河北省滄州市千童中學2022年高二物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）在下圖所示的四種情況中，物體A、B之間一定有彈力的是（

）參考答案：B2.關于光的波粒二象性的理解正確的是（

）A.大量光子的效果往往表現出波動性，個別光子的行為往往表現出粒子性B.光在傳播時是波，而與物質相互作用時就轉變成粒子C.高頻光是粒子，低頻光是波D.波粒二象性是光的根本屬性，有時它的波動性顯著，有時它的粒子性顯著參考答案：AD3.彈簧振子在光滑水平面上做簡諧運動，在振子向平衡位置運動的過程中()A.振子所受的回復力逐漸增大B.振子的位移逐漸增大C.振子的速度逐漸減小D.振子的加速度逐漸減小參考答案：D4.第一宇宙速度是（）A．物體在宇宙中所能達到的最高速度B．物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動所必須具有的最小發射速度C．物體脫離地球引力所必須具有的速度D．物體擺脫太陽引力所必須具有的速度參考答案：B【考點】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【分析】第一宇宙速度是最小的發射速度，是最大的環繞地球運動的速度；物體要脫離地球的引力成為人造行星至少達到第二宇宙速度；物體要逃到太陽系外最小的發射速度是第三宇宙速度．【解答】解：第一宇宙速度是人造地球衛星繞地球運動的最大速度，是發射衛星的最小速度，而不是物體在宇宙中所能達到的最高速度．故A錯誤B正確．物體要脫離地球引力的束縛，逃逸到地球的引力之外，最小的速度是第二宇宙速度．故C錯誤．物體要擺脫太陽引力的束縛必須能夠達到第三宇宙速度．故D錯誤．故選B．5.（單選）同一個電源分別接上12Ω和3Ω的電阻時，兩電阻消耗的電功率相等，則電源的內阻為A、1Ω

B、3Ω

C、6Ω

D、18Ω參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖2－3－23所示為一個小燈泡的電流與它兩端電壓的變化關系曲線．若把三個這樣的燈泡串聯后，接到電壓恒定的12V電源上，求流過小燈泡的電流為________A，小燈泡的電阻為________Ω.參考答案：0.4107.（4分）原子從a能級狀態躍遷到b能級狀態時發射波長為λ1的光子；原子從b能級狀態躍遷到c能級狀態時吸收波長為λ2的光子，已知λ1>λ2．那么原子從a能級狀態躍遷到c能級狀態時將要________（填“吸收”或“輻射”）波長為_________的光子。參考答案：吸收；8.如圖所示為兩個電阻的U－I圖象，兩電阻阻值之比R1∶R2為_____________。參考答案：4：19.電站向某地輸送5000kW的電功率，若將輸送電壓提高10倍，同時將輸電線截面積減為原來的一半，若變化前輸電線上電功率損失是100kW。那么，變化后輸電線上損失的電功率為______________。參考答案：2×103W10.13．一質量為的物體，以的初速度水平拋出，則拋出時動量的大小為

；末物體的動量大小為

，這內動量的變化大小為

，方向為

，這內重力的沖量大小為

，方向為

。（取）

參考答案：20

20

豎直向下

20

豎直向下

11.如圖所示，閉合導線框的質量可以忽略不計，將它從圖示位置勻速拉出勻強磁場．若第一次用t1時間拉出，外力所做的功為W1，通過導線截面的電量為q1；第二次用t2時間拉出，外力所做的功為W2，通過導線截面的電量為q2，若t2＞t1,則W1

W2，q1

q2.（填“＞”、“＝”或“＜”)

參考答案：＞，＝(每空2分)

12.傳感器擔負著信息采集任務，在自動控制中發揮著重要作用，傳感器能夠將感受到的物理量（如溫度、光、聲等）轉換成便于測量的量（通常是電學量），例如熱敏電阻傳感器，主要是應用了半導體材料制成的熱敏電阻，熱敏電阻隨溫度變化的圖線如圖（甲）所示，圖（乙）是由熱敏電阻Rt作為傳感器制作的簡單自動報警器線路。（1）為了使溫度過高時報警器響鈴，C應接在

（填a或b）。（2）若使啟動報警器的溫度提高些，應將滑動變阻器滑片P點向

移動（填左或右）。（3）如果在調試報警器達到最低報警溫度時，無論如何調節滑動變阻器滑片P都不能使報警器工作，且電路連接完好，各電路元件都能處于工作狀態，則造成工作電路實際不能工作的原因可能是

。參考答案：（1）a（2）左

（3）線圈匝數過少、或彈簧彈力太大、或電源電動勢太低（答到一種便可得分）13.如圖所示是我國民用交流電的電壓圖象．根據圖象可知，交流電的頻率是

Hz；用交流電壓表測量電壓，測出的電壓值是

V．參考答案：50，220【考點】正弦式電流的圖象和三角函數表達式；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率．【分析】本題很簡單直接從圖象中即可求出交流電的最大值及周期．電壓表測出有效值【解答】解：由圖讀出周期T=2×10﹣2s，頻率為f=由圖讀出，電壓的最大值是Um=311V，電壓表測量有效值，有效值為U=Um=220V，故答案為：50，220三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（解答）如圖所示，一水平放置的矩形線圈abcd，在細長的磁鐵N極附近豎直下落，保持bc邊在紙外，ab邊在紙內，由圖中位置Ⅰ經位置Ⅱ到位置Ⅲ，這三個位置都靠得很近，且位置Ⅱ剛好在條形磁鐵中心軸線上，在這個過程中穿過線圈的磁通量怎樣變化？有無感應電流？參考答案：穿過線圈的磁通量先減少后增加，線圈中有感應電流根據條形磁鐵N極附近磁感線的分布情況可知，矩形線圈在位置Ⅰ時，磁感線從線圈的下面斜向上穿過；線圈在位置Ⅱ時，穿過它的磁通量為零；線圈在位置Ⅲ時，磁感線從線圈上面斜向下穿過。所以，線圈從Ⅰ到Ⅱ磁通量減少，從Ⅱ到Ⅲ磁通量增加。穿過線圈的磁通量發生變化，有感應電流產生15.真空中有兩個點電荷，所帶電量分別為和，相距2cm，求它們之間的相互作用力，是引力還是斥力．參考答案：，斥力．解：根據庫侖定律，則有：；同種電荷相互吸引，所以該力為“斥力”．【點睛】解決本題的關鍵掌握庫侖定律的公式，以及知道同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（20分）一個大容器中裝有互不相溶的兩種液體，它們的密度分別為和（）。現讓一長為、密度為的均勻木棍，豎直地放在上面的液體內，其下端離兩液體分界面的距離為，由靜止開始下落。試計算木棍到達最低處所需的時間。假定由于木棍運動而產生的液體阻力可以忽略不計，且兩液體都足夠深，保證木棍始終都在液體內部運動，未露出液面，也未與容器相碰。參考答案：解析：1．用表示木棍的橫截面積，從靜止開始到其下端到達兩液體交界面為止，在這過程中，木棍受向下的重力和向上的浮力。由牛頓第二定律可知，其下落的加速度

（1）用表示所需的時間，則

（2）由此解得

（3）2．木棍下端開始進入下面液體后，用表示木棍在上面液體中的長度，這時木棍所受重力不變，仍為，但浮力變為．當時，浮力小于重力；當時，浮力大于重力，可見有一個合力為零的平衡位置．用表示在此平衡位置時，木棍在上面液體中的長度，則此時有

（4）由此可得

（5）即木棍的中點處于兩液體交界處時，木棍處于平衡狀態，取一坐標系，其原點位于交界面上，豎直方向為軸，向上為正，則當木棍中點的坐標時，木棍所受合力為零．當中點坐標為時，所受合力為

式中

（6）這時木棍的運動方程為為沿方向加速度

（7）由此可知為簡諧振動，其周期

（8）為了求同時在兩種液體中運動的時間，先求振動的振幅．木棍下端剛進入下面液體時，其速度

（9）由機械能守恒可知

（10）式中為此時木棍中心距坐標原點的距離，由（1）、（3）、（9）式可求得，再將和（6）式中的代入（10）式得

（11）由此可知，從木棍下端開始進入下面液體到棍中心到達坐標原點所走的距離是振幅的一半，從參考圓（如圖所示）上可知，對應的為30°，對應的時間為。因此木棍從下端開始進入下面液體到上端進入下面液體所用的時間，即棍中心從到所用的時間為

（12）3．從木棍全部浸入下面液體開始，受力情況的分析和1中類似，只是浮力大于重力，所以做勻減速運動，加速度的數值與一樣，其過程和1中情況相反地對稱，所用時間

（13）4．總時間為

（14）17.如圖所示是一列簡諧橫波上A、B兩質點的振動圖象，兩質點平衡位置間的距離△x=4.0m，波長大于3.0m，求這列波的傳播速度．參考答案：解：由振動圖象可知，質點振動周期T=0.4s①若該波從質點A傳到質點B，取t=0時刻分析，質點A經平衡位置向上振動，質點B處于波谷，則有：△x=n（n=0、1、2、3…）所以該波波長為：λ==因為有λ＞3.0m的條件，所以取n=0，1

當n=0時，λ1=16m，波速為：v1===40m/s當n=1時，λ2=3.2，波速為：v2==8m/s②若該波從質點B傳到質點A，取t=0時刻分析，質點A經平衡位置向上振動，質點B處于波谷，有：（n=0、1、2、3…）所以該波波長為：λ==m（n=0、1、2、3…）因為有λ＞3.0m的條件，所以取n=0當n=0時，λ3=，波速為：v3==答：這列波的傳播速度，但從A傳的B時，速度可能為40m/s或8m/s．當從B到A時，波速為m