2021年黑龍江省大慶市中考物理仿真試卷

1.下列幾種估測中，比較符合實際情況的是（）

A.學生用課桌高度約150cm

B.光在真空中的傳播速度是3.8x108m/s

C.對人體的安全電壓是36P

D.一個標準大氣壓約1.01x105Pa

2.關于信息傳遞和能源，下列說法正確的是（）

A.5G通訊技術是利用超聲波傳遞信息

B.在真空中，SG信號比4G信號的傳播速度快

C.核能、太陽能都是不可再生能源

D.核電站是利用核裂變所釋放的能量發電

3.干冰（固態二氧化碳）具有很好的制冷作用，可用于人工降雨，這是由于干冰在常溫

下會迅速變為氣體，吸收熱量，促使周圍水蒸氣遇冷凝結成小水滴或小冰晶，小冰

晶下降遇熱變成小水滴，從而達到降雨的條件。關于下圖“括號”內物態變化名稱、

“虛線框”中“吸（放）熱”情況的說法正確的是（）

A.圖中a是“汽化”，甲是“吸熱”

B.圖中b是“液化”，乙是“放熱”

C.圖中c是“升華”,丙是“吸熱”

D.圖中d是“熔化”，丁是“放熱”

4.下列所給的成語，是描述聲音響度的是（）

①輕聲細語②隔墻有耳③震耳欲聾④娓娓動聽

A.①②B.③④C.②③D.①③

5.如圖是2021年4月13日奧運會女足亞洲區淘汰賽中我國女足拿下韓國闖進東京奧

運會的場景。關于比賽中的一些現象，下列分析正確的是（）

A.踢出去的足球，其慣性大小隨速度的變化而變化

B.踢足球時，腳對足球的作用力使足球發生了形變

C.踢足球時，腳對足球的作用力與足球對腳的作用力是對平衡力

7.如圖所示是教材中的情景再現，下列解釋不正確的是（）

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用力推墻后人向后運動，說明物體間力的作用是相互的

提著滑板在水平路面上前行，說明人提滑板的力做了功

C.口吹硬幣跳越木塊，說明氣體流速越大的位置壓強越小

說明動能和勢能可以相互轉化

8.電子車票，也稱“無紙化”車票，乘客網上購票后，直接通過“刷

身份證”或“掃手機”即可順利進站。如圖甲所示是乘客通過

“刷身份證”進站時的情景，將身份證靠近檢驗口，機器感應電

9.如圖甲所示，將一個邊長為10cm,重6N的正方體物塊4放入水杯中，靜止時物塊

漂浮在水面，測得水面以下部分高度為6cm；如圖乙所示，在物塊4上表面放置一

個物體B,使得物體4恰好完全浸沒，g取TON/kg,下列說法中（）

B

甲乙

①甲圖中物塊4下表面所受水的壓強為600Pa

②甲圖中物塊4所受浮力為6N

③物塊4的密度是0.6x103kg/m3

④物體B的重力是4N

A.只有②正確B.只有①③正確

C.只有②④正確D.①②③④都正確

10.如圖甲所示，電源電壓U恒定，Ro為定值電阻，R為滑動變阻器，閉合開關S,調節

滑動變阻器的滑片P,兩電壓表匕、彩的示數隨電流表示數變化的圖象如圖乙所示，

則()

A.圖乙中“ac”段表示電壓表匕的示數隨電流表示數變化的圖象

B.電源電壓U=3.0K

C.定值電阻&=240

D.調節滑月P的過程中，滑動變阻器R的最大電功率為0.375小

11.小明從網上購得制作電鈴的實驗器材包，其中包括：①蹄形電磁鐵、②彈簧片、(3)

銜鐵、④螺釘、⑤小錘、⑥鈴、⑦電源、⑧開關和若干導線，如圖所示。請你幫

他完成下述實驗：

(1)請你用筆畫線代替導線將電路連接好，使開關閉合時電鈴能不斷發聲。

(2)小明按要求正確連接電路后通電試驗，發現電鈴鈴聲很小，經檢查是由于電磁

鐵的磁性不強所請你提出解決這一問題的兩條改進措施。

12.當前“霧霾”成為全社會關注的熱點，為了緩解空氣污染，

我國多地市啟動了“光伏工程”示范項目，在屋頂安裝太

陽能光伏板，如圖所示是某中學的教學樓頂安裝了總功率

為20kW的光伏發電系統。按一天的有效光照時間8九計算，

第4頁，共23頁

該中學光伏發電系統一天共發電kw-h,這些發電量如果由熱電轉換效率為

30%的熱電廠來完成，需要燃燒kg煤；你一定很關注“霧霾天氣”的報道，

請結合所了解的知識，談談家庭光伏發電的優點：(談一點即可).(煤的熱值

q煤=3.0x107J/kg)

13.如圖甲是小明用來探究“滑輪組的機械效率與哪些因素有關”的實驗，不計繩重和

摩擦，

(1)請在圖甲中畫出最省力的繞法。

(2)實驗時，應沿豎直方向拉動彈簧測力計。

(3)若只增加物重，此滑輪組的機械效率將。

(4)他多次改變物重，并根據實驗數據制成如圖乙所示的圖象，由圖象可知，當物

重為4N時，此滑輪組的機械效率為o

14.有一個電熱水壺，銘牌如圖所示.(不計熱量的損失)求:產品型號EL-8952

額定功率220V

(1)將質量為1kg、溫度為20n的一壺冷水，加熱到

頻率50HZ

lOCTC,水吸收的熱量是多少？額定功率1000W

容量1kg

(2)電熱水壺正常工作多長時間才能把這壺水加熱到

100℃?

(3)若在用電高峰期，實際電壓只有200叭要把同樣的這壺水加熱到100。&至少

需要多長時間？

15.正在向右行駛的公交車上懸掛的安全把手突然向左偏轉，如圖所示。畫出此時站在

公交車上乘客的受力示意圖（力的作用點畫在重心0上）。

16.畫出圖中從S點射出的兩條入射光線經過透鏡后的

折射光線

一

17.如圖所示，用手將一重為G的鐵球緩慢放在一彈簧上，放手?一

-

B--A

后，鐵球從4位置開始向下運動，到達B位置速度達到最大，(I

fi首?

到達C位置小球的速度變為零。已知4C間的高度差為九，則’-t

-

從4位置到C位置鐵球的重力做功是；在此過程中彈簧的彈性勢能增加量為

o（整個過程中不計能量損耗）

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18.“測量小燈泡的電阻”實驗時，使用的小燈泡額定電壓為2.5匕電源電壓為

3V.小王現已連接了部分電路，如圖甲所示.

(1)在已連接的電路中，有一不當之處是,并請用筆畫線代答導線將圖甲中

的電路連接完整.

(2)某次規范操作實驗時，發現燈泡不亮、電流表無示數、電壓表示數為3匕則電

路中出現的故障是.

(3)當小燈泡正常發光時，電流表的示數如圖乙所示，電流大小為A.小燈泡

正常發光時的電阻為0(電阻的計算結果保留一位小數).

(4)小王計劃進行多次實驗測量，并取燈泡電阻的平均值以減小誤差，你認為小王

的做法是(正確/錯誤)的，理由是.

(5)小王用新的電源、滑動變阻器替換了原電路中的電源和滑動變阻器，測量標有

“0.224”字樣的另一小燈泡的額定功率.他正確連接電路、實驗步驟正確，閉合開

關，移動變阻器的滑片至小燈正常發光時，變阻器連入電路恰為最大阻值的一半,

但此時無法從電壓表U上精確讀出額定電壓，過程中電流表的示數從024變化為

0.224他在電路中再連接一個電壓表，并按規范重新實驗，發現電壓表V的示數從

2V逐漸變大、電壓表片的示數從4V逐漸變小.聰明的小王很快根據實驗數據計算出

新換滑動變阻器的最大阻值為0、小燈泡的額定功率為W.

19.如圖所示，電源電壓不變，心、/?2、區3為加熱電阻，

R3=1017,只閉合SI,電流表示數為0.24,電壓表示

數為4.0V；閉合Si、52、S3時，通電1m譏電路產生的

熱量為180/,求：

(1)&阻值和電源電壓；

(2)&阻值;

(3)電路消耗的最大功率。

20.汕頭市區某段河橋的橋頭架設了固定測速儀，其原理圖甲所示，并有如圖乙所示的

交通標識牌。汽車向測速儀的方向勻速駛來，測速儀向汽車發出兩次短促的(超聲

波)信號，第一次發出信號到測速儀接收到信號用時0.5s,第二次發出信號到測速

儀接收到信號用時0.44s。汽車在測速儀發出兩次信號行駛的時間間隔是0.85s,超

聲波的速度是340m/s。

(1)汽車接收到第一次信號時，距測速儀有多遠？

(2)汽車接收到第二次信號時，距測速儀有多遠？

(3)汽車的速度是多少千米/時？是否超速?

血位_____

甲乙

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：

A、中學生的身高在160cm左右，課桌的高度大約是中學生身高的一半，在80cm左右。

故A符合實際；

B、光在真空中的傳播速度為3*108加/5,故B不符合實際；

C、對人體的安全電壓不高于36V,故C不符合實際；

D、一個標準大氣壓約為1.01x105pa,故D符合實際。

故選：D。

不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的

換算，最后判斷最符合實際的是哪一個。

本題考查學生對生活中常見物體的數據的了解情況，本題告訴我們一定要對實際生活中

常見的物體做到熟知，以免鬧了笑話自己還不知道。

2.【答案】D

【解析】解：4、5G通訊是利用電磁波能傳遞信息，故A錯誤；

8、真空中所有電磁波傳播速度均等于光速，故8錯誤；

C、太陽能可從自然界不斷獲得且可重復利用，屬可再生能源。核材料在地球是的儲量

是有限的，消耗后不可能再生，屬不可再生能源，故C錯誤；

。、核電站是利用核裂變來釋放能量發電的，故。正確。

故選：Do

(1)5G通訊是利用電磁波；

(2)5G和4G只是頻率不同，但都是電磁波，真空中電磁波傳播速度相同均等于光速；

(3)可以從自然界源源不斷地得到的能源稱之為可再生能源；一旦消耗就很難再生的能

源稱之為不可再生能源；

(4)核電站中利用核裂變來釋放能量。

本題考查電磁波相關性質、能源分類、核能綜合性較強，涉及知識點較多，緊密聯系當

前社會熱點。

3.【答案】B

【解析】解：4、圖中a是“升華”，是固態干冰升華為氣態的二氧化碳；甲是“吸熱”，

是因為升華過程吸熱，故A錯誤；

3、圖中b是“液化”，是水蒸氣液化為小水滴；乙是“放熱”，是因為液化過程放熱,

故B正確；

C、圖中c是“凝華”，丙是“放熱”，故C錯誤；

。、圖中d是“熔化”，丁是“吸熱”，故。錯誤。

故選：B。

(1)物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液

態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固。

(2)六種物態變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態變化有：凝固、

液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華。

分析生活中的熱現象屬于哪種物態變化，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀

態；另外對六種物態變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

4.【答案】D

【解析】解：

①輕聲細語，說明聲音比較小，描述的是聲音的響度，故符合題意；

②隔墻有耳是指固體能夠傳播聲音，故不符合題意；

③震耳欲聾是指聲音比較大，描述的是聲音的響度，故符合題意；

④娓娓動聽是指聲音的音色好聽，故不符合題意。

故選：D。

聲音的特性包括音調、響度和音色。音調指聲音的高低，響度是指聲音的大小，音色指

聲音的品質與特色。從成語的含義分析哪個成語表示聲音大小即可。

正確理解成語的含義，并能與聲音的三個特性相對照，是解決本題的關鍵.

5.【答案】B

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【解析】解：4、慣性大小只與物體的質量有關，與物體的運動速度無關，踢出去的足

球質量不變，其慣性大小不變，故A錯誤；

8、力可以使物體發生形變，所以踢足球時，腳對足球的作用力使足球發生了形變，故

B正確；

C、踢足球時，足球對腳的作用力與腳對足球的作用力作用在兩個物體上，所以這兩個

力不是一對平衡力，故C錯誤；

。、踢出去的足球在空中能夠繼續飛行，是由于踢出去的足球具有慣性，足球不再受到

運動員的作用力，故。錯誤。

故選：B。

(1)物體保持原來運動狀態不變的性質叫做慣性，慣性只與質量有關；

(2)力的作用效果：可以改變物體的運動狀態，可以使物體發生形變；

(3)一對平衡力必須大小相等、方向相反、作用在一條直線上、作用在同一物體上。

本題考查了足球運動當中與力相關的多個知識點，綜合性強，但都是力學的基礎規律,

難度不大。

6.【答案】D

【解析】解：根據公式產浮=。水9囁，物體在未到達液面時浮力不變，拉力不變；

物體開始露出液面時，浮力變小，拉力變大；物體完全露出液面時拉力等于重力；

根據P=Fv,功率相等時，拉力先較小且不變，所以速度先較大且不變；物體開始露出

水面時，拉力逐漸變大，速度逐漸變小；當完全露出水面后，拉力較大且不變，所以速

度較小且不變。

故選：D。

此題物體在未到達液面時浮力不變，拉力不變；物體開始露出液面時，浮力變小，拉力

變大；物體完全露出液面時只受拉力；根據P=F"可知，功率相等時，可根據力的變化

來判斷速度的變化。

此題的關鍵要知道功率的公式P=Fv,通過力的變化來判斷速度的變化。

7.【答案】B

【解析】解：

A、用力推墻后人向后運動，即手對墻有個作用力，由于物體間力的作用是相互的，所

以墻對手有一個反作用力，故A正確；

8、提著滑板在水平路面上前行，力是豎直向上的，但是沿力的方向沒有移動距離，所

以力沒有對滑板做功，故8錯誤；

C、口吹硬幣跳欄桿，硬幣上方空氣流速大，壓強小，硬幣下方空氣流速小，壓強大，

所以硬幣在壓強差的作用下跳起，故C正確；

。、松手后鐵鎖來回擺動，當從最高點向最低點運動時，速度變大，高度減小，即動能

變大，重力勢能變小，所以是將重力勢能轉化為動能的過程；鐵鎖從最低點向最高點運

動時，高度增加，重力勢能增大，速度減小，動能減小，是將動能轉化為重力勢能的過

程，故說明動能和勢能可以相互轉化，故。正確。

故選：B。

(1)物體間力的作用是相互的；

(2)做功的條件是：作用在物體上有力，且沿力的方向運動了一段距離；

(3)對于流體來說，流速大壓強小，流速小壓強大；

(4)動能和物體的質量、速度有關，重力勢能和物體的質量、高度有關。

此題考查了物體間力的作用是相互的、流體壓強和流速的關系、做功的條件和動能、重

力勢能的轉化，是一道綜合題。

8.【答案】B

【解析】解：由題意可知，刷身份證時會產生感應電流，即由磁產生電，有感應電流產

生，所以其工作原理為電磁感應現象；

A、圖中有電源，為電動機的工作原理，是根據通電導體在磁場中受力而運動的原理制

成的，故4不符合題意；

8、圖中沒有電源，為發電機的工作原理，是根據電磁感應現象制成的，故8符合題意；

C、圖示的實驗是探究通電螺線管的磁性強弱與電流大小的關系，運用了電流的磁效應，

故C不符合題意；

。、圖示為奧斯特實驗，說明通電導線周圍存在磁場，故。不符合題意。

故選：B。

刷身份證是利用電磁感應原理，分析下面四幅圖，找出符合題意的選項即可。

本題考查了電與磁的聯系，解答本題的關鍵要能從題意中分析出該裝置利用了電磁感應

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的原理。

9.【答案】D

【解析】解：②甲圖中物塊4漂浮，所受浮力產浮=G=6N,故②正確；

①水面以下部分高度為h=6cm=0.06m,

4下表面所受水的壓強P=P水gh=1.0x103kg/m3x10N/kgx0.06m=600Pa,故

①正確；

③正方體物塊4的體積：

V=L?=(10cm)3=1000cm3=10-3m3,

物塊4的質量m=9=0.6kg,

物塊4的密度p=￡=幡*=0.6x103kg/m3,故③正確；

④物塊4全部浸沒水中時排開水的體積：

V排=V=10-3m3,

此時物塊受到的浮力：

Fj=p水gV排=1.0x103kg/m3X10N/kgx10_3?n3=ION,

此時AB漂浮，G總=尸浮'=10%，

物體B的重力GB=10N-6N=4N,故④正確。

故選：D。

②甲圖中物塊4漂浮，根據尸浮=。得出所受浮力：

①根據P水得出4下表面所受水的壓強；

③先計算正方體物塊4的體積，根據重力公式得出物塊A的質量，根據P=￡得出物塊4

的密度；

④先得出物塊4全部浸沒水中時排開水的體積，根據尸浮'=p次g囁得出此時物塊受到的

浮力，此時AB漂浮，根據G點=F/得出總重力，進而得出物體B的重力。

本題考查了壓強公式和浮力產生的原因、物體浮沉條件、密度公式、阿基米德原理的綜

合應用等，解題時要注意方法的靈活性。

10.【答案】ABD

【解析】解：

A、由圖知，定值電阻&與滑動變阻器R串聯，電壓表匕測Ro的電壓，彩測R的電壓，電

流表測電路中的電流；

滑片P向右移動時，變阻器R接入電路的阻值變大，總電阻變大，由歐姆定律可知電路

的電流變小，根據U=/R可知，匕示數變大，故反表示電壓表匕的示數隨電流表示數變

化的圖象，則圖乙中“ac”段表示電壓表七的示數隨電流表示數變化的圖象，故A正確；

B、由圖乙可知，當電流/=0.14兩電壓表示數分別為2.4V、0.6V,根據串聯電路電

壓的規律，電源電壓：U=2.4V+0.6V=3V,故8正確；

C、be表示電壓表匕的示數隨電流表示數變化的圖象，

由歐姆定律可得的阻值：&=￡=署=6。，故C錯誤；

。、由歐姆定律可得，變阻器接入電路的最大電阻為：

cU，2AVc/八

R、潛卡=—==240,

梢大Io0.1A'

滑動變阻器R消耗的功率：

P—12D—（U-2yD—_2___________________

F滑TK滑一（Ro+R滑）XK滑一（Ro+R滑）2-（Ro-R滑）2+4R°R滑,

與R滑

由數學知識可知，當變阻器連入電路的電阻R漕=Ro=6。時，變阻器消耗的功率最大，

則滑動變阻器R的最大電功率：P滑大=冬="=0.375〃.故D正確。

用人4R04X60

故選：ABD.

A、定值電阻島與滑動變阻器R串聯，電壓表匕測治的電壓，彩測R的電壓，電流表測電

路中的電流；分析滑片P向右移動時確定R的阻值變化，由歐姆定律可知電路的電流變

小及匕示數變大，從而確定故be表示電壓表匕的示數隨電流表示數變化的圖象，據此分

析；

8、根據串聯電路電壓的規律結合圖象得出電源電壓；

C、be表示電壓表匕的示數隨電流表示數變化的圖象，由歐姆定律求出A。；

D、由歐姆定律求出變阻器的電阻；變阻器的功率P潸=尸/?灣=（癡%Ax/?酒，由數

學知識，當變阻器連入電路的電阻等于6。時，變阻器的功率最大，據此求變阻器功率

的最大值。

本題考查了串聯電路的規律及歐姆定律和電功率公式的運用，從圖中獲取有用的信息是

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關鍵。

11.【答案】解：

(1)閉合開關，電磁鐵中有電流，吸引銜鐵，小球敲打電鈴，螺釘與彈簧片斷開，電磁

鐵中沒有磁性，彈簧片恢復原狀，使電路再次接通。小球間斷的敲打電鈴，如圖所示:

(2)增強電磁鐵磁性的方法：增大電源電壓，增大電流來增強磁場；增大線圈的匝數。

故答案為：(1)如圖；(2)增加線圈匝數，增大電源電壓。

【解析】電磁鐵的磁性強弱的影響因素：電流的大小，匝數的多少，有無鐵芯。電流越

小，匝數越少，沒有鐵芯磁性越弱。

(1)掌握通電螺線管磁性強弱的影響因素，如何增強磁性和減弱磁性。

(2)掌握電鈴的工作原理。

12.【答案】16064減少污染、節約能源

【解析】解：⑴由P=:可得，中學光伏發電系統一天共發電：W=Pt=20kWX8八=

160/cIV-/i；

光伏發電系統發電時太陽能轉化為電能；W=160kW?h=160x3.6x106/=5.76x

1087；

因為牛=萬，

所以燃燒煤放出的熱量：

匕=^^=9

yr]30%7

由Q=qm可得，

燃燒煤的質量巾=f=程流=64的；

(2)家庭光伏發電的優點：清潔無污染，有利于環境的改善：光能可再生，節約化石能

源，有利于能源的可持續發展。

故答案為：160；64；減少污染、節約能源。

(1)已知功率和時間，根據公式W=Pt可求該光伏發電系統一天共發電的度數；根據公

式Q=qrnuj求燃燒的煤的質量；

(2)從節約能源、減少污染的角度作出分析和解答。

本題考查了：光伏發電系統轉換效率、發電的度數、煤的質量、太陽能的優點等知識,

難易程度適中。

13.【答案】勻速變大80%

【解析】解：(1)當繩子從動滑輪繞起時，承擔拉力的繩子的段數最多，用起來最省力。

如圖:

(2)實驗時要豎直向上勻速拉動彈簧測力計的，這樣示數才會穩定，所讀出的數值才等

于拉力的大小；

(3)用同一滑輪組把不同物體提升到同一高度時，所做額外功相同，若僅增加物重，則

增加了有用功，有用功在總功中所占的比例變大了，故機械效率變大；

(4)根據圖象可知，當物重為3N時，滑輪組的機械效率為75%,不計繩重和摩擦時，根

「_(1F)G_(1-7S%)X3N_

G動--菽--1N,

當物重為4N時，此滑輪組的機械效率為：

心會=薪'100%=80%。

故答案為：(1)如上圖；(2)勻速；(3)變大；(4)80%o

(1)要解決此題，需要知道滑輪組的繞線方法，繩子先系在動滑輪的掛鉤上時最省力；(2)

實驗中要勻速拉動彈簧測力計，這樣示數才與拉力相同，并有利于準確讀數；(3)增大

機械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是減小額外功，如減小摩

擦、減輕動滑輪重；

(4)根據〃=詈=,=危即可求出動滑輪重,再根據4=3/,=能即可求出

機械效率。

第16頁，共23頁

本題考查了探究影響滑輪組機械效率因素的實驗，要知道物體越重，做的有用功越多,

機械效率越高。

14.【答案】解：(1)水吸收的熱量:

Q吸=C771△t

=4.2x103j/(kg■℃)x1kgx(100℃-20℃)

=3.36x1057；

(2)不計熱量的損失，消耗電能全部轉化為內能，即=

因為熱水器正常工作，

所以P=P^=1OOOIV,

又因為p=上型,

t

所以加熱時間：

￡_出_3.36X105/_

336s=5.6min;

一p一IOOOIV-

(3)該電熱水壺的電阻：

P如1000W

U2

由題知，Q放=?Rt=Tt=Q^

需要加熱時間:

Q吸XR_3.36X1O5/X48.4n

唯一(200V)2=406.56s.

答：(1)水吸收的熱量是3.36X1。5人

(2)電熱水壺正常工作5.6m譏才能把這壺水加熱到10(TC；

(3)若在用電高峰期，實際電壓只有200U,要把同樣的這壺水加熱到100久，至少需要

406.56s.

【解析】(1)知道水的質量、水的比熱容、水的初溫和末溫，利用吸熱公式求水吸收的

熱量；

(2)求出了水吸收的熱量，由題知電能全部轉化為熱能，即。吸=皿電，從銘牌中知道電

熱水壺的額定功率，因為電熱水壺正常工作，加熱功率P=P頒，再利用P=/求加熱時

間;

(3)由銘牌知道電熱水壺的額定電壓和額定功率，利用P=?求電熱水壺的電阻R,由題

知，Q放=12Rt=?t=Q吸,據此求在實際電壓為200U時，加熱同一壺水到100。。需

要的加熱時間.

本題是一道電學與熱學的綜合應用題，考查了熱量的計算、電功率的計算，要注意靈活

選用電功率的公式.

15.【答案】解：正在向右行駛的公交車上懸掛的安全把手突然向左偏轉，根據慣性知

識或生活經驗可知，此時汽車突然向右做加速運動；

已知此時站在公交車上乘客跟汽車底板相對靜止，而汽車突然向右做加速運動，則乘客

相對于汽車有向左的運動趨勢，所以此時乘客會受到一個向右的摩擦力(起動力的作用),

故乘客除受到重力、底板的支持力作用外，還一定受到向右的摩擦力作用，如圖所示；

【解析】(1)一切物體都有保持原來運動狀態不變的性質，稱為慣性；

(2)摩擦力的方向與物體相對運動或相對運動趨勢的方向相反。

此題考查了對慣性現象的理解、分析物體的受力情況，難點是判斷摩擦力的方向，是一

道綜合題。

16.【答案】解：

平行于主光軸的光線經凹透鏡折射后，其折射光線的反向延長線過焦點；過光心的光線

經凹透鏡折射后傳播方向不改變。據此畫出對應的折射光線，如圖所示：

第18頁，共23頁

【解析】在作凸透鏡、凹透鏡的光路圖時，先確定所給的光線的特點再根據透鏡的光學

特點來作圖。

凹透鏡三條特殊光線的作圖：①延長線過另一側焦點的光線經凹透鏡折射后將平行于

主光軸。②平行于主光軸的光線經凹透鏡折射后，其折射光線的反向延長線過焦點。（3）

過光心的光線經凹透鏡折射后傳播方向不改變。

17.【答案】GhGh

【解析】解：從4位置到C位置鐵球的重力做功W=GQ

因為從4位置開始向下運動的過程中，鐵球的重力勢能最終轉化為彈簧的彈性勢能，整

個過程中不計能量損耗，

根據機械能守恒定律可知：彈性勢能增加量為E=W=Gh..

故答案為：Gh；Gh.

利用W=G九求重力做功，根據機械能守恒定律判斷彈簧的彈性勢能增加量。

本題考查重力做功和機械能守恒定律，能夠比較全面考查學生掌握知識情況。

18.【答案】開關閉合燈泡斷路0.288.9錯誤燈泡電阻受溫度影響很大200.836

【解析】解：（1）連接電路中，不當之處是開關閉合;

電壓表與燈并聯，如下所示：

（2）某次規范操作實驗時，發現燈泡不亮、電流表無示數、電壓表示數為3V,說明電壓

表串聯接入電路，則與電壓表并聯部分電路斷路，所以電路故障是燈泡斷路；（3）當小

燈泡正常發光時，電流表的示數如圖乙所示，電流表選用小量程；

電流大小為0.284由歐姆定律，小燈泡正常發光時的電阻為：

Cu2.5Vccc

R=-=---?8.90；

/0.284

(4)小明計劃把四次電阻的平均值作為小燈泡的電阻值，他認為這樣可以減小誤差，小

王的做法是錯誤的。從表中數據看，不同電壓下小燈泡的電阻值不同，這是燈絲電阻受

溫度影響導致的；

(5)①在“測定小燈泡的電功率”實驗中，待測小燈與滑動變阻器串聯，規范實驗時，

隨著滑片P的移動，滑動變阻器連入電路的阻值減小，電路中的電流變大，

因燈泡的阻值基本不變，根據U=/R可知，燈泡兩端的電壓會變大；

根據串聯電路的電壓特點可知：滑動變阻器兩端的電壓會減小，所以電壓表I/'的示數從

4.0伏逐漸變小，

表明電壓表片并聯在滑動變阻器的兩端；U并聯在燈泡兩端。

②正確連接電路、實驗步驟正確，由于(1)分析可知：

剛閉合開關時，電壓表的示數分別是2U和4人

且燈泡兩端的電壓是2人滑動變阻器兩端的電壓是4人

則電源電壓：u=u0+U港=2U+4y=6V；

根據在實驗過程中電流表4示數的范圍為0.20?0.22安可知，

此時電路中電流/'=0.204。

由歐姆定律得，變阻器最大的阻值：

/?z=—=—=20/2.

〃0.20A

根據在實驗過程中電流表4示數的范圍為0.20?0.22安可知，

小燈正常發光時的電流/"=0.224

當滑片至小燈正常發光時，因變阻器連入電路的電阻恰為最大阻值的一半，

所以=：*=；x200=10/2；

由歐姆定律得，此時滑動變阻器兩端的電壓：

U'=I"R"=0.224x100=2.2匕

根據串聯電路的電壓特點得：燈泡的額定電壓：

U額=U-U'=6V-2.2V=3.8乙

則小燈泡的額定功率：

P額=U額/'=3.8Kx0.224=0.836叭

故答案為：⑴開關閉合；(2)如上所示；(3)0.28；8.9；(4)錯誤；燈泡電阻受溫度影響

很大；(5)20；0.836o

(1)連接電路中，為保護電路，開關要斷開，本實驗中，電壓表與燈并聯；

第20頁，共23頁

(2)某次規范操作實驗時，發現燈泡不亮、電流表無示數、電壓表示數為3W說明電壓

表串聯接入電路，則與電壓表并聯部分電路斷路：

(3)根據電流表選用小量程確定分度值讀數；由歐姆定律得出小燈泡正常發光時的電阻;

(4)不同電壓下小燈泡的電阻值不同，取平均值沒有意義，燈絲電阻受溫度影響；

(5)①根據燈泡和滑動變阻器的連接特點，利用歐姆定律分析出各自的電壓變化趨勢即

可知道電壓表7接在電路中的位置：

②電流表V測量滑動變阻器兩端電壓，分析兩電壓表示數結合串聯電路電壓規律可知電

源電壓，滑動變阻器接入電路最大電阻時通過電路的電流最小，利用歐姆定律計算滑動

變阻器的最大阻值，當滑片至小燈正常發光時，變阻器連入電路的電阻恰為最大阻值的

一半，由歐姆定律得此時滑動變阻器兩端的電壓，根據串聯電路電壓規律計算燈泡的額

定電壓，最后利用「=U/求燈泡的額定功率。

本題測量小燈泡的電阻的實驗，考查注意事項、電路連接、故障分析、電流表讀數、電

阻計算和數據處理及影響電阻大小的因素，關鍵是會綜合利用滑動變阻器接入電路的電

阻和電源的電壓以及小燈泡的規格確定燈泡的額定電壓等，綜合性較強、難度較大。

19.【答案】解：(1)只閉合Si，電阻％、心串聯，電流表測串聯電路中的電流，電壓表

測電阻&兩端的電壓。

由/=/可得％的阻值：

色=叱=

1/0.24

根據串聯電路的特點和歐姆定律可得，電源電壓：

U=/(&+/?3)=0.24x(20。+100)=6V；

(2)閉合Si、S2、S3,電阻長、/?2并聯，電流表4測量干路電流，電壓表測量的是電源電

壓；

則通過治的電流：/1===黑=0.34,

通電16出電路消耗的電能W=Q=180/,

根據W=U/t可得干路電流：r=3=￡%=0.54；

Ut6Vx60s

因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，則通過8的電流：

I2=1,-11=