2021屆寧夏銀川一中高考物理五模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，說明原子也有復(fù)雜的內(nèi)部結(jié)構(gòu)

B.麥克斯韋提出了電磁場(chǎng)理論，預(yù)言并證實(shí)電磁波的存在

C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系

D.德布羅意提出了物質(zhì)波，認(rèn)為粒子的德布羅意波長(zhǎng)與其動(dòng)量成反比

2.如圖所示，一細(xì)繩系一光滑小球，細(xì)繩跨過定滑輪使小球靠在柱體的斜面

上。設(shè)柱體對(duì)小球的彈力為心，細(xì)繩對(duì)小球的拉力為FT■.現(xiàn)用水平力拉繩

使小球緩慢上升一小段距離，在此過程中，下列說法正確的是（）

A.逐漸增大B.年逐漸減小

C.%逐漸減小D.先增大后減小

3.升降機(jī)的地面固定一個(gè)壓力傳感器，物體置于傳感器上的水平接觸面上，如圖（a）所示，壓力傳

感器通過處理電路和計(jì)算機(jī)相連，當(dāng)升降機(jī)在豎直方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，計(jì)算機(jī)描繪出一段時(shí)間內(nèi)物體

對(duì)壓力傳感器的壓力隨時(shí)間變化的圖象如圖（b）所示，關(guān)于升降機(jī)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是

()

A.0?ti一定向上做勻加速運(yùn)動(dòng)B.q?t2一定向上做勻加速運(yùn)動(dòng)

C.“?t2的加速度可能逐漸增大D.t??t3的加速度可能逐漸增大

4.理想變壓器的電路如圖所示，原線圈與副線圈總匝數(shù)之比為10:1,變壓器的副線圈線匝數(shù)可變,

c為滑動(dòng)端.R為一滑動(dòng)變阻器，P為滑片.若ab端輸入的正弦交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式為a=

22OV2sinlOO7rt（y），下列說法正確的是（）

A.其他條件不變的情況下，c端向上滑動(dòng).力變暗

B.其他條件不變的情況下，P端向下滑動(dòng)，打變亮

C.其他條件不變的情況下，P端向上滑動(dòng).原線圈中的電流會(huì)增大

D.不管c如何滑動(dòng).擊穿電壓為30。的電容器均可正常工作

5.一物體沿長(zhǎng)為，的光滑斜面，從靜止開始由斜面的頂端下滑到底端的過程做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物體

的速度達(dá)到末速度的一半時(shí)，它沿斜面下滑的長(zhǎng)度為（）

A.;B.Z（V2-1）C.gD.專

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

6.18世紀(jì)，數(shù)學(xué)家莫佩爾蒂，哲學(xué)家伏爾泰曾設(shè)想“穿透”地球：假設(shè)能夠沿著地球兩極連線開

鑿條沿著地軸的隧道貫穿地球，一個(gè)人可以從北極入口由靜止自由落入隧道中，忽略一切阻力，

此人可以從南極出口飛出。已知此人的質(zhì)量m=50kg,地球表面處重力加速度g=10m/s2,

地球半徑R=6.4x1067n.假設(shè)地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體，質(zhì)點(diǎn)在均勻球殼內(nèi)任一點(diǎn)受到

的萬(wàn)有引力為零。則以下說法正確的是（）

A.人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，由于重力發(fā)生變化，故機(jī)械能不守恒

B.人在下落過程中，受到的萬(wàn)有引力與到地心的距離成正比

C.人從北極開始下落，到剛好經(jīng)過地心的過程，萬(wàn)有引力對(duì)人做功皿=3.2x109/

D.當(dāng)人下落經(jīng)過距地心g瞬間，人的瞬時(shí)速度大小為4gxi037n小

7.如圖所示為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經(jīng)過一個(gè)機(jī)械過濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)。圖中

虛線是某一帶負(fù)電的塵埃（不計(jì)重力）僅在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡，4、B兩點(diǎn)

是軌跡與電場(chǎng)線的交點(diǎn)，不考慮塵埃在遷移過程中的相互作用和電量變化，則以下說法正確的

是（）

A.A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)

B.塵埃在4點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度

C.塵埃在遷移過程中做勻變速運(yùn)動(dòng)

D.塵埃在遷移過程中電勢(shì)能一直在增大

8.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、總電阻為R的正方形線框abed放在光滑水平面上，其

右邊有一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8、方向垂直于紙面向外的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)

寬度為3磁場(chǎng)左邊界與線框的帥邊相距為L(zhǎng).現(xiàn)給線框一水平向右的恒力，ab

邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)線框中的感應(yīng)電流大小為1。.下列說法正確的是（）

A,線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向

B.線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為警

C.從開始到ab邊運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)的右邊界的過程中，通過線框橫截面的電荷量勺=整

D.線框通過磁場(chǎng)區(qū)域的過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q=2B1。廿

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共4小題，共30.0分）

9.（1）在“探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，以下說法正確的是（）

A.彈簧被拉伸時(shí)，不能超出它的彈性限度

B.用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力，應(yīng)保證彈簧位于豎直位置且處于平衡狀態(tài)

C用直尺測(cè)得彈簧的長(zhǎng)度即為彈簧的伸長(zhǎng)量

。用幾個(gè)不同的彈簧，分別測(cè)出幾組拉力與伸長(zhǎng)量，得出拉力與伸長(zhǎng)量之比相等

（2）某同學(xué)做“探究彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，他先把彈簧平放在桌面上使其自然伸長(zhǎng),

用直尺測(cè)出彈簧的原長(zhǎng)Lo,再把彈簧豎直懸掛起來，掛上鉤碼后測(cè)出彈簧伸長(zhǎng)后的長(zhǎng)度3把L-

加作為彈簧的伸長(zhǎng)量％,這樣操作，由于彈簧自身重力的影響，最后畫出的圖像可能是圖中的（）

10.某探究小組采用如圖甲所示的電路測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)，發(fā)現(xiàn)量程為3y的電壓表

出現(xiàn)故障不能正常使用，實(shí)驗(yàn)臺(tái)上有一個(gè)量程為500/M,內(nèi)阻RE=200。靈敏電流計(jì)?和一個(gè)

電阻箱R(0-999990).

(1)為了把靈敏電流計(jì)改裝成量程為2U的電壓表繼續(xù)試驗(yàn)，電阻箱R應(yīng)調(diào)至2

(2)請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線完成乙圖的實(shí)物電路連接.

(3)①多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄靈敏電流計(jì)?的示數(shù)，和電阻器的阻值R,電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別用

E核r表示，則洵R的關(guān)系式為

②然后以:為縱坐標(biāo)，以R為橫坐標(biāo)，做出了:-R圖線為一直線，如圖丁所示，測(cè)得直線在縱軸上的

截距b=134,直線的斜率k=|,則該電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻r=

11.實(shí)驗(yàn)：用油膜法估測(cè)分子的大小

(1)在本實(shí)驗(yàn)中，準(zhǔn)備有以下器材：用酒精稀釋過的油酸、滴管、琲子粉、淺盤及水、玻

璃板、彩筆，還缺少的器材有.

(2)本實(shí)驗(yàn)應(yīng)測(cè)量和已知的物理量有①②③.

(3)計(jì)算油酸薄膜的面積是通過查薄膜輪廓所包含的的個(gè)數(shù)，不足半個(gè)的,多余半個(gè)的

(3)將1CM3的油酸溶于酒精，制成200cM3的油酸酒精溶液.已知lcm3的溶液有50滴，今取一滴油酸

酒精溶液滴到水面上，隨著酒精溶于水，油酸在水面上形成一單分子層，已測(cè)出這一薄層的面

積為0.2巾2,由此可算出油酸分子的直徑為m.

12.在''探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)獲得y-L圖象如圖所示，實(shí)驗(yàn)

中小球的直徑為2.00cm,圖中P點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的周期與擺長(zhǎng)的數(shù)據(jù)（填“能”或“不能”）在實(shí)

驗(yàn)中測(cè)得；請(qǐng)根據(jù)圖象數(shù)據(jù)寫出函數(shù)關(guān)系式：T2=L（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

四、計(jì)算題（本大題共4小題，共51.0分）

XXXXVV

13.如圖，質(zhì)量M=3.0kg的小車靜止在光滑的水平面上，AD部分是表面粗糙，…*廣,

的水平導(dǎo)軌，部分是光滑的：圓弧形導(dǎo)軌.整個(gè)導(dǎo)軌是由絕緣材料制成

cc4妖L〃〃巖/

并處于B=1.07垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.今有一質(zhì)量m=1.0kg的金屬塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），帶

q=2.0x10-3。的負(fù)電，以卬=8rn/s的速度沖上小車，當(dāng)將要過0點(diǎn)時(shí)，對(duì)水平導(dǎo)軌的壓力為

9.81N（g取9.8姐2）

（1）求m從4到。過程中，系統(tǒng)的機(jī)械能損失多少？

（2）若m通過。點(diǎn)立即撤去磁場(chǎng)，這以后小車能獲得的最大速度是多少？

14.如圖甲所示，在勁度系數(shù)為k的輕彈簧下掛一個(gè)質(zhì)量為小的物體，將

物體從彈簧原長(zhǎng)處無初速釋放；圖乙所示的物體和彈簧與圖甲中完

全相同，用手托著物體從彈簧原長(zhǎng)處緩緩下落，直至手離開物體后，

物體處于靜止.（不考慮空氣阻力）

（1）簡(jiǎn)要說明圖甲中的物體被釋放后做什么運(yùn)動(dòng)；田7

（2）做出圖乙中手對(duì)物體的支持力F隨物體下降位移工變化的示意圖，借助F-x圖象求支持力F做的功

的大小;

(3)利用彈力做功只和始末位置有關(guān)的特點(diǎn)，求圖甲中物體運(yùn)動(dòng)的最大速度.

15.如圖所示，一足夠長(zhǎng)的圓柱形絕熱氣缸豎直放置，通過絕熱活塞封閉著一

〃〃〃〃/////

定質(zhì)量的理想氣體.活塞的質(zhì)量為小，橫截面積為S,與底部容器相距為兒

現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體的溫度為時(shí)活塞上升了八.已知大氣壓

強(qiáng)為Po,重力加g,不計(jì)活塞與氣缸的摩擦.求：f(XXXXg|

①溫度為7時(shí)氣體的壓強(qiáng)P；

②加熱前氣體的溫度7。.

16.如圖所示，真空中有一直角三棱鏡，N4BC為直角三棱鏡的橫截面，4B邊長(zhǎng)為

L,=30°,乙B=90。.一束單色光平行于4C邊照射到4B邊上的中點(diǎn)E,折

射光線照射到4C邊上后，反射光線恰好垂直于BC邊射出，光在真空中的傳播

速度為c，求：

①棱鏡對(duì)該單色光的折射率；

②通過計(jì)算判斷折射光線在4c邊是否發(fā)生全反射;

③計(jì)算單色光在棱鏡中傳播的時(shí)間。

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：4、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)說明原子核有復(fù)雜的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，可

以再分，故A錯(cuò)誤；

8、麥克斯韋提出電磁場(chǎng)理論并預(yù)言電磁波的存在，以后由赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，故8

錯(cuò)誤；

C、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故C錯(cuò)誤；

德布羅意提出了物質(zhì)波，認(rèn)為粒子的德布羅意波長(zhǎng)與其動(dòng)量成反比，故。正確；

故選：D。

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是

考試內(nèi)容之一。

2.答案：A

解析：解：球受三個(gè)力，重力、柱體對(duì)小球的彈力風(fēng)和細(xì)繩對(duì)小球的,叭、

拉力巴，如圖所示：\\TK

根據(jù)平衡條件，結(jié)合圖象可以看出，拉力一直增加，支持力也一直增N

加；、梃］、

故4正確，BC。錯(cuò)誤；

故選：人心

球受三個(gè)力，重力、柱體對(duì)小球的彈力時(shí)和細(xì)繩對(duì)小球的拉力玲，三力平衡，通過作圖分析各個(gè)力

的變化情況。

本題是三力平衡中的動(dòng)態(tài)分析問題，其中一個(gè)力恒定，一個(gè)力方向不變大小變，一個(gè)力大小和方向

都變化，使用作圖分析清晰明了。

3.答案：C

解析：解：4、由圖線可知，0?0物體對(duì)傳感器的壓力的大小不變，且支持力等于重力，知升降機(jī)

可能處于靜止，可能處于勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài).故A錯(cuò)誤.

B、C、kF，F(xiàn)逐漸增大，支持力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度方向豎直向上，且逐漸

增大，電梯加速度方向豎直向上，且在變化.故B錯(cuò)誤，C正確.

。、產(chǎn)的大小等于不變，且大于重力，根據(jù)牛頓第二定律知，物體所受合外力不變，則加速

t2-t3,

度不變，故。錯(cuò)誤

故選：C

物體對(duì)傳感器的壓力等于支持力的大小，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的大小和方向，從而確定電

梯的運(yùn)動(dòng)情況.

解決本題的關(guān)鍵掌握牛頓第二定律，知道加速度的方向與合力的方向相同，加速度隨著合力的變化

而變化.

4.答案:C

解析：解：4其他條件不變的情況下，c端向上滑動(dòng)。副線圈匝數(shù)增加，變壓器副線圈電壓增大，刀

變亮，故A錯(cuò)誤；

2、其他條件不變的情況下，P端向下滑動(dòng)，R接入電路的電阻增大，由于副線圈電壓不變，所以通

過G的電流強(qiáng)度變小，G變暗；故B錯(cuò)誤；

C、其他條件不變的情況下，P端向上滑動(dòng)，R接入電路的電阻減小，由于副線圈電壓不變，所以通

過人的電流強(qiáng)度變大，輸出功率變大，則輸入功率也變大，原線圈中的電流會(huì)增大，故C正確；

D、原線圈與副線圈總匝數(shù)之比為10：1,當(dāng)c滑到最上端時(shí)，輸出電壓的有效值為：U2=^X22OV=

22V,最大值為：Em=22V2IZ=31.1K>30K.故電容器不能正常工作，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)滑動(dòng)變阻器的變化分析電壓和電阻的變化，從而分析燈泡的亮度變化和電流強(qiáng)度的變化；計(jì)算

副線圈的電壓最大值分析電容器是否能夠工作.

變壓器的動(dòng)態(tài)問題大致有兩種情況：一是負(fù)載電阻不變，原、副線圈的電壓打,U2,電流12,輸

入和輸出功率Pl，P2隨匝數(shù)比的變化而變化的情況；二是匝數(shù)比不變，電流和功率隨負(fù)載電阻的變

化而變化的情況.不論哪種情況，處理這類問題的關(guān)鍵在于分清變量和不變量，弄清楚“誰(shuí)決定誰(shuí)”

的制約關(guān)系.

5.答案：A

解析：解：設(shè)末速度為u,全程用時(shí)為t

則：1=譏=等t①

中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于全程的平均速度

所以當(dāng)％=；是用時(shí)ti=：

v

所以此時(shí)的位移：X=5右=?Xg=：t②

由①②聯(lián)立得：

7~^2~4

故選A

此題也可以應(yīng)用初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)在It內(nèi)，2t內(nèi)，3t內(nèi)…位移之比為1：4：9...："求解

物體沿光滑斜面，從靜止開始由斜面的頂端下滑到底端的過程是勻加速運(yùn)動(dòng)，所以中間時(shí)刻的瞬時(shí)

速度等于全程的平均速度，應(yīng)用勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律列式求解.

此題為勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用，關(guān)鍵點(diǎn)在當(dāng)物體的速度達(dá)到末速度的一半時(shí)，用時(shí)為全程用時(shí)

的一半，找準(zhǔn)這個(gè)關(guān)系列式求解即可，方法可以有很多種，可分別試試.

6.答案：BD

解析：解：力、人下落過程只有重力做功，重力做功效果為重力勢(shì)能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)能，故機(jī)械能守恒，故

A錯(cuò)誤；

2、設(shè)人到地心的距離為r,地球密度為p,那么，由萬(wàn)有引力定律可得：人在下落過程中受到的萬(wàn)有

引力也”=GP扣r3m=f故萬(wàn)有引力與到地心的距離成正比，故B正確；

r2r23H

_4

C、由萬(wàn)有引力?=：水；0巾「可得：人下落到地心的過程萬(wàn)有引力做功W=1R=如絲竺.R=

32

2-x50x10x6.4x1067=1.6x109/,故C錯(cuò)誤；

-3TtGpmR=—2R=2-mgR=2

D、由萬(wàn)有引力F=：兀Gpmr可得：人下落到距地心g的過程重力做功小，=*.四=包竺1吧出.

J222

R1n23GMm3n

-=-7lGpmR^=^r=-mgR,

由動(dòng)能定理得：W=^mgR=解得：v==4A/3X103m/s,故。正確；

故選：BD。

根據(jù)萬(wàn)有引力定律及球體體積公式求得不同半徑處的萬(wàn)有引力表達(dá)式，進(jìn)而得到萬(wàn)有引力做的功，

再由動(dòng)能定理求得人的速度；最后根據(jù)能量守恒，由能量轉(zhuǎn)換求得機(jī)械能變化。

萬(wàn)有引力大小的求解、比較，常需要根據(jù)球體體積公式求得中心天體的質(zhì)量，再根據(jù)萬(wàn)有引力定律

求解.

7.答案：AB

解析：

電場(chǎng)線的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小可判斷加速度的大小，根據(jù)電場(chǎng)力的

做功可判斷電勢(shì)能的大小變化。

需要注意電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。

A、沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸減少，故A點(diǎn)電勢(shì)低于8點(diǎn)電勢(shì)，A正確，

BC、電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小,4處電場(chǎng)線密集，所以電場(chǎng)強(qiáng)度大，根據(jù)牛頓第二定律得：a=史,

m

故塵埃在4點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度，所以該過程不可能是勻變速，故B正確，C錯(cuò)誤，

。、塵埃在遷移過程中電場(chǎng)力做正功，所以電勢(shì)能減小，故Q錯(cuò)誤，

故選：ABo

8.答案：BCD

解析：

對(duì)于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下物體的平衡問

題；另一條是能量，分析電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量如何轉(zhuǎn)化是關(guān)鍵。

4線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)楞次定律或右手定則判斷知，感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤；

8ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，則有/()=要，線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為u=絆，故B

正確；

C.從開始到防邊運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)的右邊界的過程中，通過線框橫截面的電荷量q=/t=,=牛，故C

正確；

D根據(jù)能量守恒得：線框通過磁場(chǎng)區(qū)域的過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q=%=產(chǎn)安-2L=2B/OL2,故。正

確。

故選BCD。

9.答案:(1)AB(2)C

解析：試題分析：(1)彈簧被拉伸時(shí)，不能超出它的彈性限度，否則彈簧會(huì)損壞，故A正確；用懸掛

鉤碼的方法給彈簧施加拉力，要保證彈簧位于豎直位置，使鉤碼的重力等于彈簧的彈力，要待鉤碼

平衡時(shí)再讀讀數(shù)，故B正確；彈簧的長(zhǎng)度不等于彈簧的伸長(zhǎng)量，伸長(zhǎng)量等于彈簧的長(zhǎng)度-彈簧的原

長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；拉力與伸長(zhǎng)量之比是勁度系數(shù)，由彈簧決定，同一彈簧的勁度系數(shù)是不變的，不同

的彈簧的勁度系數(shù)不同，故。錯(cuò)誤.

(2)實(shí)驗(yàn)中用橫軸表示彈簧的伸長(zhǎng)量工,縱軸表示彈簧的拉力“即所掛重物的重力大小)，由,第=隔常可

知，圖象過原點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；圖中當(dāng)x=0時(shí)，彈簧有彈力，故B錯(cuò)誤；當(dāng)豎直懸掛時(shí)，由于自身重

力的影響彈簧會(huì)有一段伸長(zhǎng)量，但此時(shí)所掛重物的重力為ON(即：F=QN),故C正確；因?yàn)樵趶椈?/p>

的彈性限度內(nèi)，彈簧的伸長(zhǎng)與其所受的拉力成正比，圖象應(yīng)為直線，故。錯(cuò)誤.

考點(diǎn)：考查了“探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)

10.答案：3800；=呼+1.51.0

IEE

解析：解：(1)將電流計(jì)改裝成電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個(gè)大電阻，根據(jù)串

并聯(lián)電路的規(guī)律可知：

(2)根據(jù)原理圖可明確對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖;如圖所示;

(3)①根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：

E

RE+r+R

變形可得:

1RE+r1

7=~~E+ER

②根據(jù)圖象和公式可知：匕=寫；

i

k=E

根據(jù)題意可知：E—1.5V；r=10：

故答案為：(1)3800；(2)如圖所示；(3)①：=+稱R：②1.5,1.0

(1)根據(jù)改裝原理利用串并聯(lián)電路的規(guī)律可求得應(yīng)串聯(lián)的電阻；

(2)根據(jù)原理圖可得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可得出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式；再結(jié)合圖象知識(shí)可明確對(duì)應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻.

本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)原理以及數(shù)據(jù)處理的方法；對(duì)于該實(shí)驗(yàn)一定要明確不同接法時(shí)

的實(shí)驗(yàn)原理，利用閉合電路歐姆定律列式，再結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行分析處理即可.

11.答案：坐標(biāo)紙、量筒油酸酒精溶液的滴數(shù)油酸薄膜的面積油酸酒精溶液的濃度正方

形舍去算一個(gè)5xIO-10

解析：解：(1)在本實(shí)驗(yàn)中，我們要用量筒量取酒精從而配制酒精油酸溶液，再將用酒精稀釋過的油

酸用滴管滴到水面上，將坐標(biāo)紙鋪在水面上，上面蓋上玻璃板，用彩筆畫出邊界，則用數(shù)格子的方

法得出形成的面積；則可根據(jù)體積公式求得分子直徑；

故實(shí)驗(yàn)中還需要：量筒、坐標(biāo)紙；

(2)本實(shí)驗(yàn)應(yīng)測(cè)量和已知的物理量有：1小，油酸酒精溶液的滴數(shù)、油酸薄膜的面積、油酸酒精溶液的

濃度；

(3)計(jì)算油酸薄膜的面積是通過查薄膜輪廓所包含的正方形個(gè)數(shù)，不足半個(gè)的舍去，多余半個(gè)的算一

個(gè);

(4)一滴溶液含純油的體積為：V=擊x表cm?=1x10-10?n3,

油酸分子的直徑為：d=-=小衛(wèi)~~=5x10-10m；

S0.2m2

故答案為：(1)坐標(biāo)紙、量筒：

(2)lnU油酸酒精溶液的滴數(shù)、油酸薄膜的面積、油酸酒精溶液的濃度;

(3)正方形、舍去、算一個(gè)；

(4)5x10T0.

根據(jù)油膜法測(cè)分子的大小的實(shí)驗(yàn)原理及方法可得出需要的器材；

求出一滴油酸溶液含純油的體積，然后由d=(求出油膜的厚度，即油酸分子的直徑.

對(duì)于實(shí)驗(yàn)要從實(shí)驗(yàn)的原理和方法上去記憶相應(yīng)的實(shí)驗(yàn)器材及實(shí)驗(yàn)步驟，不要死記硬背；本題考查了

求油酸分子的直徑，求一滴油酸溶液含純油的體積是本題的易錯(cuò)點(diǎn).

12.答案：不能4.0

解析：解：根據(jù)圖象可知，P點(diǎn)的橫坐標(biāo)小，即擺長(zhǎng)太短，不符合實(shí)驗(yàn)要求，所以該點(diǎn)的數(shù)據(jù)不是通

過實(shí)驗(yàn)得到的；

圖線的斜率為卜=甘=4.0,所以72=4.0乙

1,(J—U

故答案為：不能，4.0；

P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的擺長(zhǎng)太短，不符合單擺的實(shí)驗(yàn)要求，從圖象可知單擺周期與擺唱成正比，求出圖線的斜率

即可求出表達(dá)式；

解決該題的關(guān)鍵是熟記實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，知道求解圖象物理量的關(guān)系式的方法；

13.答案：解：(1)根將要過D點(diǎn)時(shí)，受重力、支持力和洛倫茲力作用，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，

N=mg+qvB

解得-=簪------；—

2xio-3xim/s=5m//s.

根據(jù)水平方向上系統(tǒng)動(dòng)量守恒有:

r

mv0=mv+Mv

解得M=im/s

根據(jù)能量守恒定律得，系統(tǒng)損失的機(jī)械能△E=詔-|mv2-|Mv，2=1xlx64-|xlx25-

|x3x1/=18/.

(2)當(dāng)m返回到。點(diǎn)時(shí)，小車的速度最大，

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，Mv'+mv=mv1+Mv2

根據(jù)能量守恒定律有：|Mv/2+jmv2=詣

代入數(shù)據(jù)解得：v2=3m設(shè),%=-lm/s.

答：(l)/n從A到。過程中，系統(tǒng)的機(jī)械能損失為18/.

(2)小車能獲得的最大速度是3m/s.

解析：(1)根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出物體在。點(diǎn)的速度，從而根據(jù)水平方向上M和ni組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

求出M的速度，結(jié)合能量守恒定律求出系統(tǒng)損失的機(jī)械能.

(2)當(dāng)m返回到。點(diǎn)時(shí)，小車的速度最大，根據(jù)水平方向上動(dòng)量守恒、能量守恒求出小車的最大速度.

本題是系統(tǒng)動(dòng)量守恒和能量守恒的類型，尋找解題規(guī)律是關(guān)鍵.容易出錯(cuò)的地方，是不認(rèn)真分析滑

塊運(yùn)動(dòng)過程，認(rèn)為滑塊剛到達(dá)。時(shí)車的速度就最大.

14.答案：解：(1)圖甲所示物體被釋放后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).FI

(2)圖乙中物體受重力mg、彈簧彈力/和支持力凡因?yàn)榫従徬侣鋾r(shí)，

物體受力平衡

所以對(duì)任意位置滿足F=mg-kx①|(zhì)_*

°kx

當(dāng)下降位移x=0時(shí)，支持力F=mg；

當(dāng)mg=kx,即下降位移x=詈時(shí)，支持力F=0.

F-x圖象如答圖所示，圖線下所圍的面積等于支持力F做的功：詈=[?②

(3)圖甲所示物體運(yùn)動(dòng)過程中只受到重力和彈簧彈力，

在受力滿足mg=kx,即下降位移x=詈時(shí)，有最大速度"

對(duì)物體從釋放到有最大速度的過程應(yīng)用動(dòng)能定理，有mgx-14/彈=|mv2@

因?yàn)閳D甲與圖乙所示彈簧完全相同且彈簧彈力做的功只與始末位置有關(guān)，因此上式中的皿建與圖乙

所示過程中彈簧彈力做的功相等.

對(duì)圖乙所示過程應(yīng)用動(dòng)能定理mgx-“謝一勿=0④

得到小冊(cè)=1?

代入③式，解得：圖甲中物體運(yùn)動(dòng)的最大速度：v=g聆.

答：

(1)圖甲中的物體被釋放后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；

22

(2)支持力F做的功的大小為贊；

(3)圖甲中物體運(yùn)動(dòng)的最大速度為g器.

解析：(1)物體被釋放后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).

(2)物體運(yùn)動(dòng)過程中，受到重力、手的支持力和彈簧的彈力，物體緩慢下降時(shí)，受力平衡，根據(jù)平衡

條件和胡克定律求出F與x的關(guān)系式,再作出F-x圖象,根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積求拉力做的功.

(3)當(dāng)彈簧的彈力與重