四個物理量的關系，正確的是（）A． B．C． D．8．如圖所示，R3是光敏電阻，當開關S閉合后在沒有光照耀時，a、b兩點等電勢，當用光照耀電阻R3時，則（）A．R3的電阻變小，a點電勢低于b點電勢B．R3的電阻變小，a點電勢高于b點電勢C．R3的電阻變小，a點電勢等于b點電勢D．R3的電阻變大，a點電勢低于b點電勢9．2017年9月13日，蘋果在喬布斯劇院正式發布旗下三款iPhone新機型，除了常規的硬件升級外，三款iPhone還支持快充和無線充電．圖甲為愛好小組制作的無線充電裝置中的受電線圈示意圖，已知線圈匝數n=100、電阻r=1Ω、橫截面積S=1.5×10-3m2，外接電阻R=7Ω．線圈處在平行于線圈軸線的勻強磁場中，磁場的磁感應強度隨時間變更如圖乙所示，則A．在t=0.01s時通過R的電流發生變更B．在t=0.01s時線圈中的感應電動勢E=0.6VC．在0~0.02內通過電阻R的電荷量q=1.5×10-3CD．在0.02~0.03s內R產生的焦耳熱為Q=1.8×10-3J10．如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態，現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則A．P點的電勢將降低B．帶電油滴的電勢能將增大C．帶電油滴將沿豎直方向向下運動D．電容器的電容減小，極板帶電荷量將增大11．如圖所示，空間存在兩個磁場，磁感應強度大小均為B，方向相反且垂直紙面，MN、PQ為其邊界，OO′為其對稱軸．一導線折成邊長為L的正方形閉合回路abcd，回路在紙面內以恒定速度v0向左運動，當回路運動到關于OO′對稱的位置時（）A．穿過回路的磁通量不為零B．回路中感應電動勢大小為2BLv0C．回路中感應電流的方向為逆時針方向D．回路中ab邊與cd邊所受安培力方向相反12．某單位應急供電系統配有一小型發電機，該發電機的內阻為r=5.0Ω，產生的電動勢隨時間的變更規律如圖甲所示。配電原理示意圖如圖乙所示，志向變壓器原副線圈的匝數比為5︰2，R1=5.0Ω，R2=5.2Ω，電壓表電流表均為志向電表，系統正常運作時電流表的示數為I=10A。則系統正常運作時下列說法正確的是（）A．溝通電壓表的示數為720VB．燈泡的工作電壓為272VC．變壓器輸出的總功率為2720WD．若負載電路的燈泡增多，發電機的輸出功率會增大第II卷（非選擇題共64分）二、試驗題(本大題共有2小題，共15分。第13題6分，第14題9分。)13．在“測定電源的電動勢和內阻”的試驗中，現備有下列器材：A．被測干電池一節B．電流表：量程為0~0.6A，內阻約為0.1ΩC．電流表：量程為0~0.6A，內阻r=0.3ΩD．電壓表：量程為0~3V，內阻未知E.電壓表：量程為0~15V，內阻未知F.滑動變阻器：0~10Ω，允許通過的最大電流為3AG.滑動變阻器：0~100Ω，允許通過的最大電流為1AH.開關、導線若干(1)其中電壓表應選____，滑動變阻器應選___（填字母代號）；(2)以，，代表所選儀器，在答題卡的方框內畫出你所設計的試驗電路圖___；(3)依據試驗數據作出如甲U—I圖像，由圖可知，電源電動勢E=__V，內阻r=__Ω；(4)該電源的電動勢測量值___真實值（選填“大于”、“等于”、“小于”）；(5)圖乙為某小燈泡的伏安特性曲線。本試驗之后，所選用電池由于運用時間過長，導致內阻增大到6Ω，但電動勢幾乎沒有變更。將這樣的干電池兩節并聯后給此小燈泡供電，則小燈泡發光的功率為___W（結果保留兩位小數）；(6)另一組同學用不同的電池組（均由同一規格的兩節干電池串聯而成）完成了上述的試驗后，發覺不同組電池組的電動勢基本相同，只是內電阻差異較大。同學們選擇了內電阻差異較大的甲、乙兩個電池組進一步設計試驗探究，對電池組的輸出功率P隨外電阻R變更的關系，以及電池組的輸出功率P隨路端電壓U變更的關系進行了猜想，并分別畫出了如下圖所示的P-R和P-U圖像。若已知甲電池組的內電阻較大，則下列各圖中可能正確的是____（選填選項的字母）。A．B。C。D。14．如圖所示，是一種利用氣墊導軌“驗證機械能守恒定律”的試驗裝置。主要試驗步驟如下：（重力加速度為g）A．將氣墊導軌放在水平桌面上，將導軌調至水平；B．測出擋光條的寬度d；c。將滑塊移至圖示位置，測出擋光條到光電門的距離l；D．釋放滑塊，讀出擋光條通過光電門的擋光時間t；E．用天平稱出托盤和砝碼的總質量m；F.……回答下列問題：(1)在滑塊從靜止釋放到運動到光電門的過程中，系統的重力勢能削減量是______（用物理量符號表示）；(2)為驗證機械能守恒定律，還須要測量的物理量是______（寫出物理量的名稱和符號）；(3)若該系統機械能守恒，以上測得的物理量應當滿意的關系式是______；(4)由于托盤和滑塊運動過程中要克服阻力做功，故該試驗的動能增量總是______（填“大于”、“等于”或“小于”）重力勢能的削減量。三、解答題(本大題共3個小題，共37分。第15題10分，第16題12分，第17題15分。)15．如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=40cm．電源電動勢E=24V，內電阻r=1Ω，電阻R=15Ω．閉合開關S，待電路穩定后，將一帶正電的小球從B板小孔以初速度v0=4m/s豎直向上射入板間．若小球帶電量為q=1×10-2C，質量為m=2×10-2kg，不考慮空氣阻力．那么，滑動變阻器接入電路的阻值為多大時，小球恰能到達A板？此時，電源的輸出功率是多大？（取g=10m/s2）16．如圖所示，足夠長的U形導體框架的寬度L=0.5m，下端有一阻值為R1=0.8Ω的電阻，導軌其余部分電阻忽視不計，其所在平面與水平面成θ=37°。有一磁感應強度B=0.8T的勻強磁場，方向垂直于導體框平面。一根質量m=0.4kg、電阻R2=0.2Ω的導體棒MN垂直跨放在U形框架上，某時刻起將導體棒由靜止釋放。已知導體棒與框架間的動摩擦因數μ=0.5（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2），求：(1)導體棒剛起先下滑時的加速度大小；(2)導體棒運動過程中的最大速度；(3)從導體棒起先下滑到速度剛達到最大時的過程中，通過導體棒橫截面的電荷量q=4C，求導體棒在此過程中產生的熱量。17．氣球上系一重物，以10m/s的速度自地面勻速上升。當上升到離地面高度h=40m處時，繩子突然斷了（g取10m/s2）。問：(1)重物是否馬上下降？重物要經過多長時間才能落到地面？(2)重物落地時的速度多大？四、選修（本題共12分，選修3-3）18．如圖所示，兩端封閉的試管豎直放置，中間一段24cm的水銀柱將氣體分成相等的兩段，溫度均為27℃，氣柱長均為22cm，其中上端氣柱的壓強為76cmHg.現將試管水平放置，求：①水銀柱如何移動(向A還是向B移動)？移動了多遠？②保持試管水平，將試管溫度勻稱上升100℃，那么水銀柱如何移動？試管內氣體的壓強分別多大？本卷由系統自動生成，請細致校對后運用，答案僅供參考。本卷由系統自動生成，請細致校對后運用，答案僅供參考。答案第=page1010頁，總=sectionpages1010頁答案第=page99頁，總=sectionpages99頁參考答案1．B【分析】多力能否使物體處于平衡狀態主要是推斷三個共點力的合力能否為零．【詳解】當20N和15N的合力范圍為【5，35】，4N不在這個范圍內，合力不行能為零，物體不處于平衡狀態，故A錯誤；當7N和8N的合力范圍為【1，15】，9N在這個范圍內，合力可能為零，物體可能處于平衡狀態，故B正確；8N和1N的合力范圍為【7，9】，故不行能與10N合力為零，故C錯誤；5N和10N的合力范圍為【5，15】，故不行能與20N合力為零，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤．【點睛】本題可借助所學組成三角形的方法進行推斷，即：兩力之和大于第三力，兩力之差小于第三力，則合力可以為零．2．B【詳解】A．O點時彈簧的彈力為0，但物體運動到O點時，會受到摩擦阻力作用，故合外力不為零，故A錯誤；B．從O到B的過程中物體始終受到向左的彈力與向左的阻力，所以物體始終做減速運動，且彈力漸漸增大，所以加速度漸漸增大，故B正確；C．物體從A到O的過程中，彈簧彈力與運動方向相同，所以彈簧彈力對其做正功，故C錯誤；D．物體從A點到O點過程，彈力漸漸減為零，剛起先彈簧的彈力大于摩擦力，合力向右，加速度也向右，速度也向右，物體加速，后來彈力小于摩擦力，合力向左，速度向右，物體減速。即物體先加速后減速，所以物體從A到O的過程中，動能先增大后減小，故D錯誤。故選B。3．C【詳解】A．由質量數和電荷數守恒可得，A項中的X的電荷數為0，質量數為，故A錯誤；B．由質量數和電荷數守恒可得，B項中的X的電荷數為0，質量數為1即為中子，故B錯誤；C．由質量數和電荷數守恒可得，C項中的X的電荷數為1，質量數為0即為正電子，故C正確；D．由質量數和電荷數守恒可得，D項中的X的電荷數為1，質量數為1即為質子，故D錯誤。故選C。4．D【詳解】起先時兩彈簧測力計的示數均為，因彈簧的彈力與其形變量成正比，當彈簧測力計甲的示數由10N變為8N時，其形變量削減，則彈簧測力計乙的形變量必增大，且甲、乙兩彈簧測力計形變量變更的大小相等，當彈簧測力計甲的示數為時，彈簧測力計乙的示數將增加為，對物塊在水平方向應用牛頓其次定律得得故選D。5．A【詳解】試題分析：設細線與豎直方向的夾角為θ，對小球受力分析可知：，可得，故兩球運動的線速度不同，選項B錯誤；，解得，故運動周期相同，選項A正確；向心力：，故向心力不同，選項C錯誤；向心加速度：，解得，故向心加速度不同，選項D錯誤；故選A．考點：勻速圓周運動；牛頓定律的應用【名師點睛】此題是牛頓定律在勻速圓周運動中的應用問題；關鍵是分析小球的受力狀況，找到小球做圓周運動的向心力，依據牛頓其次定律列出方程求解出要比較的物理量，然后進行探討；記住圓錐擺的周期公式．6．B【解析】【詳解】地球赤道上的物體與同步衛星具有相同的角速度，所以ωA=ωC，依據v=rω，C的線速度大于A的線速度，依據萬有引力供應向心力，解得：，可知B的線速度大于C的線速度，但均小于第一宇宙速度，即vA<vC<vB<v，故A錯誤，B正確；衛星C為同步衛星，所以TA=TC，依據萬有引力供應向心力，解得：，可知C的周期大于B的周期，故CD錯誤。故B正確，ACD錯誤．7．D【詳解】依據勻變速直線運動的平均速度等于初、末速度之和的一半，所以故選D。8．B【解析】【詳解】取電源的負極電勢為零，a點的電勢等于R4兩端的電壓，b點的電勢等于R2兩端的電壓；光敏電阻的電阻隨溫度的上升而降低，故R3的電阻減小；沒有光照時，a、b兩點電勢相等，有光照以后，兩支路兩端的電壓相等，因R1、R2支路中電阻沒有變更，故R2的分壓比不變；而由于R3的電阻減小，故R4分壓增大，故a端的電勢要高于b端，故B正確，ACD錯誤．9．BC【解析】A項：依據“楞次定律”可知，在0-0.01s內電流方向和在0.01-0.02s內電流方向不變，故A錯誤；B項：依據“法拉第電磁感應定律”可知：，故B正確；C項：在0~0.02內，產生的感應電流為，電荷量為，故C正確；D項：在0.02~0.03s內，產生的感應電動勢為，產生的感應電流為，R上產生的焦耳熱為，故D錯誤．10．ABC【詳解】A．因為電容器和直流電源相連，所及極板間電壓不變，間距增大，極板間電場強度減小，所以P點和下極板間的電勢差減小，又下極板接地，所以P點電勢減小，A正確B．依據題意可知，上極板帶正電，又油滴初始靜止，所以可知油滴帶負電，P點電勢減小，因此油滴電勢能增大，B正確C．因為極板間電場強度減小，原來電場力等于重力，現在電場力小于重力，油滴向下運動，C正確D．依據平行板電容器電容確定式可知，間距增大，電容減小，又電壓不變，所以極板所帶電荷量減小，D錯誤11．BC【分析】考查電磁感應相關學問。【詳解】A．當前位置，回路的磁通量正負相抵，恰好為零，A項錯誤；B．cd邊切割磁感線產生的感應電動勢為BLv0，ab邊切割磁感線產生的感應電動勢也為BLv0，方向均為逆時針，故回路中感應電動勢大小為2BLv0，B項正確；C．依據右手定則推斷回路中感應電流的方向為逆時針方向，C項正確；D．由左手定則可知，回路中ab邊與cd邊所受安培力方向相同，均為向右，D項錯誤。故選BC。12．CD【詳解】A．由圖甲知，發電機產生的感應電動勢最大值，其有效值為依據變壓器原理可得，原線圈的電流則電壓表的示數故A錯誤；B．原線圈兩端電壓則副線圈兩端電壓燈泡正常工作的電壓故B錯誤；C．變壓器輸出的總功率為故C正確；D．若負載電路的燈泡增多，總電阻減小，總功率增大，則發電機的輸出功率會增大，故D正確。故選CD。13．DF1.500.7等于0.18-0.20BC【詳解】(1)[1][2]測量一節干電池的電動勢，則電壓表應選D，滑動變阻器應選F；(2)[3]電流表C的內阻是已知的，則可選用電流表C，電路如圖：(3)[4][5]依據試驗數據作出如甲U-I圖像，由圖可知，電源電動勢E=1.50V，內阻(4)[6]該電路已經知道電流表內阻，則試驗無系統誤差，即電源的電動勢測量值等于真實值；(5)[7]在此燈泡的伏安特性曲線上做出兩節電源并聯后的U—I圖像如圖：交點坐標為I=0.25A，U=0.75V則P=IU=0.18W(6)[8]AB.依據電源的輸出功率規律可知，當內外電阻相等時輸出功率最大，假如外電阻大于內電阻時，隨著電阻的增大，輸出功率將越來越小，由可知，電動勢相同，內阻越小的乙輸出功率越大，故B正確，A錯誤。

CD.當內阻和外阻相等時，輸出功率最大；此時輸出電壓為電動勢的一半。由A的分析可知，乙輸出的功率比甲的大；而當外電路斷開時，路端電壓等于電源的電動勢，此時輸出功率為零；故C正確，D錯誤。

故選BC。14．mgl滑塊和遮光條的總質量M小于【詳解】(1)[1]在滑塊從靜止釋放到運動到光電門的過程中，系統的重力勢能削減量是mgl；(2)[2]滑塊經過光電門時的速度為要驗證的關系式為則要驗證機械能守恒定律，還須要測量的物理量是滑塊和遮光條的總質量M；(3)[3]若該系統機械能守恒，以上測得的物理量應當滿意的關系式是(4)[4]由于托盤和滑塊運動過程中要克服阻力做功，故該試驗的動能增量總是小于重力勢能的削減量。15．8?；23W【詳解】小球進入板間后，受重力和電場力作用，且到A板時速度為零，設兩板間電壓為UAB由動能定理得解得：UAB=8V則滑動變阻器兩端電壓U滑=UAB=8V設通過滑動變阻器電流為I，由歐姆定律得滑動變阻器接入電路的電阻電源的輸出功率16．(1)2m/s2(2)5m/s(3)0.6J【詳解】(