秦皇島市重點中學2023-2024學年高二物理第一學期期末達標檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電源和直流電路的性質，下列說法正確的是A.電源短路時，電路電流為無窮大B電源短路時，路端電壓等于電動勢C.外電路斷路時，路端電壓為零D.外電路電阻值增大時，路端電壓也增大2、一質量為2.0×103kg的汽車在水平公路上行駛，路面對輪胎的徑向最大靜摩擦力為1.4×104N，當汽車經過半徑為80m的彎道時，下列判斷正確的是（）A.汽車轉彎時所受的力有重力、彈力、摩擦力和向心力B.汽車轉彎速度為20m/s時所需的向心力為1.4×104NC.汽車轉彎的速度為20m/s時汽車會發生側滑D.汽車能安全轉彎的向心加速度不超過7.0m/s23、如圖，一正方形閉合導線圈在一個很大的勻強磁場中，下列變化中能產生感應電流的是A.線框向右勻速運動B.線框向左加速運動C.線框繞經過a點且垂直線圈平面的軸轉動D.將線框由正方形拉成圓形4、如圖所示，氧氣在0℃和100℃兩種不同情況下，各速率區間的分子數占總分子數的百分比與分子速率間的關系．下列說法正確的是A.甲為0℃時情形，速率大的分子比例比100℃時少B.乙為0℃時情形，速率大的分子比例比100℃時少C.甲為100℃時情形，速率小的分子比例比0℃時多D.乙為100℃時情形，速率小的分子比例比0℃時多5、如圖所示的電路，有直流和交流成分的電流通過，為了盡量減少R2上的交流成分，應（）A.選用自感系數較大的線圈和電容較小的電容器B.選用自感系數較小的線圈和電容較大的電容器C.選用自感系數較小的線圈和電容較小的電容器D.選用自感系數較大線圈和電容較大的電容器6、如圖所示，電源電動勢為E，電源內阻為r=1Ω，定值電阻R1=4Ω，滑動變阻器R2變化的范圍為0~10Ω，以下說法正確的是A.當R2=3Ω時，電源的輸出功率最大B.當R2=3Ω時，R1上獲得的功率最大C.當R2=3Ω時，電源的效率最大D.當R2=5Ω時，R2上獲得的功率最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，電源電動勢E=10V，電源內阻r=1Ω，燈泡L標有“3V，6W”字樣，電動機線圈的電阻RM＝1Ω.若燈泡恰能正常發光，下列說法正確的是（）A.電動機的輸入電壓是5VB.電動機輸出機械功率是6WC.電動機的效率是80%D.整個電路消耗的電功率是10W8、如圖所示，虛線代表電場中三條電場線，實線為一帶電質點僅在電場力作用下通過該區域的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，由此可知()A.帶電質點通過P點電勢較高B.帶電質點通過Q點時動能較小C.帶電質點通過P點時電勢能較大D.帶電質點通過Q點時加速度較小9、如圖所示，在勻強磁場上方將一個半徑為R、質量為m的導體圓環從靜止釋放，圓環剛進入磁場的瞬間和完全進入磁場的瞬間速度相同．已知圓環的電阻為r，勻強磁場的磁感應強度大小為B，重力加速度為g．下列說法正確的是A.圓環進入磁場的過程中，圓環的右端電勢高B.圓環進入磁場的過程做的是勻速直線運動C.圓環進入磁場的過程中，通過導體某個橫截面的電荷量為D.圓環進入磁場的過程中，電阻產生的熱量為2mgR10、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶負電的質點僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R同時在等勢面b上，據此可知（）A.三個等勢面中，c的電勢最高B.帶電質點在P點的電勢能比在Q點的電勢能小C.帶電質點在P點的動能與電勢能之和比在Q點的小D.帶電質點在P點的加速度比在Q的加速度大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一內阻未知（約2kΩ~6kΩ）、量程（0~3V）的直流電壓表．某同學用一多用電表的歐姆檔，直接去測量該電壓表的內阻，則歐姆檔的選擇開關應撥至倍率“×_________”檔。該同學先將紅黑表筆短接調零后，應選圖___________（選填“甲”或“乙”）的方式連接。在實驗中，歐姆表的刻度盤如圖丙所示，則電壓表的電壓應為_______________Ω。12．（12分）如圖螺旋測微器的讀數是_________mm。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．根據可知，電源被短路時，電路電流比較大，不是無窮大，故A錯誤；B．外電路短路時，電源內電壓等于電源電動勢，路端電壓為零；故B錯誤；C．外電路斷路時，路端電壓等于電源電動勢，故C錯誤；D．根據閉合電路歐姆定律可知，路端電壓當外電路電阻值R增大時，路端電壓增大，故D正確故選D2、D【解析】汽車轉彎時做圓周運動，重力與路面的支持力平衡，側向靜摩擦力提供向心力，根據牛頓第二定律分析解題【詳解】汽車轉彎時受到重力，地面的支持力，以及地面給的摩擦力，其中摩擦力充當向心力，A錯誤；當最大靜摩擦力充當向心力時，速度為臨界速度，大于這個速度則發生側滑，根據牛頓第二定律可得，解得，所以汽車轉彎的速度為20m/s時，所需的向心力小于1.4×104N，汽車不會發生側滑，BC錯誤；汽車能安全轉彎的向心加速度，即汽車能安全轉彎的向心加速度不超過7.0m/s2，D正確【點睛】本題也可以求解出以20m/s的速度轉彎時所需的向心力，與將側向最大靜摩擦力與所需向心力比較，若靜摩擦力不足提供向心力，則車會做離心運動3、D【解析】AB、由于磁場是勻強磁場且范圍足夠大，因此線圈無論向那個方向勻速、加速或加速平移，磁通量都不會發生變化，都不會產生感應電流，故A錯誤，B錯誤；C.為軸旋轉時線框繞經過a且垂直線圈平面的軸轉動，其磁通量不發生變化，沒有有感應電流產生，故C錯誤；D.將線框由正方形拉成圓形，線框的面積擴大，磁通量一定增大，會產生感應電流，故D正確；故選D4、A【解析】由題意可知考查分子速率分布圖線，根據分子熱運動的特點分析可得【詳解】AB．一定質量的氣體分子，溫度升高，大部分分子速率增大，反映在圖象上峰值右移，分子平均速率越大，分子速率大的占有比例越大．由此可知甲為0℃時情形，速率大的分子比例比100℃時少，故A正確，B錯誤；CD．如前分析可知甲為0℃時情形，速率小的分子比例比100℃時多，故CD均錯誤【點睛】溫度升高，大部分分子速率增大，圖象的峰值右移，個別分子速率可能增大，也可能減小5、D【解析】自感系數越大的線圈對交流電的阻礙作用越大，電容越大的電容器對交流電的阻礙作用越小，所以為了盡量減少R2上的交流成分，需要選用自感系數較大的線圈和電容較大的電容器，故D正確，ABC錯誤。故選D。6、D【解析】A.由于R1>r，R1+R2由越接近內阻r，電源輸出功率越大，所以當R2=0時，電源輸出功率最大，故A錯誤；B.R1上消耗的功率，電流越大，R1消耗的功率越大，根據閉合電路的歐姆定律，當R2=0時，電流最大，R1上消耗的功率最大，故B錯誤；C.電源的效率,R2越大，電源的效率越高，所以當R2=10Ω時，電源的效率最高，故C錯誤；D.將R1看做內阻，當r+R1=R2，即R2=5Ω時，R2消耗的功率最大，故D正確；故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A．燈泡恰能正常發光，則電路中的電流，則有則電動機的輸入電壓為故A正確；B．電動機輸入功率則電動機輸出機械功率故B正確；C．電動機的效率故C錯誤；D．整個電路消耗的電功率是故D錯誤。故選AB.。8、BD【解析】由于質點只受電場力作用，根據運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內側即斜向右下方，由于質點帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強度大【詳解】A、B、C項：粒子從P到Q，電場力做負功，電勢能增大，動能減小，由于不知粒子的電性和電場線方向，所以無法確定電勢的高低，故A、C錯誤，B正確，；D項：電場線越密的地方場強越大，電荷受的電場力越大，加速度越大，所以帶電質點通過Q點時加速度較小，故D正確故選BD【點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化9、AD【解析】分析清楚圓環穿過磁場的過程，根據楞次定律判斷感應電流的方向，由電源部分決定哪端電勢高低；根據線圓環進入與離開磁場的速度判斷線框的運動性質；根據求電荷量；根據動能定理求出線框的ab邊剛進入磁場到ab邊剛離開磁場這段過程中克服安培力做的功，即可知道線框從進入到全部穿過磁場的過程中克服安培力做的功.【詳解】圓環進入磁場的過程中，垂直紙面向里的磁通量增加，根據楞次定律，圓環中感應電流的磁通量應垂直紙面向外，由右手定則判斷感應電流為逆時針方向，由于進入磁場的下部分相當于電源，可知圓環的右端電勢高，故A正確；由于圓環剛進入磁場的過程中產生的感應電流不等，安培力不等，故線圈不可能勻速，故B錯誤；根據，得，故C錯誤；由于圓環剛進入磁場的瞬間和完全進入磁場的瞬間速度相等，根據動能定理得：mg2R-W=0，所以W=2mgR．故D正確．故選AD【點睛】解決本題的關鍵是恰當地選擇研究過程，根據動能定理求出克服安培力所做的功，以及根據動力學分析出線框的運動情況10、AD【解析】由于質點只受電場力作用，根據運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內側，由于質點帶負電，因此電場線方向與受力方向相反；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強度大。【詳解】A．電荷所受電場力指向軌跡內側，由于質點帶負電帶，因此電場線方向垂直對應等勢面向上，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高，故A正確；B．根據質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B錯誤；C．帶電粒子在電場中只受電場力，從P到Q過程中電場力做功等于動能的變化，帶電質點在電場中運動過程中動能與電勢能之和不變，故C錯誤；D．等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據牛頓第二定律，加速度也大，故D正確。故選AD。【點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.100②.甲③.4000【解析】[1]當歐姆表的指針指在中間位置附近時，測量值較為準確，電壓表內阻約為，表盤中央刻度線約為30，為準確測量電壓表內阻，應選擇×100擋;[2]歐姆表的正極插孔與內部電源的負極相連，與電壓表構成一閉合回路，電流從負極流出，進入電壓表的正極，應選擇圖甲正確；[3]由圖示表盤可知，電壓表內阻為。12、711（4.710~4.712）