安徽省宣城市楊灘鄉中學高三物理聯考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，光滑的大圓環固定在豎直平面上，圓心為O點，P為環上最高點，輕彈簧的一端固定在P點，另一端栓連一個套在大環上的小球，小球靜止在圖示位置平衡，則（）A．彈簧可能處于壓縮狀態B．大圓環對小球的彈力方向可能指向O點C．小球受到彈簧的彈力與重力的合力一定指向O點D．大圓環對小球的彈力大小可能小于球的重力，也可能大于球的重力參考答案：C【考點】共點力平衡的條件及其應用；力的合成與分解的運用．【分析】對小球受力分析，根據共點力平衡，分析彈簧的彈力方向，作出正確的受力分析圖，根據相似三角形分析大圓環對小球的彈力和小球重力的大小關系．【解答】解：A、若彈簧處于壓縮狀態，彈簧對小球的彈力方向沿彈簧向外，還受到重力和圓環對小球指向圓心的彈力，這三個力不可能平衡，所以彈簧處于伸長狀態，受力如圖所示，故A錯誤．B、由A選項分析可知，大圓環對小球的彈力方向背離圓心O，故B錯誤．C、小球受重力、彈簧的拉力以及大圓環對它的彈力處于平衡，小球受到彈簧的彈力與重力的合力與大圓環對小球彈力大小相等，方向相反，可知指向圓心O，故C正確．D、如圖，△G′NB∽△PQO，因為，可知大圓環對小球的彈力等于小球的重力，故D錯誤．故選：C．2.從地面豎直上拋物體甲，與此同時在甲的上方有一物體乙自由下落，兩物體在空中相遇時速率相等，則（）A．甲落地時的速度是乙落地時速度的3倍B．相遇時甲上升的距離是乙下落距離的3倍C．物體甲的初速度大小是相遇時速率的2倍D．甲在空中運動的時間是乙在空中運動時間的2倍參考答案：BCD3.如右圖所示，用兩根相同的導線繞成匝數分別為n1和n2的圓形閉合線圈A和B,兩線圈平面與勻強磁場垂直。當磁感應強度隨時間均勻變化時，兩線圈中的感應電流之比IA：IBA.

B.C.

D.參考答案：B4.下列說法符合物理學史的是A.伽利略認為力不是維持物體運動的原因

B.牛頓成功地測出了萬有引力常量C.亞里士多德認為物體下落的快慢與物體的輕重無關D.哥白尼提出了日心說并發現了行星沿橢圓軌道運行的規律參考答案：A5.（單選）如圖是物體做直線運動的v﹣t圖象，由圖可知，該物體（）A．第1s內和第3s內的運動方向相反B．第3s內和第4s內的加速度相同C．第1s內和第4s內的位移大小不等D．0～2s內和0～4s內的平均速度大小相等參考答案：考點：勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關系；牛頓第二定律．專題：運動學中的圖像專題．分析：速度時間圖象中速度的符號表示物體的運動方向；圖象的斜率等于加速度；圖象與時間軸所圍的面積表示位移．平均速度等于位移與時間之比．根據這些知識進行解答．解答：解：A、由圖知，在前3s內物體的速度均為正值，說明在前3s內物體的運動方向不變，故A錯誤；B、速度圖象的斜率等于加速度，第3s內和第4s內圖線的斜率相同，則加速度相同，故B正確；C、圖象與時間軸所圍的面積表示位移，由幾何知識可知第1s內和第4s內的位移大小相等．故C錯誤；D、根據“面積”可知：0～2s內和0～4s內的位移相等，所用時間不等，所以平均速度不等，故D錯誤．故選：B．點評：解決本題的關鍵知道速度時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.(1)（6分）如圖所示為氫原子的能級圖。讓一束單色光照射到大量處于基態（量子數n=1）的氫原子上，被激發的氫原子能自發地發出3種不同頻率的色光，則照射氫原子的單色光的光子能量為

eV。用這種光照射逸出功為4.54eV的金屬表面時，逸出的光電子的最大初動能是

eV。參考答案：12.09

7.557.一衛星繞地球做勻速圓周運動的線速度大小為v，若地球質量為M，引力常量為G，則該衛星的圓周運動的半徑R為

；它在1/6周期內的平均速度的大小為

。參考答案：；8.如圖所示，一定質量的理想氣體開始處于狀態A，然后經狀態B到狀態C，A、C狀態的溫度相同。設氣體在狀態A和狀態C的體積分別為VA和VC，在AB和BC過程中吸收或放出熱量的大小分別為QAB和QBC，則VA

VC，QAB

QBC（選填“>”、“＝”或“<”）。參考答案：>（2分）；<9.地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，若高空中某處的重力加速度為g/2，則該處距地球表面的高度為____________，在該高度繞地球做勻速圓周運動的衛星的線速度大小為______________。

參考答案：

,

10.在實驗室中用螺旋測量金屬絲的直徑時，如圖所示，由圖可知金屬絲的直徑是

mm．參考答案：5.615解：螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為11.5×0.01mm=0.115mm，所以最終讀數為5.5mm+0.115mm=5.615mm．故答案為：5.61511.氘核和氚核可發生熱核聚變而釋放巨大的能量，該反應方程為：，式中x是某種粒子。已知：、、和粒子x的質量分別為2.0141u、3.0161u、4.0026u和1.0087u；1u=931.5MeV/c2，c是真空中的光速。由上述反應方程和數據可知，粒子x是__________，該反應釋放出的能量為_________MeV（結果保留3位有效數字）參考答案：12.某汽車的部分參數如下表，請根據表中數據完成表的其他部分。整車行使質量1500Kg最大功率92KW

加速性能0－108Km/h(即30m/s)所需時間平均加速度11s_________m/s2

制動性能車輛以36Km/h（即10m/s）行使時的制動距離制動過程中所受合外力6.5m_________N

參考答案：答案：2.73，1.15×104解析：由可得a＝2.73m/s2；根據和F＝ma可得F＝1.15×104N。13.在用架空電纜進行高壓輸電時，為了增加電纜的抗拉能力，常常增加掛線的弧度，如圖所示，在ABCD四點，若電纜線端切線與豎直方向的夾角都是60o，已知電纜線能承受的最大拉力為2000N，則AB或CD段電纜線承重不超過

A．1000N

B．2000N

C．2000N

D．N參考答案：B三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，一彈丸從離地高度H=1.95m

的A點以=8.0m/s的初速度水平射出，恰以

平行于斜面的速度射入靜止在固定斜面頂端C處

的一木塊中，并立即與術塊具有相同的速度（此速度大小為彈丸進入術塊前一瞬間速度的）共同運動，在斜面下端有一垂直于斜面的擋板，術塊與它相碰沒有機械能損失，碰后恰能返同C點．已知斜面頂端C處離地高h=0.05m，求：(1)A點和C點間的水平距離？(2)木塊與斜面間的動摩擦因數?(3)木塊從被彈丸擊中到再次回到到C點的時間t?參考答案：15.螺線管通電后，小磁針靜止時指向如圖所示，請在圖中標出通電螺線管的N、S極，并標出電源的正、負極。參考答案：N、S極1分電源+、-極四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（計算）（2014秋?湖北期末）如圖所示，在矩形區域內有垂直于紙平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B=5.0×10﹣2T，矩形區域長為m，寬為0.2m，在AD邊中點O處有一放射源，某時刻，放射源沿紙面向磁場中各方向均勻地輻射出速率均為v=2×l06m/S的某種帶正電粒子，帶電粒子質量m=1.6×10﹣27kg．電荷量為q=+3.2×l0﹣19C（不計粒子重力），求：（1）帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑為多大？（2）從BC邊界射出的粒子中，在磁場中運動的最短時間為多少？（3）若放射源向磁場內共輻射出了N個粒子，求從CD邊界射出的粒子有多少個？參考答案：（1）帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑為0.2m；（2）從BC邊界射出的粒子中，在磁場中運動的最短時間為×10﹣7s；（3）若放射源向磁場內共輻射出了N個粒子，從CD邊界射出的粒子有個．帶電粒子在勻強磁場中的運動解：（1）洛倫茲力提供向心力：qvB=m得：R==0.2m（2）因為所有粒子的軌跡半徑相同，所以弦最短的圓弧所對應的圓心角最小，運動時間最短．作EO⊥AD，EO弦最短，因為=0.2m，且R=0.2m所以對應的圓心角為θ=又qvB=mR（）2得：T=則最短時間為：t===×10﹣7s（3）判斷從O點哪些方向射入磁場的粒子將會從CD邊射出，如圖為兩個邊界，當速度方向滿足一定條件時，粒子將從D點射出磁場，=m，且R=0.2m由三角函數知識可知∠OO2D=此時射入磁場的粒子速度方向與OD夾角為，當軌跡圓與BC邊相切時，因為R=0.2m，=0.2m，可知圓心O1在AD邊上，因為＜所以帶電粒子不可能通過C點，與BC相切的即為從CD邊射出磁場的最上邊緣的粒子，該粒子進入磁場的速度方向垂直AD向上，與OD之間的夾角為，所以從CD邊射出的粒子，射入磁場時速度方向應與OD邊夾角在到之間△θ=的范圍內，因為放射源向磁場內各方向均勻地輻射粒子，所以能從CD邊射出的粒子數目為：n=N即：n=答：（1）帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑為0.2m；（2）從BC邊界射出的粒子中，在磁場中運動的最短時間為×10﹣7s；（3）若放射源向磁場內共輻射出了N個粒子，從CD邊界射出的粒子有個．17.如圖所示，上端封閉、下端開口的玻璃管豎直放置，管長55cm，其中有一段長為6cm的水銀柱，將長為2cm的空氣柱A封閉在管的上部，空氣柱B和大氣連通．現用一小活塞將管口封住，并將活塞緩慢往上壓，當水銀柱上升4cm時停止上壓．已知外界大氣壓恒為76cmHg，上壓過程氣體溫度保持不變，A、B均為理想氣體，求：①氣體A、B末狀態的壓強；

②試分析此過程中B氣體是吸熱還是放熱？參考答案：解：①氣體A的初態的壓強為pA：pA+p柱=p0末態時氣柱的長度為lA’：lA’=lA﹣△l氣體A發生等溫變化：pAlAS=pA’lA’S解得：pA’=87.5cmHg氣體B的末態壓強為pB’：解得：pB’=pA’+p柱=93.5cmHg②氣體B的初態：壓強為p0，氣體柱的長度為lB：lB=L﹣lA﹣l柱=29cm氣體B發生等溫變化：pBlBS=pB’lB’S解得：lB’=23.6cmlB’＜lB，氣體B的變化是等溫壓縮等溫變化，內能不變△U=0，壓縮體積減小，外界對氣體做功W＞0由熱力學第一定律△U=W+Q可知Q＜0：氣體B要放熱答：①氣體A末狀態的壓強87.5cmHg，B氣體末態壓強93.5cmHg；

②試分析此過程中B氣體是放熱【考點】理想氣體的狀態方程．【分析】①以A氣體為研究對象，根據玻意耳定律求出末態壓強，再根據兩部分氣體的壓強關系求出B氣體的末態壓強；②根據玻意耳定律求出B氣體的長度，判斷體積變化，再根據熱力學第一定律判斷吸放熱18.如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實驗。若砝碼和紙板的質量分別為和，各接觸面間的動摩擦因數均為。重力加速度為g。（1）當紙板相對砝碼運動時，求紙板所受摩擦力的大小；（2）要使紙板相對砝碼運動，求所需拉力的大小范圍；（3）本實驗中，=