江蘇省鎮江一中2024屆高一物理第二學期期末綜合測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)某個行星的質量是地球質量的一半，半徑也是地球半徑的一半，則此行星表面上的重力加速度是地球表面上重力加速度的（）A．2倍B．0.5倍C．4倍D．0.25倍2、(本題9分)如圖所示，手持一根長為l的輕繩的一端在水平桌面上做半徑為r、角速度為ω的勻速圓周運動，繩始終保持與該圓周相切，繩的另一端系一質量為m的木塊，木塊也在桌面上做勻速圓周運動，不計空氣阻力則（）A．手對木塊不做功B．木塊不受桌面的摩擦力C．繩的拉力大小等于D．手拉木塊做功的功率等于3、(本題9分)下列物理量中，都是矢量的是（）A．力和功B．加速度和時間C．力和位移D．力和高度4、(本題9分)北斗導航系統又被稱為“雙星定位系統”，具有導航、定位等功能。如圖所示，北斗導航系統中的兩顆工作衛星均繞地心做勻速圓周運動，且軌道半徑均為R，某時刻工作衛星1、2分別位于軌道上的A，B兩個位置，A，B兩位置的圓心角為，若兩衛星均沿順時針方向運行，地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛星間的相互作用力，下列判斷正確的是A．這兩顆衛星的加速度大小相等，均為B．衛星1向后噴氣就一定能夠碰上衛星2C．衛星1由A位置運動到B位置的過程中萬有引力做正功D．衛星1由A位置運動到B位置所需的時間是5、(本題9分)水平路面上有一質量為1kg的玩具小車由靜止開始沿直線啟動。其運動的v-t圖像如圖所示，圖中0~2s時間段圖像為直線，2s后發動機的輸出功率保持不變。已知玩具小車行駛中的阻力恒為2N，則下列說法正確的是A．2s后牽引力功率為12WB．玩具小車運動的最大速度vm為12m/sC．0~2s內牽引力所做的功為18JD．2~4s內牽引力所做的功為60J6、(本題9分)2017年5月，在完成對哈勃空間望遠鏡的維修任務后，航天飛機在A點從圓形軌道Ⅰ進入橢圓軌道Ⅱ，B為軌道Ⅱ上的一點，如圖所示，關于航天飛機的運動，下列說法中正確的有（）A．在軌道Ⅱ上經過A的速度大于經過B的速度B．在軌道Ⅱ上經過A的速度大于在軌道Ⅰ上經過A的速度C．在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期D．在軌道Ⅱ上經過A的加速度大于在軌道Ⅰ上經過A的加速度7、(本題9分)如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個木塊，A、B之間用一輕彈簧連接．A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止狀態．若突然撤去力F，則下列說法中正確的是（）A．木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統動量守恒，機械能也守恒B．木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統動量不守恒，但機械能守恒C．木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統動量守恒，機械能也守恒D．木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統動量不守恒，但機械能守恒8、(本題9分)當船速大于水速時，下列關于渡船的說法中正確的是A．船頭方向斜向上游，渡河時間最短 B．船頭方向垂直河岸，渡河時間最短C．當水速度變化時，渡河的最短時間不變 D．當水速度變大時，渡河的最短時間變長9、(本題9分)如圖所示，用通過定滑輪的細繩拉動穿在光滑固定豎直桿上的滑塊P，使滑塊向上做勻速運動，此過程中，下列說法正確的是()A．拉細繩的力越來越大B．拉細繩的速度越來越大C．拉細繩的力做的功大于克服滑塊重力做的功D．拉細繩的力的功率等于克服滑塊重力做功的功率10、(本題9分)質點作勻速圓周運動，下列物理量不變的是（）A．速度 B．速率 C．角速度 D．加速度11、(本題9分)研究與平行板電容器電容有關因素的實驗裝置如圖所示。設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ。平行板電容器已經充電，實驗中保持極板上的電荷量Q不變。下列關于實驗現象的描述正確的是A．若保持S不變，增大d，則θ變大B．若保持S不變，增大d，則θ變小C．若保持d不變，減小S，則θ變大D．若保持d不變，減小S，則θ變小12、(本題9分)兩個小球在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運動，球在前，球在后、、、，當球與球發生碰擅后，、兩球的速度可能為（）A．、B．、C．、D．、二．填空題(每小題6分，共18分)13、一塊手機電池的背面印有如圖所示的一些符號，另外在手機使用說明書上還寫有“通話時間3h，待機時間100h”，則該手機通話時消耗的功率約為____W，待機時消耗的功率為_____W。14、飛機以300km/h的速度斜向上勻速飛行,飛行方向與水平方向成37°.則飛機在水平方向的分速度vx＝________km/h,在豎直方向的分速度vy＝_________km/h。(sin37°＝0.6,cos37°＝0.8)15、若已知某星球的質量為M，半徑為R，引力常量為G，則該星球的第一宇宙速度為________；若已知某星球的半徑為R，星球表面的重力加速度為g，則該星球的第一宇宙速度為____________。三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，ABCD表示豎立在場強為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓環，軌道的水平部分與半圓環相切，A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.01kg、帶電量q=+10-5C的小球在水平軌道的A點由靜止釋放后，小球在軌道的內側運動（g=10m/s2）。求：(1)小球到達C點時的速度多大？(2)小球達到C點時對軌道的壓力多大？(3)要使小球剛好能運動到D點，小球開始運動的位置應離B點多遠？17、（10分）(本題9分)真空中有兩個帶電小球A、B固定在絕緣水平面上，A、B相距L=30cm，所帶電荷量分別為qA=-5×l0-8C、qB=5×l0-8C。A、B兩小球均可視為點電荷，的電力常量k=9.0×l09N·m2/C2。求：(1)A、B兩小球之間的庫侖力大小；(2)帶電小球A在B處產生的場強。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解題分析】由黃金代換，A對；2、D【解題分析】試題分析:A、繩子的拉力方向與速度方向不垂直，知繩子對木塊做功．故A錯誤；B、木塊做勻速圓周運動，徑向的合力提供向心力，切線的合力為零，因為繩子在切線方向的分力不為零，則木塊受到的摩擦力不為零，與繩子拉力切線方向的分力相等．故B錯誤．C、木塊做圓周運動的半徑，根據徑向的合力提供向心力得，，，故．故C錯誤．D、手拉木塊做功的功率．故D正確．故選D．考點：考查動能定理的應用．【名師點睛】對物塊受力分析是解決本題的關鍵，知道物體做圓周運動徑向的合力提供向心力，切線的合力產生切線加速度，若為勻速圓周運動，則切線的合力為零．3、C【解題分析】A、力是既有大小又有方向的矢量，功是只有大小沒有方向的標量，故A錯誤；

B、加速度是既有大小又有方向的矢量，時間是只有大小沒有方向的標量，故B錯誤；

C、力和位移是既有大小又有方向的矢量，故C正確；

D、高度是只有大小沒有方向的標量，故D錯誤。點睛：矢量與標量有兩大區別：一是矢量有方向，標量沒有方向；二是運算法則不同，矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數加減法則。4、D【解題分析】

A．根據萬有引力提供向心力得因為這兩顆衛星在同一圓周上運動，所以加速度大小相等，由萬有引力定律可知所以，故A錯；B．衛星1向后噴氣速度增大，衛星1將會做離心運動，從而導致兩顆衛星運行的軌道不一致，則無法追上衛星2，故B錯；C．衛星1由A位置運動到B位置的過程中，衛星1相對地心距離不變，萬有引力方向朝向地心，且始終與速度垂直，所以萬有引力不做功，故C錯；D．根據得由于，所以衛星1由A位置運動到B位置所需的時間為，故D正確；故選D。5、D【解題分析】

A.0~2s內加速度，牽引力，，根據功率公式得2s后牽引力功率為，A錯誤。B.當牽引力與阻力相等時，速度最大，最大速度為，B錯誤。C.0~2s內牽引力所做的功圖像面積代表位移：，C錯誤。D.2~4s內功率恒定，牽引力所做的功，D正確。6、C【解題分析】

根據開普勒第二定律可知航天飛機在遠地點的A速度小于在近地點B的速度，A錯誤。航天飛機在軌道Ⅱ上A點加速才能變軌到Ⅰ上，所以在軌道Ⅱ上經過A的速度小于在軌道Ⅰ上經過A的速度，B錯誤；由開普勒第三定律，知在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期，C正確。由，得，同一點A，離地心的距離相等，則在軌道Ⅱ上經過A的加速度等于在軌道Ⅰ上經過A的加速度，D錯誤。7、BC【解題分析】

AB、撤去F后，木塊A離開豎直墻前，豎直方向兩物體所受的重力與水平面的支持力平衡，合力為零；而墻對A有向右的彈力，所以系統的合外力不為零，系統的動量不守恒．這個過程中，只有彈簧的彈力對B做功，系統的機械能守恒．故A錯誤，B正確．CD、A離開豎直墻后，系統水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，所以系統所受的合外力為零，系統的動量守恒，只有彈簧的彈力做功，系統機械能也守恒．故C正確、D錯誤．故選BC．8、BC【解題分析】當靜水速（船頭指向）與河岸垂直，在垂直于河岸方向上的速度最大，則渡河時間最短，當水流速度增大，不影響垂直于河岸方向上的分速度，則渡河時間不變．故BC正確，AD錯誤．故選BC．點睛：解決本題的關鍵知道分運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾．9、AD【解題分析】A．設細繩與豎直方向的夾角為，滑塊向上做勻速運動，細繩拉力沿豎直向上的分力等于重力，，增大，拉力F增大，故A正確；B．將滑塊向上的速度v沿繩子和垂直繩子分解，沿繩子方向的分速度為vcos，增大，拉細繩的速度越來越小，故B錯誤；C．因為滑塊勻速運動，合外力做功為零，拉細繩的力做的功等于克服滑塊重力做的功，拉細繩的力的功率等于克服滑塊重力做功的功率，故C錯誤，D正確；故選AD．10、BC【解題分析】勻速圓周運動的線速度、加速度大小不變、方向變化，不變的是周期和角速度，BC正確．11、AC【解題分析】保持S不變，增大d時，根據電容器的決定式C=εS4πkd，可知，電容C減小，電容器的電荷量Q不變，由電容的定義式C=QU，可得板間電勢差增大，所以θ變大，故A正確，B錯誤；保持d不變，減小S，根據電容器的決定式C=εS4πkd，可知，電容C減小，電容器的電荷量12、AB【解題分析】兩球碰撞過程系統動量守恒,以兩球的初速度方向為正方向,如果兩球發生完全非彈性碰撞,由動量守恒定律得:解得速度為如果兩球發生完全彈性碰撞：由機械能守恒定律得解得：;所以碰后；AB對；CD錯；故AB正確點睛：兩球碰撞過程,系統不受外力,故碰撞過程系統總動量守恒;碰撞過程中系統機械能可能有一部分轉化為內能,根據能量守恒定律,碰撞后的系統總動能應該小于或等于碰撞前的系統總動能;同時考慮實際情況,碰撞后A球速度不大于B球的速度.二．填空題(每小題6分，共18分)13、0.61.8×10-2【解題分析】

電池電量為，通話時間為，由此可知通話時放電電流為，電壓為，由公式可知通話時消耗的功率約為，同理待機時放電電流為，消耗的功率為【題目點撥】本題難度較小，重點考查了學生處理實際問題的能力，對電池儲存電量和單位mAh的理解14、240180【解題分析】

將飛機的實際運動分解為水平方向的勻速運動和豎直方向的勻速運動，如圖：

由幾何關系，可得：

vx=vcos37°=300km/h×0.8=240km/h；

vy=vsin37°=300km/h×0.6=180km/h；15、【解題分析】

[1]航天器在星球表面附近做勻速圓周運動的線速度，就是第一宇宙速度。其做圓周運動的向心力由萬有引力提供，由向心