江蘇省名校2023年物理高二上期末聯考模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在點電荷Q的電場中，一個α粒子()通過時的軌跡如圖實線所示，a、b為兩個等勢面，則下列判斷中正確的是()A.Q可能為正電荷，也可能為負電荷B.運動中粒子總是克服電場力做功C.α粒子經過兩等勢面的動能Eka＞EkbD.α粒子在兩等勢面上的電勢能Epa＞Epb2、電磁軌道炮工作原理如圖所示，待發射彈體可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸，電流I從一條軌道流入，通過導電彈體后從另一條軌道流回，軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面得磁場（可視為勻強磁場），磁感應強度的大小與I成正比。通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出，現欲使彈體的出射速度增加到原來的2倍，理論上可采用的方法是（）A.只將電流I增加至原來的2倍B.只將彈體質量減至原來的一半C.只將軌道長度L變為原來的2倍D.將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變為原來的4倍，其它量不變3、原來靜止的氕核（）、氘核（）、氚核（）混合物經同一電場加速后，平行于金屬板方向射入平行板電場內，經過此電場后的偏轉角關系正確的是（）A.氕核（）偏轉角最大 B.氘核（）偏轉角最大C.氚核（）偏轉角最大 D.三種粒子偏轉角一樣大4、不可回收的航天器最終將成為漂浮在太空中的垃圾．如圖所示，是繞地球運行的太空垃圾，對于離地面越高的太空垃圾，下列說法正確的是()A.運行速率越大B運行速率越小C.運行周期越小D.可能追上同一軌道上的航天器5、如圖所示，A、B、C、D為半球形圓面上的四點，且AB與CD交于球心且相互垂直，E點為球的最低點，A點放置一個電量為+Q的點電荷，在B點放置一個電量為—Q的點電荷，則下列說法正確的是（）A.C、D兩點電場強度不同B.沿CD連線移動一電量為+q的點電荷，電場力始終做功C.C點和E點電勢相同D.將一電量為+q的點電荷沿圓弧面從C點經E點移動到D點過程中，電場力先做負功，后做正功6、如圖所示，實線和虛線分別表示振幅和頻率均相同的兩列簡諧橫波的波峰和波谷，此時M點是波峰與波峰的相遇點．設兩列波的振幅均為A，則A.再過四分之一周期，Q點為振動減弱點B.圖中位于P、N兩處的質點正處于平衡位置C.M點為振動加強點，位移始終為2AD.從此刻起，經過半個周期，M點的位移為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，有一個磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，一半徑為r金屬圓環放置在磁場中，金屬圓環所在的平面與磁場垂直．金屬桿Oa一端在O，另一端a擱在環上金屬桿Oa可繞環的圓心O旋轉，另一金屬桿Ob一端固定在O點，另一端b固定在環上，．已知Oa桿以角速度ω勻速旋轉，所有接觸點接觸良好，Ob不影響Oa的轉動，則下列說法正確的是（）A.流過Oa的電流方向為O指向aB.流過Oa的電流方向為a指向OC.Oa旋轉時產生的感應電動勢的大小為Bωr2D.Oa旋轉時產生的感應電動勢的大小為Bωr28、如圖所示，一勻強電場的電場線平行于xOy平面，電場強度大小為E，xOy平面上有一橢圓，橢圓的長軸在x軸上，E、F兩點為橢圓的兩個焦點，AB是橢圓的短軸，橢圓的一端過O點，則下列說法正確的是()A.在橢圓上，O、C兩點間電勢差一定最大B.在橢圓上，A、B兩點間電勢差可能最大C.一個點電荷從E點運動到橢圓上任意一點再運動到F點，電場力做功可能為零D.一個點電荷從O點運動到A點與從B點運動到C點，電場力做功一定相同9、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2V。一電子經過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV。下列說法正確的是（）A.平面c上的電勢為零B.該電子可能到達不了平面fC.該電子經過平面d時，其電勢能為4eVD.該電子經過平面b時的速率是經過d時的2倍10、等量異種點電荷電場中，是兩點電荷連線的中垂線，一帶電粒子僅在電場力作用下從a處沿虛線軌跡運動到b，則（）A.a處的電勢小于b處的電勢B.粒子在a處的電勢能大于在b處的電勢能C.粒子在b處的加速度大小大于在a處的加速度大小D.粒子在a處的速率小于在b處的速率三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在練習使用多用電表的實驗中,請完成下列問題:(1)用多用電表測量某元件的電阻,選用“×100”倍率的電阻擋測量，發現多用電表指針偏轉角度過小，換相鄰的倍率的電阻擋，并歐姆調零后，再次進行測量，多用電表的指針如圖甲所示，測量結果為______Ω；(2)某同學找發光二極管的負極的具體操作為:將多用電表選擇開關旋到電阻擋的“×1”擋，經過歐姆調零之后，他把紅表筆接在二極管的短管腳上，把黑表筆接在二極管的長管腳上，發現二極管導通發光，然后他將兩表筆的位置互換以后，發現二極管不發光，這說明二極管的負極是________(填“長管腳”或“短管腳”)所連接的一極；(3)多用電表中大量程的電流表和電壓表是由表頭改裝而來的，現將滿偏電流為100的表頭改裝為大量程的電流表后，再改裝為兩個量程的電壓表，如圖乙所示，已知表頭上標記的內阻為900Ω，圖中虛線框內是電壓表的改裝電路，利用和表頭構成1mA量程的電流表，則定值電阻的阻值=_______，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表，若則使用兩個接線柱時，電壓表的量程為_______V；使用兩個接線柱時，電壓表的量程為_______V.12．（12分）圖a為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內阻為480Ω。虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。(1)圖a中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。(2)關于R6的使用，下列說法正確的是_______（填正確答案標號）。A．在使用多用電表之前，調整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置C．使用電流擋時，調整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置(3)根據題給條件可得R1＋R2=_______Ω，R4=________Ω。(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖b所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數為_______；若此時B端是與“3”相連的，則讀數為________；若此時B端是與“5”相連的，則讀數為___________。（結果均保留3位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.根據軌跡可以知道，粒子受到的力為斥力，所以Q帶正電，A錯誤B.因為Q帶正電，從b到a電場力做正功，B錯誤C.因為從b到a電場力做正功，動能增大，電勢能減小，所以Eka＞Ekb，Epa<Epb，C正確D錯誤2、A【解析】通電的彈體在軌道上受到安培力的作用，利用動能定理有：，磁感應強度的大小與I成正比，所以有：B=kI解得：。A.只將電流I增加至原來的2倍，彈體的出射速度增加至原來的2倍，故A正確；B.只將彈體質量減至原來的一半，彈體的出射速度增加至原來的倍，故B錯誤；C.只將軌道長度L變為原來的2倍，彈體的出射速度增加至原來的倍，故C錯誤；D.將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變為原來的4倍，其它量不變，彈體的出射速度增加至原來的2倍，故D錯誤。故選：A。3、D【解析】粒子由初速為零，經電壓為U電場加速，在加速過程中，只有電場力做的功為qU，由動能定理得解得粒子經勻強電場偏轉，偏轉電場長為L，場強為E，進入偏轉電場做類平拋運動，結合平拋運動規律解題，水平方向豎直方向由平拋運動規律得則可知，偏轉角與帶電粒子的電荷量、質量等無關，故D正確。故選D。4、B【解析】根據萬有引力提供圓周運動向心力，由軌道的大小變化判定描述圓周運動物理量大小關系即可【詳解】根據萬有引力提供圓周運動向心力有：A、B項：垃圾的運行速率可得半徑越大的太空垃圾運行速率越小，故A錯誤，B正確；C項：垃圾運行的周期T=可得半徑越大的太空垃圾周期越大，故C錯誤；D項：在同一軌道上運動的航天器周期和線速度大小相同，故在同一軌道上不能追上同一軌道的航天器，故D錯誤故應選：B【點睛】航天器繞地球勻速圓周運動向心力由萬有引力提供，能根據半徑關系分析描述圓周運動物理量的大小關系是正確解題的關鍵5、C【解析】A、+Q和?Q是等量異種電荷，根據其電場線的分布情況和對稱性可知，C、D兩點的電場強度大小相等、方向相同，則電場強度相同，故A錯誤；B、通過AB連線的中垂面是一等勢面，C、D在同一等勢面上，CD連線上電勢處處相等．則沿CD連線移動一帶+q電量的點電荷，電場力始終不做功．故B錯誤；C、由上分析知，C點和E點位于AB連線的中垂面上，電勢相同，故C正確；D、由B分析可知，將一帶電量為?q的點電荷從C點經E點最后到D點，電場力始終不做功，故D錯誤【點睛】+Q和-Q是等量異種電荷，其電場線和等勢面具有對稱性，通過AB連線的中垂面是一等勢面，C、D在同一等勢面上，電勢相等，根據對稱性分析C、D場強關系；根據電勢的變化，分析電場力做功情況6、B【解析】A．由圖知Q點是波谷和波谷疊加，正處在波谷，故A錯誤；B．P、N兩點是波谷和波峰疊加，位移始終為零，即處于平衡位置，故B正確；C．由圖可知M點為波峰與波峰相遇，振動的加強點，其振幅為2A，但并不是位移始終為2A，故C正確；D．M點為波峰與波峰相遇，半個周期后為波谷與波谷相遇，M點處于波谷，位移為，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】oa桿以角速度勻速旋轉，切割磁感線產生感應電動勢，相當于電源，其余部分為外電路．當oa轉到最高點時，外電路總電阻最大，通過oa的電流最小；當oa與ob重合時，環的電阻為0，外電路總電阻最小，通過oa的電流最大．根據E=BLv和歐姆定律求解，其中v是速度的平均值【詳解】A、B項：根據右手定則可知，流過oa電流方向為由o指向a，故A正確，B錯誤；C、D項：oa桿切割磁感線產生感應電動勢為E=，故C錯誤，D正確故選AD【點睛】本題一要會求解感應電動勢，由于oa桿上各點切割速度不同，要用平均速度求解；二要知道最大值與最小值的條件，運用歐姆定律求解8、BCD【解析】由于勻強電場方向平行于坐標平面，當電場方向平行于y軸時，O、C間的電勢差為零，A、B間的電勢差最大，B項正確，A項錯誤；如果電場方向平行于y軸，則E、F兩點電勢相等，則一個點電荷從E點運動到橢圓上任意一點再運動到F點，電場力做功為零，C項正確；由于O、A連線平行于B、C連線，且長度相等，因此在勻強電場中，O、A間的電勢差和B、C間的電勢差相等，一個點電荷從O點運動到A點與從B點運動到C點，電場力做功一定相同，D項正確9、AB【解析】A．虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，一電子經過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增加了6eV，因此a、b、c、d、f相鄰兩個等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，由于電子的電勢能增加，等勢面電勢由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零，故A正確；B．由上分析可知，當電子由a向f方向運動，則電子到達平面f的動能為2eV，由于題目中沒有說明電子如何運動，因此也可能電子在勻強電場中做拋體運動，則可能不會到達平面f，故B正確；C．在平面b上電勢為2V，則電子的電勢能為-2eV，動能為8eV，電勢能與動能之和為6eV，當電子經過平面d時，動能為4eV，其電勢能為2eV，故C錯誤；D、電子經過平面b時的動能是平面d的動能2倍，電子經過平面b時的速率是經過d時的倍，故D錯誤。故選AB。【點睛】考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關鍵。10、BD【解析】A.從正電荷到負電荷是一條電場線，沿著電場線方向，電勢逐漸降低，中垂線是一條等勢線，則a處的電勢大于b處的電勢，故A錯誤；B.根據運動軌跡可知，軌跡往右偏，則受到的電場力大致向右，則電場力做正功，電勢能要減小，則粒子在a處的電勢能大于在b處的電勢能，故B正確；C.觀察圖中可以發現，a處電場強度大于b處電場強度，則a處受到的電場力更大，再由牛頓第二定律知，所以粒子在a處的加速度大小大于在b處的加速度大小，故C錯誤；D.電場力做正功，則動能增加，可知粒子在b處的速率大于在a處的速率，故D正確。故選：BD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.7000②.短管腳③.100④.1⑤.3【解析】由題圖可知，考查了用多用電表測電阻，根據多用電表的電表結構以及測量原理進行分析：（1）歐姆表的讀數要乘以倍率（2）歐姆表電流由黑表筆流出進入二極管正極則導通發光，據此分析（3）電表的改裝由串并聯電路的原理進行求解各值【詳解】（1）多用電表指針偏轉角度過小，則阻值大要用大量程，即選“×1000“檔，則讀數為：7×1000＝7000Ω（2）二極管正向導通，反向截止，歐姆表電流由黑表筆流出進入二極管正極則導通發光，即紅表筆接短管腳（3）并聯電阻改裝成電流表，并聯阻值：R1100Ω接ab接線柱時：U＝I（R2）＝1×10﹣31V接ac接線柱時：U′＝1×10﹣33V【點睛】明確歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數，歐姆表的紅表筆插“+”插孔，黑表筆插“﹣”插孔，“+”與電源負極相連，“﹣”與電源正極相連；歐姆表零刻度線在最右側，最大刻度線在最左側，記住二極管的單向導電性12、①.黑②.B③.160④.880⑤.1.45mA⑥.1.10×103Ω⑦.2.90V【解析】(1)[1]與歐姆表內電源正極相連的是黑表筆。(2)[2]R6是可變電阻，它的作用就是歐姆表調零，也就是使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。(3)[3]換擋開關接2時，是量程較小的電流表，所以[4]換擋開關接4時，是量程較小的電壓表，這時表頭與R1、R2并聯組成新表頭，新表頭的內阻新表