廣東省陽東廣雅學校2024屆物理高二第一學期期中預測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，帶電粒子在電場中由A點運動到B點，圖中實線為電場線，虛線為粒子運動軌跡，則下列說法判斷錯誤的是（）A．該帶電粒子帶正電B．A處電勢比B處電勢高C．從A到B的運動過程中，電場力做負功，動能減少D．該粒子從A到B的過程中加速度增大，速度也增大2、在如圖所示的電路中，當滑動變阻器的滑動片向下移動時，關于電燈L的亮度及電容器C所帶電量Q的變化判斷正確的是（）A．L變暗，Q增大B．L變暗，Q減小C．L變亮，Q增大D．L變亮，Q減小3、隧道里有一個警報器，在隧道的兩端各有一個開關，在出現(xiàn)危險時要求不論接通哪一個開關都能使警報器報警，那么應設計的電路為()A．“與”門電路B．“或”門電路C．“非”門電路D．上述答案都有可能4、下列用電器中，不是根據(jù)電流的熱效應制成的是（）A．電熱毯B．電熨斗C．電話D．電熱水器5、如圖所示的電路，閉合開關S后，a、b、c三盞燈均能發(fā)光，電源電動勢E恒定且內阻r不可忽略．現(xiàn)將變阻器R的滑片稍向上滑動一些，三盞燈亮度變化的情況是（）A．a(chǎn)燈變亮，b燈和c燈變暗B．a(chǎn)燈和c燈變亮，b燈變暗C．a(chǎn)燈和c燈變暗，b燈變亮D．a(chǎn)燈和b燈變暗，c燈變亮6、在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內電阻為r，L1、L2是兩個小燈泡．閉合S后，兩燈均能發(fā)光．當滑動變阻器的滑片向右滑動時，會出現(xiàn)（）A．L1變暗，L2變暗B．L1變亮，L2變暗C．L1變亮，L2變亮D．L1變暗，L2變亮二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在兩塊平行金屬板間存在豎直向下的勻強電場和垂直于紙面向里的勻強磁場（磁場未畫出）．現(xiàn)有兩種帶電粒子M、N分別以同樣的速度v從左端沿兩板間的中線射入，都能沿直線從右端射出，不計粒子重力．以下說法不正確的是A．帶電粒子M、N的電性一定相同B．帶電粒子M、N的電量一定相同C．撤去電場僅保留磁場，M、N做圓運動的半徑一定相等D．撇去磁場僅保留電場，M、N若能通過場區(qū)，則通過場區(qū)的時間相等8、兩個質量分別是m1、m2的小球，各用絲線懸掛在同一點，當兩球分別帶同種電荷，且電荷量分別為q1、q2時，兩絲線張開的角度分別為θ1A．若m1>m2，則θ1>θ2B．若m1=C．若m1<m2，則θ1>θ2D．若q1=q29、若E表示電動勢，U表示外電壓，U′表示內電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內電阻，I表示電流，則下列各式中正確的是()A．U′＝IRB．U′＝E－UC．U＝E＋IrD．U=10、對一電容器充電時電容器的電容C，帶電荷量Q，電壓U之間的關系圖象如下圖所示，其中正確的是()A．B．C．D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測量電源的電動勢和內阻的實驗中，某同學根據(jù)電流表和電壓表的示數(shù)，得到了如圖所示的U—I圖象，則該電源的電動勢___V，內電阻___Ω。12．（12分）在《描繪小燈泡伏安特性曲線》的實驗中，選擇“3V0.5A”的小燈泡作為研究對象，要求小燈泡兩端電壓從0開始變化，電源E=6V，有開關導線若干．請回答下面幾個問題：（1）下列實驗器材中應選用________________（只能填入器材序號，有錯或其余答案均不給分）A．電流表（量程0~0.6A，內阻1Ω）B．電流表（量程0~3A，內阻1Ω）C．電壓表（量程0~15V，內阻約10kΩ）D．電壓表（0~3V，內阻約2kΩ）E.滑動變阻器（阻值0~100Ω）F.滑動變阻器（阻值0~10Ω）（2）在本實驗中，滑動變阻器應采用______________（填“分壓"或“限流"）接法，電流表應采用______________（填“內”“外”）接法．（3）在圖框中畫出實驗電路圖______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）矩形區(qū)域I、II中分別存在垂直于紙面的勻強磁場，磁場方向如圖所示．區(qū)域I寬度2d，區(qū)域II寬度d，一個質量為m，電荷量為q的帶正電的粒子以速度v，從P點沿紙面垂直磁場邊界射入磁場，穿過區(qū)域I后從MN上的S點射入?yún)^(qū)域II，粒子在S點的速度方向與MN的夾角為，最終從區(qū)域II左邊界從Q點圖中未畫出回到區(qū)域I，不計粒子重力．求：區(qū)域I中磁感應強度的大小；粒子沒有從區(qū)域II的右邊界射出磁場，則區(qū)域II磁感應強度的大小應滿足什么條件．14．（16分）在磁感應強度為0.8T的勻強磁場中，放一條與磁場方向垂直、長度為2m的通電導線，導線中的電流為5.0A，求：(1)這條導線所受安培力大小；(2)如果將導線轉動90°，使導線與磁場平行，求此時導線受到的安培力。15．（12分）如圖所示，光滑的平行導軌間距為L傾角為θ，處在豎直向下的磁感應強度為B的勻強磁場中，導軌中接入電動勢為E、內阻為r的直流電源。電路中有一阻值為R的電阻，其余電阻不計，將質量為m的導體棒由靜止釋放后沿導軌下滑，求：（1）導體棒在釋放瞬間的加速度的大小；（2）若保持通過導體棒的電流不變，改變兩導軌間的磁場方向，導體棒能夠在導軌上靜止，磁感應強度的最小值B0的大小為多少。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

A：電場力的方向沿電場線的切線，又粒子做曲線運動，電場力指向軌跡的凹側，則粒子在A點的受力如圖，粒子帶正電．故A項正確．B：過B點作等勢面如圖，順著電場線電勢降低，則A處電勢比B處電勢高．故B項正確．C：從A到B的運動過程中，電場力方向與運動方向成銳角，電場力做正功，粒子動能增大，速度增大．故C項錯誤．D：粒子從A向B運動，電場線變得密集，粒子所受電場力增大，粒子的加速度增大，又據(jù)C項分析知，粒子速度增大．故D項正確．本題選錯誤的，答案是C．【題目點撥】等勢面和電場線垂直，順著電場線電勢降低．2、B【解題分析】解：當滑動變阻器的滑動片向下移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流增大，電源的內電壓增大，則路端電壓減小，燈L變暗．電容器板間電壓等于變阻器兩端的電壓．由上得知，路端電壓減小，則通過L燈的電流減小，而干路電流增大，則通過R1的電流增大，R1的電壓也增大，則變阻器兩端的電壓減小，電容器所帶電量Q減小．故B正確．故選B【點評】本題是電路動態(tài)分析問題，按“局部→整體→局部”的思路進行分析．電路穩(wěn)定時，與電容器串聯(lián)的電路沒有電流，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓．3、B【解題分析】試題分析：不論哪一個開關接通都能使電燈點亮，所滿足的關系是“或”邏輯關系，即事件的某一個條件滿足，該事件就能發(fā)生．故B正確，A、C、D錯誤．故選B．考點：邏輯電路4、C【解題分析】

電熱毯、電熨斗、電熱水器均利用了電流的熱效應，將電能轉化為熱能；而電話是利用電磁感應將聲音信號轉化為電信號。故選：C.5、B【解題分析】

變阻器R的滑片稍向上滑動一些，滑動變阻器電阻減小，根據(jù)“串反并同”與其串聯(lián)的燈泡C電流增大，變亮，與其并聯(lián)的燈泡b電流減小，變暗，與其間接串聯(lián)的燈泡a電流增大，變亮，B對；6、D【解題分析】試題分析：當滑動變阻器的滑片向右滑動時，滑動變阻器電阻增大，回路中總電阻增大，干路電流減小，L1變暗，路端電壓U=E-Ir可知路端電壓增大，燈泡L1兩端電壓減小，所以燈泡L2兩端電壓增大，L2變亮，D對；考點：考查閉合電路歐姆定律點評：在求解閉合電路動態(tài)變化問題時，明確電路中的串并聯(lián)關系，根據(jù)部分-整體-部分的順序進行判斷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解題分析】

無論正或負粒子穿過速度選擇器時，滿足做勻速直線運動，則不選電性和電量，而選擇了入口和速度v的大小，故AB錯誤．粒子在剩下的磁場中做勻速圓周運動，有，可得，兩粒子的比荷不一定相同，則運動的半徑不一定相同，故C錯誤．撤去磁場后，在電場中做類平拋運動，若能穿過電場則水平方向做勻速直線運動有：，可知兩粒子的運動時間相同，故D正確；此題選擇不正確的選項，故選ABC．8、BC【解題分析】

對m1、m2受力分析如圖所示：由平衡條件可知，m1g=Fcotθ1，m2g=F′cotθ2，因F=F′，m1m2=cotθ1cotθ2，可見，若m1＞m2，則θ1＜θ2；若m1=m2，則θ1=θ2；若m1＜m2，則θ1＞θ2，9、BD【解題分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知：U′＝Ir，選項A錯誤；U′＝E－U，選項B正確；U＝E-Ir，選項C錯誤；U＝IR=ERR+r，10、CD【解題分析】試題分析：電容是電容器本身的一種特性，與帶電荷量、電壓無關，故A、B錯誤、C正確；根據(jù)電容的定義可知，帶電荷量，所以選項D正確；考點：平行板電容器三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.51.0【解題分析】

根據(jù)閉合電路歐姆定律有則可知圖象與縱軸的交點表示電動勢，圖象的斜率表示內電阻；則由圖示電源U?I圖可知，電源的電動勢為內電阻為12、ADF分壓外【解題分析】

(1)[1]由題意可知，燈泡的額定電壓為3V，為了準確性及安全性原則，電壓表應選擇D；燈泡的額定電流為0.5A，故電流表應選擇A；要求小燈泡兩端電壓從0開始變化滑動變阻器應采用分壓接法，故滑動變阻器應選用較小的，故滑動變阻器應選擇F；所以實驗器材中應選用：ADF。(2)[2][3]測量小燈泡的伏安特性曲線時，要求電壓值從零開始變化，故滑動變阻器應采有分壓接法；燈泡內阻為：而電流表內阻約為1Ω，電壓表內阻約為2kΩ，有Rx2=36＜RARV=2000故電流表應采用外接法減小系統(tǒng)誤差；(3)[4]電路為電流表外接法和滑動變阻器的分壓式，如圖所示：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（2）．【解題分析】

根據(jù)題意作出粒子運動軌跡，求出粒子軌道半徑，然后應用牛頓第二定律求出磁感應強度．粒子運動軌跡與磁場右邊界相切時粒子恰好不從區(qū)域II右邊界射出磁場，作出粒子運動軌跡，應用牛頓第二定律求出臨界磁感應強度，然后確定磁感應強度的范圍．【題目詳解】粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)題意作出粒子運動軌跡如圖所示：

由幾何知識得：

解得：

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力

由牛頓第二定律得：

解得：

粒子運動軌跡與磁場右邊界相切時恰好不從磁場射出，運動軌跡如上圖所示

由幾何知識得：

解得：

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力由牛頓第二定律得：

解得：

磁感應強度需要滿足的條件是：【題目點撥】帶電粒子在磁場中運動，洛倫茲力做向心力，故常根據(jù)速度及磁