河南省濟源市2024年物理高一第二學期期末監測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如果把地球近似地看成一個球體，在牡丹江和廣州各放一個質量相同的物體隨地球自轉做勻速圓周運動，則這兩個物體具有大小相同的物理量是()A．線速度 B．角速度 C．加速度 D．向心力2、(本題9分)如圖，質量為m的小球，用長為l的輕繩懸掛于O點，小球在水平拉力F作用下，從平衡位置P緩慢地拉至輕繩與豎直方向夾角為處。重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．小球的重力勢能增加B．拉力F所做的功為C．拉力F所做的功為D．繩的拉力所做的功為3、(本題9分)如圖所示，長為L的均勻鏈條放在光滑水平桌面上，且使長度的14A．32gLC．15gL4 D．4、(本題9分)物體在平衡力作用下運動，下面哪種說法正確（）A．物體機械能不變，動能和重力勢能可以相互轉化B．物體的動能不變，重力勢能一定變化C．機械能一定不變D．如果物體的重力勢能有變化，那么物體的機械能一定有變化5、(本題9分)（題文）某人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，實施變軌后衛星的線速度減小到原來的12A．衛星的向心加速度減小到原來的1B．衛星的角速度減小到原來的1C．衛星的周期增大到原來的8倍D．衛星的半徑增大到原來的2倍6、(本題9分)一個電子鐘的秒針角速度為()A．πrad/s B．2πrad/s C．π/30rad/s D．π/60rad/s7、(本題9分)下列說法中正確的是（）A．曲線運動一定是變速運動B．變速運動一定是曲線運動C．勻速圓周運動就是速度不變的運動D．物體受恒力作用可能做曲線運動8、(本題9分)在如圖所示的電路中，電流表、電壓表均為理想電表。閉合開關S，當滑動變阻器滑動片向下移動時，下列說法正確的是()A．電壓表V的示數將不變B．電流表A的示數將變大C．電流表A1的示數將變小D．電流表A2的示數將不變9、(本題9分)有一個質量為m的小木塊，由碗邊滑向碗底，碗內表面是半徑為R的圓弧，由于摩擦力的作用，木塊運動的速率不變，則A．它的加速度為零B．它所受合力為零C．它所受的合外力大小一定、方向改變D．它的加速度大小恒定10、(本題9分)一個質量為m的物體（可視為質點），以某一初速度由A點沖上傾角為30°的固定斜面，其加速度大小為g，物體在斜面上運動的最高點為B，B點與A點的高度差為h，則從A點到B點的過程中，下列說法正確的是（）A．物體動能損失了B．物體重力勢能增加了mghC．物體機械能損失了mghD．物體機械能損失了11、兩個互成角度為θ0°<θ<180°A．勻加速直線運動B．勻速直線運動C．勻減速直線運動D．非勻變速曲線運動12、(本題9分)如圖所示，小球用輕質細線拴著在水平面內做半徑為的勻速圓周運動，當小球運動到左側時，在小球的正上方高度為的小球水平飛出，飛出時的速度大小為.不計空氣阻力，重力加速度為。要使小球在運動一周的時間內與小球相碰，則小球的向心加速度大小可能為（）A． B． C． D．二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)驗證機械能守恒定律”的一次實驗中，質量m＝1kg的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點，如圖所示（相鄰記數點時間間隔為0.02s），那么：（1）紙帶的______（填“P”或“C”，必須用字母表示）端與重物相連；（2）打點計時器打下計數點B時，物體的速度vB＝______m/s（保留到小數點后兩位）；（3）從起點P到打下計數點B的過程中物體的重力勢能減少量△EP＝_____J，此過程中物體動能的增加量△Ek＝_____J；（g取9.8m/s2保留到小數點后兩位）（4）通過計算，數值上△EP_____△Ek（填“＜”、“＞”或“＝”），這是因為_____．14、(本題9分)如圖甲所示，在水平光滑軌道上停著甲、乙兩輛實驗小車，甲車上系有一穿過打點計時器的紙帶，當甲車獲得水平向右的速度時，隨即啟動打點計時器，甲車運動一段距離后，與靜止的乙車發生正碰并粘在一起運動，紙帶記錄下碰撞前甲車和碰撞后兩車的運動情況，如圖乙所示，電源頻率為51Hz，則碰撞前甲車速度大小為________m/s，碰撞后的共同速度大小為________m/s．已測得甲小車的質量m1=1．21kg，乙小車的質量m2=1．11kg，由以上測量結果可得：碰前總動量為_____kg?m/s；碰后總動量為_____kg?m/s．15、如圖所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。(1)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP，然后把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復，分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、N.接下來要完成的必要步驟是______(填選項前的符號)A．用天平測量兩個小球的質量m1、m2B．測量小球m1開始釋放高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．測量平拋射程OM、ON(2)經測定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地點的平均位置距O點的距離如圖所示.碰撞前后m1的動量分別為p1與p1'，碰撞結束時m2的動量為p2(3)有同學認為，在上述實驗中僅更換兩個小球的材質，其他條件不變，可以使被碰小球做平拋運動的射程增大.請你用紙帶中已知的數據，分析和計算出被碰小球m2平拋運動射程ON的最大值為_____cm.(保留兩位小數)三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示，小球A質量為m，系在細線的一端，線的另一端固定在O點，0點到光滑水平面的距離為h．物塊B和C的質量分別是6m和3m,B與C用輕彈簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物塊位于0點正下方．現拉動小球使細線水平伸直，小球由靜止釋放，運動到最低點時與物塊B發生正碰(碰撞時間極短),反彈后上升到最高點時到水平面的距離為,小球與物塊均視為質點，不計空氣阻力，重力加速度為g，求碰撞后B物塊速度大小及碰后輕彈簧獲得的最大彈性勢能．17、（10分）(本題9分)如圖所示，勻強電場的電場強度E=2.0×104N/C，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離s=0.10m．將電荷量q=+2.0×10-8C的點電荷從A點移至B點．求：（1）電荷從A點移至B點的過程中，電勢能變化了多少．（2）若將A點的電勢規定為0，則B點的電勢是多少？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】

隨地球自轉做勻速圓周運動的物體都有和地球相同的角速度，由于兩地的轉動半徑r不同，由v=ωr可知線速度不同；根據a=ω2r可知，向心加速度不同；根據F=mω2r可知，向心力不同；故選B.2、B【解析】

小球的重力勢能增加，選項A錯誤；由能量關系可知，拉力F所做的功等于重力勢能的增量，為，選項B正確，CD錯誤；3、C【解析】

鏈條在重力作用而向下滑動，只有重力做功，其機械能守恒；可設桌面為零勢能面，列出機械能守恒方程可得出鏈條的速度?！驹斀狻吭O桌面為零勢能面，鏈條的總質量為m開始時鏈條的機械能為：E1=-1當鏈條剛脫離桌面時的機械能：E2=12由機械能守恒可得：E1=E2即：-1解得：v=15gL故應選：C。【點睛】零勢能面的選取是任意的，本題也可以選鏈條滑至剛剛離開桌邊時鏈條的中心為零勢能面，結果是一樣的，要注意重力勢能的正負；抓住機械能守恒時，鏈條動能的變化取決于重力勢能的變化量。4、D【解析】物體若做水平勻速直線運動，動能和勢能不會相互轉化，動能不變，重力勢能也不變，機械能也不變，故ABC錯誤．物體受平衡力，除了重力之外還有另外的力，若重力勢能變化，則說明重力做功，則說明另外的力也做了功，物體的機械能一定變化，故D正確．故選D.點睛：物體受力平衡的情形很多，可以選擇特殊運動來否定ABC；由除重力之外的其他力做功時物體的機械能變化，可判定D．5、C【解析】衛星繞地球做圓周運動萬有引力提供圓周運動向心力有：GmM可得線速度v＝GMr，可知線速度減為原來的12時，半徑增加為原來的4倍，故D正確；向心加速度a＝GMr2知，半徑增加為原來的4倍，向心加速度減小為原來的點睛：根據萬有引力提供圓周運動向心力，由此確定描述圓周運動的物理量與軌道半徑的關系，熟練掌握相關規律是解決問題的關鍵.6、C【解析】

秒針的周期T=60s，轉過的角度為2π，則角速度；故A、B、D錯誤，C正確．故選C．【點睛】解決本題的關鍵知道角速度的定義式，知道角速度與周期的關系．7、AD【解析】A：曲線運動的速度方向時刻發生變化，曲線運動一定是變速運動．故A項正確．B：變速運動不一定是曲線運動，例如：勻變速直線運動是變速運動但不是曲線運動．故B項錯誤．C：勻速圓周運動就是速度大小不變、方向不斷變化的運動．故C項錯誤．D：物體受恒力作用可能做曲線運動，例如：物體水平拋出后在重力作用下做平拋運動．故D項正確．8、BC【解析】

AB．當滑動變阻器滑片向下移動時，其接入電路的電阻減小，電路的總電阻減小，總電流I增大，電流表讀數變大，電壓表V讀數為U=E-Ir，I增大，則U變小，電壓表V的示數將變小，故A錯誤，B正確；CD．電阻R1兩端的電壓等于電源的路端電壓，路端電壓變小，所以電阻R1中的電流變小，電流表A1的示數將變小，總電流變大，所以電流表A2的示數將變大，故C正確、D錯誤。9、CD【解析】A、物塊下滑過程速率保持不變，做勻速圓周運動，加速度不等于零，合外力不等于零．故AB錯誤；

C、物塊所受合外力提供向心力，合外力的大小不變，向心加速度大小不變，但方向指向圓心，故CD正確．點睛：物塊下滑過程速率保持不變，做勻速圓周運動，加速度不等于零，合外力不等于零．合外力提供向心力，大小不變，向心加速度大小不變，方向指向圓心，隨時間變化．10、BC【解析】

A．滑塊上升過程中，受到重力、支持力和摩擦力，根據牛頓第二定律，得到合力F=ma=mg沿斜面向下；動能減小量等于克服合力做的功，故△EK減=FS=mg?2h=2mgh故A錯誤；B．物體上升了h，故重力勢能增加了mgh；故B正確；CD．系統損失的機械能等于減小的動能和勢能之和，故△E減=△EK減-mgh=mgh故C正確，D錯誤；故選BC．11、AC【解析】

互成角度的兩個初速度的合初速度為v，兩個加速度的合加速度為a，其中可能的情況如圖，由物體做曲線運動的條件可知，當v與a共線時為勻變速直線運動，當v與a不共線時，為勻變速曲線動A.勻加速直線運動與分析相符，故A項符合題意；B.勻速直線運動與分析不符，故B項不符合意意；C.勻減速直線運動與分析相符，故C項符合題意；D.非勻變速曲線運動與分析不符，故D不符合題意。12、AD【解析】

B做平拋運動，在豎直方向，有得則水平方向的位移為若要使小球在運動一周的時間內與小球相碰，根據幾何關系可知，當A運動或時恰能與B相碰，則有或又向心加速度，聯立解得或故選AD?！军c睛】根據B做平拋運動的特點，求出B的水平位移，結合幾何關系，分析A與B相碰的時間，求出A運動的周期，再根據即可求解。二．填空題(每小題6分，共18分)13、P0.980.490.48＞有機械能損失【解析】

（1）與重物相連的紙帶一端應該先打出點，先打出點的速度較小，從紙帶圖上可以看出是P點．（2）利用勻變速直線運動的推論得：B點的速度B點的動能（3）重力勢能減小量△Ep＝mgh＝1×9.8×0.0501J＝0.49J．（4）＞，由于存在摩擦阻力，所以有機械能損失．14、2．6,2．4,2．22,2．22【解析】碰撞前Δx＝2．2cm，碰撞后Δx′＝2．8cm，T＝2．22s，由v＝得碰前v甲＝＝2．6m/s；碰后v＝＝2．4m/s．碰前總動量p2=m2v2=2．2×2．6kg?m/s=2．22kg?m/s碰后的總動量：p2=（m2+m2）v2=2．3×2．4kg?m/s=2．22kg?m/s．15、AD1.0176.80【解析】

（1）[1]根據動量守恒定律，有m小球碰前碰后從同一高度做平拋運動，即平拋運動時間相等，根據平拋運動特點有mmx1表示碰前小球平拋運動水平位移，x1'、x2分別表示碰后兩小球的位移。整理知要驗證動量守恒定律，需要驗證的關系式為m故實驗還需完成的必要步驟是：AD（2）[2]碰撞前后總動量的比值p（3）[3]小球發生彈性碰撞時，被碰小球平拋射程最大，有mm代入OP，得ON=三．計算題(22分)16、v2＝Epm＝mgh【解析】

設小球運動到最低點與物塊B碰撞前的速度大小為v0，取小球運動到最低點時的重力勢能為零，根據機械能守恒定律有：