2023年重慶市合川區高考物理聯考試卷

一、單選題（本大題共6小題，共24.0分）

1.在水平地面上0點正上方不同高度的4、B兩點分別水平拋出一小球，不計空氣阻力，如

果兩小球均落在同一點C上，則兩小球（）

A.拋出時的速度大小可能相等B.落地時的速度大小可能相等

C.落地時的速度方向可能相同D.在空中運動的時間可能相同

2.一束單色光從真空斜射向某種介質的表面，光路如圖所示。下列說法

中正確的是（）

A.此介質的折射率等于1.5

B.此介質的折射率等于，至

C.入射角小于45。時可能發生全反射現象

D.入射角大于45。時可能發生全反射現象

3.2019年11月5日1時43分，中國在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭，成功發射第

49顆北斗導航衛星，該衛星發射成功，標志著北斗三號系統3顆/GS。衛星（傾斜地球同步軌道

衛星）全部發射完畢。該衛星在軌道上運動的周期與地球自轉周期相同，但該軌道平面與赤道

平面有一定的夾角，因此該軌道也被稱為傾斜同步軌道，根據以上信息請判斷下列說法中不

正確的是（）

A.該衛星做勻速圓周運動的圓心一定是地球的球心

B.該衛星離地面的高度等于地球同步衛星離地面的高度

C.地球對該衛星的萬有引力一定等于地球對地球同步衛星的萬有引力

D.只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛星可以在每天的固定時間經過同一城市的上空

4.如圖所示，物體4B用細繩連接后跨過滑輪，4靜止在傾角為45。的斜面上，B懸掛著。

已知質量m“=27nB，不計滑輪摩擦，現將斜面傾角由45。增大到60。，但物體仍保持靜止，下

列說法中正確的是（）

H

A.繩子的張力增大B.物體a對斜面的壓力將增大

C.物體4受到的靜摩擦力增大D.滑輪受到繩子的作用力保持不變

5.下列說法正確的是（）

A.射線是高速電子流，它的穿透能力比a射線和y射線都弱

B.在核反應中，比結合能小的原子核變成比結合能大的原子核時，會釋放核能

C.根據玻爾理論可知，氫原子輻射出一個光子后，核外電子的動能減小

D.當紫外線照射到金屬鋅板表面時能發生光電效應，則當改為紅光照射時，也能發生光電效

應，但從鋅板表面逸出的光電子的最大初動能減小

6.在如圖所示的電路中，當閉合開關S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調節，則正確的是

()

A.電路再次穩定時，電源效率增加B.燈〃變暗，電流表的示數減小

C.燈G變亮，電壓表的示數減小D.電容器存儲的電勢能增加

二、多選題（本大題共4小題，共20.0分）

7.如圖所示，在光滑的水平面上方，有兩個磁感應強度大小均為B、方向相反的水平勻強磁

場，PQ為兩個磁場的理想邊界，磁場范圍足夠大。一個邊長為a、質量為m、電阻為R的單匝

正方形線框，以速度及垂直磁場方向從圖示實線位置I開始向右運動，當線框運動到分別有一

半面積在兩個磁場中的位置H時，線框的速度為（則下列說法正確的是（）

XXXXP?

A.在位置II時線框中的電功率為空空

9R

79

B.在位置時n的加速度為之心

2mR

C.此過程中安培力的沖量大小為|小〃

D.此過程中通過線框導線橫截面的電荷量為"

8.如圖，質量為m、長為L的直導線用兩絕緣細線懸掛于。、。',

并處于勻強磁場中.當導線中通以沿工正方向的電流/,且導線保持

靜止時，懸線與豎直方向夾角為。.則磁感應強度方向和大小可能為

()

A.z正向，*tan。B.y正向，胃

C.z負向，*tan。D.沿懸線向上，登sin。

9.如圖為豎直放置的上粗下細的玻璃管，水銀柱將氣體分隔成4、B兩部分，初始

溫度相同，使48升高相同溫度達到穩定后，體積變化量為/%、4%,壓強變化

量為4P%、4P8，對液面壓力的變化量為4治、g,貝I」()

A.水銀柱向下移動了一段距離

B.AVA<AVB

C.4PA<ApB

D.g>也

②

10.科學家通過實驗研究發現，放射性元素有92U有多種*U錯Bi---->"X

①I

可能的衰變途徑：92U先變成83Bi，83Bi可以經一次衰變

MTI微Pb

變成/及，也可以經一次衰變變成］°x（x代表某種元素），彘冗和2iox最后都變成荔「小衰

變路徑如圖所示?則以下判斷正確的是（）

A.a=211,b=82

B.①是0衰變，②是a衰變

C.①是a衰變，②是/?衰變

23821.0

D.92U經過7次a衰變5次夕衰變后變成83Bi

三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

11.（1）為了研究平拋物體的運動，可做下面的實驗：如圖甲所示，用小錘打擊彈性金屬片，

B球就水平飛出，同時4球被松開，做自由落體運動，兩球同時落到地面；如圖乙所示的實驗：

將兩個完全相同的斜滑道固定在同一豎直面內，最下端水平.把兩個質量相等的小鋼球從斜

面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板連接，則將觀察到的現象是球1落到水平

木板上擊中球2,這兩個實驗說明______A"

甲

A.甲實驗只能說明平拋運動在豎直方向做自由落體運動.

A乙實驗只能說明平拋運動在水平方向做勻速直線運動

C.不能說明上述規律中的任何一條

D甲、乙二個實驗均能同時說明平拋運動在水平、豎直方向上的運動性質

（2）關于“研究物體平拋運動”實驗，下列說法正確的是

A.小球與斜槽之間有摩擦會增大實驗誤差

8.安裝斜槽時其末端切線應水平

C小球必須每次從斜槽上同一位置由靜止開始釋放

。小球在斜槽上釋放的位置離斜槽末端的高度盡可能低一些.

E.將木板校準到豎直方向，并使木板平面與小球下落的豎直平面平行

R在白紙上記錄斜槽末端槽口的位置0,作為小球做平拋運動的起點和所建坐標系的原點

（3）如圖丙，某同學在做平拋運動實驗時得出如圖丁所示的小球運動軌跡，a、b、c三點的位

置在運動軌跡上已標出.則：（g取10m/s2）

丙T

①小球平拋運動的初速度為m/s.

②小球運動到6點的速度為m/s

③拋出點坐標x=cm,y=cm.

12.某同學設計測量電流表內阻的實驗。待測電流表的內阻用約在1K。?2K。之間，量程

250〃4提供實驗器材：

^PRR'abPErsG

電源(4V0.60)

電鍵S及導線若干

一只電阻箱R(0?99990)

滑動變阻器％(0?5000.64)

滑動變阻器/?2(。?1KC0.34)

某同學的測量過程如下：

第一，選擇實驗器材，設計實驗的電路圖，如圖甲所示

第二，實驗操作步驟如下：

①先按電路圖接好各元件，調節滑動變阻器R'的滑片P位置，再使電阻箱阻值為零

②閉合電鍵s,調節滑動變阻器R'的滑片/于某一位置，使電流表達到滿刻度乙

③滑動變阻器R'的滑片P保持不變，調節電阻箱值使電流表讀數為》的一半，記下電阻箱讀數

Rx,則待測電流表的內阻Rg=%

請回答以下問題：

(1)為了精確測量電流表的內阻，該同學選擇的滑動變阻器R'是(選填"8”或"/?2”)

(2)該同學在操作步驟①中，滑動變阻器R'的滑片P應置于端(選填"a”或"b”)理由

是______

(3)接照該同學所設計的實驗思路，用鉛筆畫出的線代表導線在圖乙中替他完善正確規范的實

驗電路連接，導線不能交叉

(4)在實驗步驟③中，確保滑動變阻器R'的滑片P的位置不變，其理由是

9

(1)導體棒AC受到的安培力;

(2)導體棒4c受到的摩擦力。

14.某日清晨，中國海監船在執行東海定期維權巡航執法過程中，發現從事非法調查作業活

動的某船只位于圖甲中的4處，預計在80s的時間內將到達圖甲的C處，我國海監執法人員立

即調整好航向，沿直線BC從靜止出發恰好在運動了80s時到達C處，而此時該非法船只也恰好

到達C處，我國海監部門立即對非法船只進行了驅趕.非法船只一直做勻速直線運動且4c與

BC距離相等，我國海監船運動的u-t圖象如圖乙所示.

(1)求非法船只的速度大小.

(2)若海監船加速與減速過程的加速度大小不變，海監船從B處由靜止開始若以最短時間準確

停在C點，需要加速的時間為多少？

C.............<2

非法船只

州海監船

甲

五、計算題(本大題共1小題，共10.0分)

15.如圖所示，在豎直向下的恒定勻強磁場B=2T中有一光滑絕

緣的四分之一圓軌道，一質量徵=3kg的金屬導體MN長度為L=

0.5m,垂直于軌道橫截面水平放置，在導體中通入電流/,使導體

在安培力的作用下以恒定的速率u=lzn/s從4點運動到C點，g=

lOm/s?求：

(1)電流方向；

(2)當金屬導體所在位置的軌道半徑與豎直方向的夾角為。=30。時，求電流的大小；

(3)當金屬導體所在位置的軌道半徑與豎直方向的夾角為。=60。時，求安培力的瞬時功率P。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：AD,根據h=3gt2得：t=吟由于%>hA,則以<tB,平拋運動的初速度%=p

因為水平位移相等，則%A>%B，故人、。錯誤；

B、根據平行四邊形定則知，落地速度：v=J詔+藥=，詔+2gh,高度小的初速度大，高度

大的初速度小，可知落地時速度大小可能相等，故8正確；

C、設速度方向與水平方向的夾角為仇則有：tan9=吻=里變,高度小的初速度大，可知從4點

VQV0

拋出的小球落地時速度方向與水平方向的夾角較小，故C錯誤。

故選：B。

根據平拋運動的高度比較平拋運動的時間，抓住水平位移相等比較初速度的大小，根據平行四邊

形定則比較落地的速度大小和落地時速度方向與水平方向的夾角。

解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道運動的時間由高度決定,

初速度和時間共同決定水平位移。

2.【答案】B

【解析】解:AB,已知入射角i=45。,折射角r=30。，則此介質的折射率為：n=亞=噂=4攵,

sinrsin3Q

故A錯誤，8正確；

CD.光從真空斜射向某種介質的表面，是從光疏介質射向光密介質，不可能發生全反射，故C。

錯誤；

故選：B。

己知入射角利折射角，根據折射率公式幾=型求折射率。發生全反射的必要條件是光從光密介質

sinr

射向光疏介質。

解決本題的關鍵要掌握折射定律和全反射的條件，要注意公式n=亞的適用條件是光從真空射入

sinr

介質發生折射，71是大于1的常數。

3.【答案】C

【解析】解：4、傾斜同步軌道圍繞地球做勻速圓周運動，圓心一定是地球的球心，故A正確。

從根據萬有引力提供向心力，有：G等=m口,得：「=諫!，因為傾斜地球同步軌道衛

星的周期與赤道上空的同步衛星的周期相同，故它的軌道高度與位于赤道上空的同步衛星的軌道

高度相同，故B正確。

C、根據尸=等可知，由于不知道該衛星和地球同步衛星質量的關系，所以無法判斷萬有引力的

關系，故C不正確。

。、傾斜同步軌道衛星相對于地球非靜止的，所以傾斜同步軌道衛星從地球上看是移動的，故該

衛星不可能始終位于地球表面某個點的正上方，所以只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛星

可以在每天的固定時間經過同一城市上空，故。正確。

本題選不正確的，故選：Co

傾斜同步軌道圍繞地球做勻速圓周運動，圓心一定是地球的球心，根據萬有引力提供向心力，可

知17相同，則r相同，即軌道高度相同，傾斜同步軌道衛星相對于地球非靜止的，所以傾斜同步軌

道衛星從地球上看是移動的。

此題考查了地球衛星軌道相關知識點，地球衛星圍繞地球做勻速圓周運動，圓心是地球的地心，

萬有引力提供向心力，軌道的中心一定是地球的球心。

4.【答案】C

【解析】

［【分析】先對物體B受力分析，受重力和繩子拉力，由二力平

衡得到拉力等于物體B的重力；再對物體4受力分析，受重力、

支持力、拉力和靜摩擦力，根據平衡條件列式分析。

本題關鍵是先對物體小受力分析，再對物體2nl受力分析，然后

根據共點力平衡條件列式求解。

【解答】

設B的質量為小，則4的質量為2m；

物體B受豎直向下的重力mg和豎直向上的繩子拉力7,由二力平衡得到：T=mg；

以物體A為研究對象，物體4受力如圖所示：

A靜止，處于平衡狀態，由平衡條件得:

f+T—2mgsi.n0=0,

N—2mgcos0=0,

解得：f=2mgsin0—T=2mgsin。-mg

N=2mgeos。,

當。=45。時，/=（，2-l）/ng,方向沿斜面向上，。不斷變大時，/不斷變大，N不斷變小；

4、繩子張力T=zng保持不變，故A錯誤；

B、物體4對斜面的壓力為：N'=N=2mgcos。將變小，故B錯誤；

C、繩子張力不變，摩擦力變大，故C正確；

D,繩子拉力大小不變，夾角減小，所以滑輪受到繩子的作用力增大，故。錯誤；

故選：Co

5.【答案】B

【解析】解：4、a射線是氫原子核，0射線是電子流，y射線是電磁波，y射線的穿透能力最強，a射

線的穿透能力最弱，故A錯誤；

8、比結合能大的原子核穩定，核反應過程中，比結合能小的原子核變成比結合能大的原子核時,

會釋放核能，故8正確；

C、根據玻爾理論可知，氫原子從高能級躍遷到低能級，輻射出一個光子后，核外電子的半徑減

小，動能增大，故C錯誤；

。、紅光的頻率小于金屬鋅的極限頻率，當紫外線照射到金屬鋅板表面時能發生光電效應，當改

為紅光照射時，不能發生光電效應現象，故。錯誤。

故選：Bo

分析a、y三種射線的性質。

比結合能大的原子核穩定。

根據玻爾能級躍遷理論分析。

根據光電效應的產生條件分析。

此題考查了原子物理的相關知識，解題的關鍵是明確教材基本知識，對相關的定律、定理進行靈

活運用。

6.【答案】C

【解析】解：4電源的效率為:

77=—IU=—U=--R=--1尸

11+5

IEER+rl\

根據題意可知，將滑動變阻器的滑片P向下調節，則變阻器接入電路的電阻減小，所以外電路電

阻減小，因此電源的效率減小，故4錯誤：

BC,將滑動變阻器的滑片P向下調節，根據電路構造可知變阻器接入電路的電阻減小，R與燈42并

聯的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流/增大，則電源內

電壓增大，路端電壓U減小，則電壓表示數減小，燈人變亮。R與燈乙2并聯電路的電壓為：

U并=U-Ui,U減小，%增大，U并減小,燈乙2變暗。

流過電流表的電流為：

/增大，%減小，〃增大，電流表的示數增大，故8錯誤，C正確；

。.根據電路構造的分析可得，電容器兩端的電壓等于并聯部分的電壓，電壓變小，由。=。〃知電

容器的電荷量減少，電容器存儲的電勢能減小，故。錯誤。

故選：Co

根據電源效率的計算公式得出電源效率的變化趨勢：

根據閉合電路歐姆定律結合電路構造的分析得出電表示數的變化和燈泡的亮度變化：

根據電路構造分析出電容器的電勢差變化趨勢，結合公式。=。〃得出電荷量的變化，從而分析出

電勢能的變化趨勢。

本題主要考查了含容電路的動態分析問題，熟悉電路構造的分析，結合閉合電路歐姆定律和電容

器電荷量的計算公式即可完成解答。

7.【答案】AC

【解析】解：4、線框經過位置JI時，線框左右兩邊均切割磁感線，所以此時的感應電動勢為E=

Ba：X2=|Bau,

故線框中的電功率為P團交=處里，故A正確；

R9R

2,

B、線框在位置H時，左右兩邊所受安培力大小均為尸=8卜=型心，根據左手定則可知，線框

3/?

左右兩邊所受安培力的方向均向左，

故此時線框的加速度為a團竺回竺也，故8錯誤；

m3mR

C、整個過程根據動量定理可知安培力的沖量為/=△P=m--mv=-|mv,

所以安培力的沖量大小為|根外故C正確；

。、由q=/Zkt、/=生E=￥三式聯立，解得q=年，線框在位置I時其磁通量為8小，而線

KAtK

框在位置II時其磁通量為零，故0=塔，故。錯誤。

R

故選:AC.

根據法拉第電磁感應定律求解感應電動勢，根據P=需求解電功率；

由歐姆定律求解電流，根據F=求解安培力，根據牛頓第二定律求解加速度；

根據動量定理求解安培力的沖量大小；

根據歐姆定律和電量q=I△t相結合求解電量。

解決該題的關鍵是明確知道線框運動到n位置時有兩邊在做切割磁感線運動，掌握右手定則分析

感應電動勢的方向，掌握左手定則分析安培力的方向。

8.【答案】BC

O

【解析】解：逆向解題法。A、磁感應強度方向為z正向，根據左手定則，直導線所卜

受安培力方向沿y負方向，直導線不能平衡，所以A錯誤；B

B、磁感應強度方向為y正向，根據左手定則，直導線所受安培力方向沿z正方向，；?）I

根據平衡條件，當剛好等于mg時，繩的拉力為零，所以B=等,所以B正確；

C、磁感應強度方向為z負方向，根據左手定則，直導線所受安培力方向沿y正方向，根據平衡條

件B/LcosO=mgsin。，所以B=所以C正確；

。、磁感應強度方向沿懸線向上，根據左手定則，直導線所受安培力方向如下圖（側視圖），直導線

不能平衡，所以。錯誤。

故選：BC.

左手定則：左手平展，讓磁感線穿過手心，使大拇指與其余四指垂直，并且都跟手掌在一個平面

內.把左手放入磁場中，讓磁感線垂直穿入手心，手心面向N極，四指指向電流所指方向，則大

拇指的方向就是導體受力的方向.

根據左手定則的內容，逐個分析判斷即可的出結論.

左手定則和右手定則一定要區分開，如果是和力有關的則全依靠左手定則，即，關于力的用左手，

其他的（一般用于判斷感應電流方向）用右手定則.

9.【答案】CD

【解析】解：AC.首先假設液柱不動，則4、B兩部分氣體發生等容變化，由查理定律，對氣體4

PA=P/=4P4

T~T'~AT

解得：ApA=YPA

對氣體B：

P8=PB'=4P8

T~T'~AT

解得：ApB=YPB

設初始狀態時兩液面的高度差為九（水銀柱的長度為h）,根據壓強的計算公式可得：

pA+h=pB

聯立解得：21PB>4P4

由此可知，在整個過程中水銀柱向上移動了一段距離，故4錯誤，C正確；

B.由于氣體的總體積不變，因此4匕=/%,故B錯誤；

D因為APB<4PA，且液面上升，上表面面積變大，所以

g>g

故。正確。

故選：CD。

本題可采取假設法處理。假設水銀柱不動，氣體的體積不變，根據等容變化判斷出上下氣體的壓

強變化量以及壓力變化量，從而判斷出水銀柱的移動方向。關于體積的變化量關系，可抓住總體

積不變去分析。

本題考查氣體實驗定律的應用，解決本題的關鍵是選擇合適的方法，假設法在本題中得到了很好

的應用。

10.【答案】CD

【解析】解：ABC,由題意可知，聶。瑾經過①變化為鼠77,核電荷數少2,為a衰變，即：

Bi-?giTi+^He,故a=210-4=206；

骷°歷經過②變化為產。X,質量數沒有發生變化，為0衰變,即：H°Bi-開°X+￡e,故b=83+1=

84,故48錯誤，C正確；

。、第817經過7次a衰變，則質量數少28,電荷數少14,在經過5次0衰變后，質量數不變，電荷數

增加5,此時質量數為238-28=210,電荷數為92-14+5=83,變成了曷°團，故。正確。

故選：CD。

/°Bi經過①變化為伊攻，質量數沒有發生變化，為0衰變，經過②變化為「"，核電荷數少2,

為a衰變，根據a衰變和/?衰變的實質原子核經過一次a衰變，電荷數減小2,質量數減小4,一次/?

衰變后電荷數增加1,質量數不變。分析即可。

知道發生a、夕衰變的實質。能夠運用質量數和電荷數守恒進行分析判斷即可。

11.【答案】(1)48;(2)BCE；(3)①2,②2.5，(3)-10,-1.25.

【解析】解：(1)4、用小錘打擊彈性金屬片，B球就水平飛出，同時X球被松開，做自由落體運動，

兩球同時落到地面，知B球豎直方向上的運動規律與A球相同，即平拋運動豎直方向上做自由落體

運動.故A正確.

8、把兩個質量相等的小鋼球從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板連接，則將

觀察到的現象是球1落到水平木板上擊中球2,知1球在水平方向上的運動規律與2球相同，即平拋

運動在水平方向上做勻速直線運動.故B正確，

CD、由上面的分析可知CD錯誤；

(2)4、小球與斜槽之間有摩擦，不會影響小球做平拋運動，故A錯誤；

8、研究平拋運動的實驗很關鍵的地方是要保證小球能夠水平飛出，只有水平飛出時小球才做平拋

運動，則安裝實驗裝置時，斜槽末端切線必須水平的目的是為了保證小球飛出時初速度水平，故

B正確；

C、由于要記錄小球的運動軌跡，必須重復多次，才能畫出幾個點，因此為了保證每次平拋的軌

跡相同，所以要求小球每次從同一高度由靜止釋放，故C正確；

。、小球在斜槽上釋放的位置離斜槽末端的高度不能太低，故。錯誤.

國根據平拋運動的特點可知其運動軌跡在豎直平面內，因此在實驗前，應使用重錘線調整平面在

豎直平面內，即要求木板平面與小球下落的豎直平面平行，故E正確；

尸、在白紙上記錄斜槽末端槽口的位置0,不能作為小球做平拋運動的起點，故P錯誤；

故選：BCE.

(3)①在豎直方向上△、=gX,T==J~^=O.ls.

則小球平拋運動的初速度%=^=^m/s=2m/s.

②b點在豎直方向上的分速度%y=舞=1.5m/s,

小球運動到b點的速度為”=/VQ4-vly=2.5m/s

③則運動的時間t=崇=0.15s.

水平方向上的位移=vt=0.3m,豎直方向上的位移y=^gt2=0.1125m.

所以開始做平拋運動的位置坐標％=0.2-0.3m=-0.1m=-10cm,

y=0.1—0.1125=-0.0125m=-1.25cm；

故答案為：⑴AB；(2)BCE；(3)①2,②2.5,③-10,-1.25.

(1)在甲實驗中，兩球始終同時落地，則豎直方向上的運動規律相同，在乙實驗中，兩球相撞，知

兩球在水平方向上的運動規律相同；

(2)在實驗中讓小球在固定斜槽滾下后，做平拋運動，記錄下平拋后運動軌跡.然后在運動軌跡上

標出特殊點，對此進行處理，由于是同一個軌跡，因此要求拋出的小球初速度是相同的，同時在

實驗時必須確保拋出速度方向是水平的，同時固定的斜槽要在豎直面；

(3)平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據豎直方向上4y=

gT2,求出時間間隔，再根據水平方向上的勻速直線運動求出初速度.

求出b點在豎直方向上的速度，即可求出運動的時間和b點速度，從而求出此時小球水平方向和豎

直方向上的位移，即可求出拋出點的坐標.

在實驗中如何實現讓小球做平拋運動是關鍵，同時讓學生知道描點法作圖線方法：由實驗數據得

來的點，進行平滑連接起來；

同時解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動.

12.【答案】%a接通電路時，確保電流表安全保持aP間電壓不變

【解析】解：(1)根據題意要求精確測量電流表內阻及分壓式連接，然后選擇滑動變阻器為：/?1；

(2)為了確保開關閉合后，電路安全，因此滑動變阻器的滑片應置于a端，這樣就可以保證在接通

電路時，確保電流表安全；

(3)根據電路圖，連接實物圖如圖所示：

(4)在實驗步驟③中，確保滑動變阻器R'的滑片P的位置不變，其理由是保持aP間電壓不變。

故答案為：(I)%

(2)a接通電路時，確保電流表安全

(3)如圖所示

(4)保持aP間電壓不變

(1)根據題意要求精確測量電流表內阻及分壓式連接，然后選擇滑動變阻器；

(2)為了確保開關閉合后，電路安全，因此滑動變阻器的滑片應置于a端：

(3)由電路圖對比連接即可；

(4)滑片位置不變，一般會保持電路中電壓不變.

本題中考查