2024屆山西省臨汾市第一中學等五校高二物理第一學期期中考試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3.0V，內阻不計，燈L1、L2、L3為三個相同規格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當開關閉合后，下列說法正確的是()A．燈泡L1的電流為燈泡L2電流的2倍B．燈泡L1的電阻為7.5ΩC．燈泡L2消耗的電功率為0.75WD．燈泡L3消耗的電功率為0.30W2、電熱水器在使用過程中能按設置溫度自動跳閘斷電，是因為電熱水器中安裝了（）A．光傳感器B．溫度傳感器C．紅外傳感器D．濕度傳感器3、兩根相互靠近的長直導線1、2中通有相同的電流，相互作用力為F．若在兩根導線所在空間內加一勻強磁場后，導線2所受安培力的合力恰好為零．則所加磁場的方向是（）A．垂直紙面向里 B．垂直紙面向外C．垂直導線向右 D．垂直導線向左4、下列說法正確的是()A．點電荷一定是電量很小的電荷B．電場線是假想曲線，實際不存在C．電場強度的方向就是電荷所受電場力的方向D．根據可知，電容器的電容C與電量Q成正比、與電壓U成反比5、某電場區域的電場線如圖所示．把一個電子從A點移到B點時，則（）A．電子所受的電場力增大，電子克服電場力做功B．電子所受的電場力減小，電場力對電子做功C．電子所受的電場力增大，電勢能減小D．電子所受的電場力增大，電勢能增大6、一帶電粒子射入固定在O點的點電荷的電場中，粒子軌跡如圖虛線abc所示，圖中實線是同心圓弧，表示電場的等勢面，不計重力，可以判斷（）A．粒子受到靜電引力的作用B．粒子速率增大C．粒子動能減小D．粒子電勢能先增大后減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是某電源的路端電壓與干路電流的關系圖像，下列說法正確的是（）A．電源的內阻為12Ω B．電源的電動勢為6.0VC．短路電流為3A D．干路電流增大，電源效率變小8、兩個相同的金屬小球，帶電荷量之比為1∶7，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則它們間的庫侖力可能為原來的（）A． B． C． D．9、平行板電容器的一個極板與靜電計的金屬桿相連，另一個極板與靜電計金屬外殼相連，給電容器充電后，靜電計指針編轉一個角度，以下情況中，能使電靜電計指針偏角增大的有（）A．把兩板間的距離減小B．把兩板的正對面積減小C．在兩板間插入相對介電常數較大的電介質D．增大電容器所帶電荷量10、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E′的直流電源(內阻不計)連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負電油滴被固定于電容器中的P點．現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則()A．平行板電容器的電容將變大B．靜電計指針張角變小C．帶電油滴的電勢能將減少D．若先將上極板與電源正極的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴靜止不動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組欲精確測量某電阻的阻值，可使用的器材有：被測電阻Rx，阻值約20Ω左右電流表A1（量程0.4A，內阻r1約為0.5Ω）電流表A2（量程0.1A，內阻）電流表A3（量程3.0A，內阻r3約為0.1Ω）各種規格的定值電阻R0若干滑動變阻器R1（阻值0~5.0Ω）；滑動變阻器R2（阻值0~1000.0Ω）電源E（電動勢3V，內阻不計）開關S；導線若干。(1)某同學設計了測量電阻Rx的實驗電路圖如圖所示，①中應選用元件_____，②中應選用元件_____，滑動變阻器應選用元件______；(2)為了便于操作、測量準確，定值電阻R0應選用下列的_______；A．5ΩB．10ΩC．20ΩD．30Ω(3)閉合開關S調節滑動變阻器滑片P，電流表①中示數設為I1，電流表②中示數設為I2，則被測電阻的阻值為：__________（用已知和測量的物理量的符號表示）。12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了小燈泡(2.5V,0.5A)、電流表、電壓表以及滑動變阻器等實驗器材：（1）圖甲為實驗中某同學連接好的實驗電路圖，在開關S閉合后，把滑動片P從A向B端移動過程中會觀察到電壓表讀數變________(填“大”或“小”)。（2）某同學由測出的數據畫出I—U圖象，如圖乙所示，當小燈泡兩端電壓為1.6V時，小燈泡的電阻值R＝________Ω，此時小燈泡的實際功率P＝________W。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑絕緣的半圓形軌道固定于豎直平面內，半圓形軌道與光滑絕緣的水平地面相切于半圓的端點A．一質量為1kg的小球在水平地面上勻速運動，速度為v=6m/s，經A運動到軌道最高點B，最后又落在水平地面上的D點（圖中未畫出）．已知整個空間存在豎直向下的勻強電場，小球帶正電荷，小球所受電場力的大小等于，g為重力加速度．(1)當軌道半徑R=0.1m時，求小球到達半圓形軌道B點時對軌道的壓力；(2)為使小球能運動到軌道最高點B，求軌道半徑的最大值；14．（16分）如圖是“電磁炮”模型的原理結構示意圖。光滑水平金屬導軌M、N的間距L=0.2m,電阻不計，在導軌間有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小。裝有彈體的導體棒ab垂直放在導軌M、N上的最左端，且始終與導軌接觸良好，導體棒（含彈體)的質量m=0.2kg,在導軌M、N間部分的電阻R=0.8,可控電源的內阻r=0.2。在某次模擬發射時，可控電源為導體棒ab提供的電流恒為4×103A,不計空氣阻力導體棒ab由靜止加速到4km/s后發射彈體，則(1)光滑水平導軌長度至少為多少？(2)該過程系統消耗的總能量為多少？15．（12分）一臺電風扇，內阻為20Ω，接上220V的電壓后，正常運轉，這時電風扇消耗的功率是66W．求：(1)通過電動機的電流是多少？(2)轉化為機械能和內能的功率各是多少？電動機的效率是多大？(3)如果接上電源后，扇葉被卡住，不能轉動，這時通過電動機的電流多大？電動機消耗的電功率和發熱功率又是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

當開關閉合后，燈泡L1的電壓等于3V，由圖讀出其電流I，由歐姆定律求出電阻，并求出其功率。燈泡L2、L3串聯，電壓等于1.5V，由圖讀出電流，求出電阻。根據功率公式可求得各電阻的功率大小?！绢}目詳解】A項：電源電動勢為3.0V，內阻不計，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A；燈泡L2、L3串聯，電壓U2=U3=1.5V，由圖讀出其電流I2=I3=0.20A，I1I2B項：當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻R1=UC項：L2消耗的功率P2=I2U2=0.3W，故C錯誤；D項：L3消耗的功率P3=I3U3=0.3W，故D正確。故應選：D。【題目點撥】本題關鍵抓住電源的內阻不計，路端電壓等于電動勢，來確定三個燈泡的電壓。讀圖能力是基本功。2、B【解題分析】

電熱水器在使用過程中能按設置溫度自動跳閘斷電，是因為電熱水器中安裝了溫度傳感器，當熱水器內溫度到達一定值時，溫度傳感器作用使得斷電，故選B.3、B【解題分析】

當兩根導線中通有相同的電流時，1、2兩導線間是引力，即導線2起始時受到向左的安培力；要使導線2所受安培力的合力為0，所加磁場使導線2受到的安培力向右，根據左手定則知所加磁場的方向為垂直紙面向外．故B項正確，ACD三項錯誤．4、B【解題分析】解：A、點電荷是忽略形狀大小的帶電物體，不一定帶電量小，A錯誤B、電場線是假想曲線，實際不存在，B正確C、電場強度的方向就是正電荷所受電場力的方向，C錯誤D、電容C與電容器本身有關于Q、U無關5、C【解題分析】由圖可知，B處電場線密，電場強度較大，所以電子在B受到的電場力較大，而電場力方向與電場線方向相反，所以從A運動到B，電場力對電子做正功，故AB錯誤；電子從A點移到B點時，電場力增大，而電場力做正功，其電勢能減小，故C正確，D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。6、D【解題分析】

A.有圖可知，軌跡向左彎曲，帶電粒子所受的電場力方向向左，則帶電粒子受到了排斥力的作用，故A錯誤。BC.從到的過程，電場力做做負功，可知電勢能增大，動能減小，從到的過程，電場力做正功，可知電勢能減小，動能增大，所以粒子的動能先減小后增大，速度也先減小后增大，故BC錯誤。D.由上面的分析可知，粒子的電勢能先增大后減小，故D正確。.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解題分析】

AB．由閉合電路歐姆定律U=E-Ir得，當I=0時，U=E，即圖線與縱軸交點表示斷路狀態，電動勢E=6V，電源的內阻等于圖線的斜率大小選項A錯誤，B正確；C．外電阻R=0時，短路電流為選項C正確；D．干路電流增大，可知外電路電阻R減小，根據電源效率可知，電源效率變小，選項D正確。8、CD【解題分析】

ABCD．設兩金屬球帶異種電荷，電荷量分別為q和-7q，兩者間庫侖力大小為將兩者接觸后再放回原來的位置上，兩球所帶電荷量均為-3q，庫侖力大小為是原來的；設兩金屬球帶同種電荷，電荷量分別為q、7q，由庫侖定律有將兩者接觸后再放回原來的位置上，兩球所帶電荷量均為4q，庫侖力大小為是原來的，故AB錯誤，CD正確。故選CD。9、BD【解題分析】

A．減小板間距離d，根據電容的決定式分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U減小，則靜電計的指針偏角變小，故A項錯誤；B．減小極板正對面積，根據電容的決定式，分析得知，電容C減小，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U增大，則靜電計的指針偏角變大，故B項正確；C．在兩板間插入相對常數較大的電介質，根據電容的決定式，分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U減小，則靜電計的指針偏角變小，故C項錯誤；D．增大電容器所帶電荷量，由公式可知，板間電勢差U增大，則靜電計的指針偏角變大，故D項正確。10、CD【解題分析】

電容器始終與電源相連，則電容器兩端間的電勢差不變，根據電容器d的變化判斷電容的變化以及電場強度的變化，從而判斷電荷電勢能和電場力的變化．【題目詳解】現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，導致極板間距增大，根據知，d增大，則電容減小，A錯誤；靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，B錯誤；電勢差不變，d增大，則電場強度減小，P點與上極板的電勢差減小，則P點的電勢增大，因為該電荷為負電荷，則電勢能減小，C正確；若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，則電荷量不變，d改變，根據，知電場強度不變，則油滴所受電場力不變，D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A2A1R1D【解題分析】

(1)[1]由圖示電路圖可知，①中的電流表應當做電壓表使用，此電流表必須已知內阻，故選擇A2表；[2]根據給出電源的電動勢和被測電阻的阻值，電路中最大的電流約為故②中的電流表應選擇A1；[3]由題中電路圖知，采用了滑動變阻器分壓接法來進行實驗，為了便于操作、準確測量，為方便實驗操作滑動變阻器應選擇R1。(2)[4]電源電動勢為3V，A2表的量程為0.1A，定值電阻R0的阻值約為定值電阻應選擇D。(3)[5]根據電路圖，由歐姆定律得12、（1）大（2）4或4.00.64【解題分析】（1）由圖示電路圖可知，在開關S閉合之前，應把滑動變阻器的滑動片P移到A端；實驗中滑動片P從從A向B端移動過程中會觀察到電壓表讀數變大．

（2）由圖象可知，當U=1.6V時，對應的電流為：I=0.40A，

則小燈泡的電阻值為：燈泡的實際功率為：P=UI=1.6×0.40=0.64W；

點睛：本題應明確：①若要求電流從零調或變阻器的全電阻遠小于待測電阻時，變阻器應用分壓式接法；②涉及到圖象問題，可以表示出縱軸物理量與橫軸物理量的函數表達式，然后再根據斜率和截距的概念討論即可．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)，方向豎直向上；(2)0.24m【解題分析】

(1)設小球到達圓軌道點時速度為，從到的過程中重力和電場力做功，由動能定理有：解得：據牛頓第二定律有：代入數據解得：牛頓第三定律可知，小