2023年廣西三新學術聯盟高三年級11月聯考物理試題 參考答案1．C【詳解】A．第一宇宙速度為圍繞地球做圓周運動的最大速度，則衛星C的線速度大小不可能為，故A錯誤；B．由開普勒第三定律，A的周期小于B的周期，故B錯誤；C．由萬有引力提供向心力有解得由于B軌道半徑大于A軌道半徑，則有，B為地球靜止衛星，則B與D轉動的角速度相等，由公式可得，整理可知，衛星A的向心加速度大于衛星D的向心加速度，故C正確；D．從B軌道變到A軌道為高軌變低軌，需減速做近心運動，故D錯誤。2．D【詳解】A．由題意可知，a與d、b與e、c與f在O點的磁場大小相等、方向相反，故O點的磁感應強度為零，A錯誤；B．根據安培定則，其他5根輸電線在c處產生的磁場方向垂直fc向上，根據左手定則，c導線所受安培力方向沿Oc指向O，B錯誤；CD．由題意可知，b、f對a的安培力大小為F，c、e對a的安培力為，d對a的安培力為，則a導線所受安培力為，C錯誤，D正確。3．D11【詳解】A．由于色光1在AC邊發生了全反射，則色光1的折射率為由折射定律得色光2的折射率為則色光1，2的折射率之比為，A錯誤；全反射的條件是光由光密介質向光疏介質傳播，且入射角大于臨界角，C錯誤；D．由于色光1的折射率大，則色光1的頻率大，色光1的波長較短，色光2更容易發生衍射現象，B錯誤，D正確。4．D【詳解】AC．A．線圈轉動得越快，通過線圈的磁通量變化越快，電路中電流越大，故A錯誤；當線圈轉到圖乙所示位置時，線圈中電流最大，表達式應為，故C錯誤；B．線圈轉到中性面時，電流方向才會發生改變，故B錯誤；D．線圈轉到圖乙所示位置時電流最大，穿過線圈磁通量的變化率最大，故D正確。故選D。5．C【詳解】根據質量數和核電荷數守恒可得，因此為粒子，發生的是衰變，它的電離能力很強，穿透能力很弱，故A錯誤；B項中是原子核衰變時產生的新核處于高能級要向低能級躍遷并放出射線，故B錯誤；C．由質能方程可知C正確；D．原子核的半衰期是針對大量原子核得出的統計規律，對少數原子核衰變不適用，故D錯誤。6．C【詳解】A．光滑圓環受力情況如圖所示設繩長為l，升降機和建筑間距離為d，根據幾何知識可知，根據平衡條件有解得，升降機緩慢上升時，d和l不變，繩中的張力不變，故A錯誤；B．升降機緩慢向左移動時，d變大，繩中的張力變大，故B錯誤；C．根據平衡條件可知地面對升降機的摩擦力為，升降機緩慢上升時，d和l不變，夾角不變，則地面對升降機的摩擦力不變，故C正確；D．根據平衡條件可知，升降機對地面的壓力為，升降機緩慢向左移動時，升降機對地面的壓力不變，故D錯誤。7．D【詳解】A．由B到地平面的時間為，可被“有效擊中”的時間為，所以A錯誤；B．在經過地平面附近時動靶的速度較大，不容易被擊中，所以B錯誤；C．從A點拋出的初速度為，所以C錯誤；D．從A上升到B過程中所用時間為，從A上升到B過程中，重力的沖量大小為，所以D正確；故選D。8．AC【詳解】A．圖像與橫軸所圍成的面積表示位移，可知時間內，兩車的位移相等，時，兩車第一次并排騎行，故A正確；B．時間內，乙車的位移大于甲車的位移，因為時兩車第一次并排行駛，所以內乙車始終在甲車后面，故B錯誤；D．設乙車的最大速度為，時甲車的速度為，時間內兩車位移差為，由運動學公式，解得，所以圖線甲的斜率為，圖像的斜率表示加速度，可知甲車的加速度，故D錯誤；C．時甲車的速度，乙車的最大速度，故C正確。故選AC。9．AD【詳解】A．若只有存在，則A、B、C、D四點電勢相同，此時加上，由于C離最近，所以疊加后，C處電勢最高，A正確；B．由于電場強度是矢量，又A、B兩處電場強度大小相等，方向不同，故A、B兩處電場強度不相同，B錯誤：C．由C沿圓移到A，和由B沿圓移到D，不做功，只有做功，CA位移和BD相同，但AC段離更近，做功更多，所以C、A兩點的電勢差大于B、D兩點的電勢差，C錯誤；D．由A順時針沿圓到B，而離先近后遠，電勢先增后減，所以電子電勢能先減小后增大，D正確。故選AD。10．AC【詳解】A．非重力做功等于機械能的變化量，小環C下落過程受重力、桿的支持力和細線的拉力。到位置S前的過程中，非重力（細線的拉力）做正功，機械能增加。經過S的位置，非重力（細線的拉力）做負功，機械能減小。因此，小環C的機械能先增加再減小，下落到位置S時，小環C的機械能最大，故A正確；B．小環從R處下落到Q處的過程中，物體B始終靜止在地面上，動量變化量為零，因此物體B所受合力的沖量為零，即重力、彈簧彈力和地面對物體B的支持力的沖量和為零，則彈簧彈力和地面對物體的支持力的沖量和與重力沖量等大反向，由于此過程重力沖量不為零，故B錯誤；C．環在Q時動能最大。環在R和Q時，彈簧長度相同，彈性勢能相同。Q和A通過細線相連，沿著繩子的分速度相等（如圖所示），故，故A與環的動能之比為。對小環和A的系統有，聯立可得小環C的最大動能，故C正確；D．環在R和Q時，彈簧長度相同，B對地面的壓力為零，說明彈簧處于伸長狀態且彈力等于物體B的重力mg。環在Q位置，環速度最大，說明受力平衡，受重力、支持力和拉力，根據平衡條件，有，對A有，對B有，聯立可得，故D錯誤。故選AC。11．【答案】（1）C（2分） （2）A（2分） （3）5.0（2分）【詳解】（1）實驗中得到多個痕跡點，為得到鋼球平拋運動的軌跡，由于存在實驗誤差，不可能使所有的點落在同一曲線上，故應畫出一條平滑的曲線，盡量使得各個痕跡點均勻分布在曲線上或曲線附近，選項C正確。（2）小球做平拋運動，水平方向有：，豎直方向有：，可知圖像是一條過坐標原點的直線，選項A正確。（3）小球做平拋運動，豎直方向有：可得小球運動至A點的時間為：可得小球運動至B點的時間為：小球平拋的初速度：小球運動至C點時豎直方向的速度為：小球過C點時的速度大小為：12．【答案】（1）16（1分） 8000（1分）（3）12.0（）（2分） 6.53（）（2分） 不能（2分）【詳解】（1）單刀雙擲開關置于位置2，電壓表的量程為：單刀雙擲開關置于位置1時電壓表量程為，則定值電阻：（3）由圖甲電路可知，電源電動勢：整理得：在乙圖中將圖線延長至與坐標軸相交以便讀數，由此得圖像斜率：圖像截距：代入數據解得：，三組蓄電池串聯在一起，電動勢為，而電動自行車電機的電壓維持在到之間時電機才能正常工作，所以該電動自行車的電機不能正常工作。13．解：（1）加熱鍋時，鍋內氣體的體積不變，有 （2分）其中，解得： （1分）（2）設排氣后氣體最終的體積（包括排出部分）為則根據氣體狀態方程有 （2分）其中解得： （1分）體積的變化量為： （1分）又有： （1分）排出氣體的質量： （2分）14．解：（1）質點做勻速圓周運動可得： （1分）解得MN左側區域內電場強度 （1分）方向豎直向上 （1分）（2）質點在左側區域做勻速圓周運動，故有 （2分）解質點經過A、O兩點，故質點在左側區域做勻速圓周運動的圓心在AO的垂直平分線上，且質點從A運動到O的過程O點為最右側；所以，粒子從A到O的運動軌跡為劣弧，根據幾何關系有 （1分） （1分）根據幾何關系可得帶電質點在A點的入射方向與AO間的夾角 （1分）（3）質點在O點的豎直分速度 （1分）水平分速度 （1分）質點從O運動到P的過程受重力和電場力作用，故水平、豎直方向都做勻變速運動；質點運動到P點，故豎直位移為零，所以運動時間 （1分）所以質點在P點的豎直分速度：水平方向： （1分）水平分速度： （1分）所以帶電質點從O點進入虛線MN右側區域后運動到P點時速度 （1分）15．（1）對滑塊B，由初位置到圓弧軌道底端，有 （1分）得： （1分）在圓弧軌道最低點，有 （1分）得： （1分）由牛頓第三定律滑塊對軌道的壓力為，方向豎直向下 （1分）（2）對B和A組成的系統，B滑上A到共速過程系統動量守恒，有 （1分）對B： （1分）得 （1分）（3）①B滑上A到A與臺階剛要發生第一次碰撞時，對A： ①