2022-2023高二下物理期末模擬試卷注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，卡車通過定滑輪以恒定的功率P0拉繩，牽引河中的小船沿水面運動，已知小船R的質量為m，沿水面運動時所受的阻力為f，當繩AO段與水平面夾角為θ時，小船的速度為v，不計繩子與滑輪的摩擦，則此時小船的加速度等于（）A． B． C． D．2、如圖所示，物體B通過動滑輪懸掛在細繩上，整個系統處于靜止狀態，動滑輪的質量和一切摩擦均不計．如果將繩的左端由Q點緩慢地向左移到P點，整個系統重新平衡后，繩的拉力F和繩子與豎直方向的夾角θ的變化情況是()A．F變大，θ變大 B．F變小，θ變小C．F不變，θ變小 D．F不變，θ變大3、如圖所示，理想變壓器原線圈兩端加上有效值恒定的交流電壓，當滑動變阻器的滑片位于圖示位置時，燈泡L恰好正常發光。將滑片P向下滑動，下列說法正確的是A．燈泡仍能正常發光，原線圈輸入電流變小B．燈泡仍能正常發光，副線圈輸出功率變大C．燈泡不能正常發光，副線圈輸出電壓變大D．燈泡不能正常發光，原線圈輸入功率變小4、原子核X經β衰變（一次）變成原子核Y,原子核Y再經一次α衰變變成原子核Z，則下列說法中不正確的是（）A．核X的中子數減核Z的中子數等于2B．核X的質子數減核Z的質子數等于5C．核Z的質子數比核X的質子數少1D．原子核X的中性原子的電子數比原子核Y的中性原子的電子數少15、有關分子的熱運動和內能,下列說法不正確的是()A．一定質量的氣體,溫度不變,分子的平均動能不變B．物體的溫度越高,分子熱運動越劇烈C．物體的內能是物體中所有分子的熱運動動能和分子勢能的總和D．布朗運動是由懸浮在液體中的微粒之間的相互碰撞引起的6、中國大科學裝置“東方超環”（EAST）近期實現1億攝氏度等離子體運行等多項重大突破。由于其內部核反應原理與太陽類似，因此“東方超環”也被稱為“人造太陽”“人造太陽”采用的核反應方程可能是（）A．92B．1C．92D．2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，P是平衡位置為x1=1m處的質點，Q是平衡位置為x2=4m處的質點，若質點Q相繼出現兩個波峰的時間間隔為t=4s，則下列說法正確的是A．該波的傳播速度v=2m/sB．從圖示時刻開始計時，若P點比Q先到達波峰，則波的傳播方向沿x軸正向C．若波沿x軸負向傳播，從圖示時刻開始計時，至少再經過0.5s，P質點到達波峰D．若波沿x軸正向傳播，從圖示時刻開始計時，至少再經過3.5s，P質點到達波峰E.若波沿x軸負向傳播，從圖示時刻開始計時，至少再經過1.5s，Q質點到達波峰8、如圖，用一根電阻為2R粗細均勻的銅導線制成半徑為r的圓環，PQ為圓環的直徑，其左右兩側存在垂直于圓環所在平面的勻強磁場，磁感應強度大小均為B，但方向相反．一根長度為2r、電阻為R的金屬棒MN繞著圓環的圓心O點緊貼著圓環以角速度ω沿順時針方向勻速轉動，轉動過程中金屬棒MN與圓環始終接觸良好，則下列說法(不計金屬棒經過PQ位置瞬間)正確的是A．圓環消耗的電功率是變化的B．金屬棒兩端的電壓大小為Bωr2C．圓環中電流的大小為D．金屬棒旋轉一周的過程中，電流經過金屬棒產生的熱量為9、如圖所示，光滑導軌MN和PQ固定在同一水平面上，兩導軌距離為L，兩端分別接有阻值均為R的定值電阻R1和R2，兩導軌間有一邊長為L2的正方形區域abcd，該區域內有方向豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B.一質量為m的金屬桿與導軌接觸良好并靜止于ab處，現用一恒力F沿水平方向拉桿，使之由靜止向右運動，若桿拉出磁場前已做勻速運動，不計導軌及金屬桿的電阻．則(A．金屬桿出磁場前的瞬間，流過R1的電流大小為2FB．金屬桿穿過整個磁場過程中R1上產生的電熱為1C．金屬桿做勻速運動時的速率v=D．金屬桿穿過整個磁場過程中通過電阻R1的電荷量為B10、在光滑水平面上A、B兩小車中間有一彈簧(不連接)，如圖所示，用手抓住小車并將彈簧壓縮后使小車處于靜止狀態，將兩小車及彈簧看作一個系統，下列說法中正確的是（）A．兩手同時放開后，系統總動量始終為零B．先放開左手，再放開右手后，動量不守恒C．先放開左手，后放開右手，總動量向左D．無論何時放手，兩手放開后，在彈簧恢復原長的過程中，系統總動量都保持不變，但系統的總動量不一定為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖（a）所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電源，可以使用的頻率有20Hz、30Hz和40Hz，打出紙帶的一部分如圖（b）所示．該同學在實驗中沒有記錄交流電的頻率，需要用實驗數據和其他條件進行推算．（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點計時器打出B點時，重物下落的速度大小為_________，打出C點時重物下落的速度大小為________，重物下落的加速度的大小為________.（2）已測得=8.89cm，=9.5.cm，=10.10cm；當重力加速度大小為9.80m/，試驗中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1%．由此推算出為________Hz．12．（12分）圖示是某同學利用打點計時器研究物塊沿傾斜的長木板加速下滑時得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G是紙帶上7個連續的點，把最小刻度為1mm的刻度尺放在紙帶上測量點與點之間的距離。已知打點計時器連接的是頻率為50Hz的交變電流（保留兩位有效數字）。（1）7個連續的點打點計時器最先打出的是________點（2）打下E點時物體的速度為__________m/s。（3）物體運動的加速度為__________m/s2。（4）如果實驗時交變電流的實際頻率略小于50Hz，則速度的測量值和實際值相比是_________（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個圓形線圈匝數n=1000，面積、電阻，在線圈外接一阻值為的電阻。把線圈放入一個勻強磁場中，磁場方向垂直線圈平面向里，磁場的磁感強度B隨時間變化規律如圖所示。求：（1）內，回路中的感應電動勢和感應電流；（2）時，電阻兩端的電壓U。14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標系xoy的一、二象限內，分別存在以虛線OM為邊界的勻強電場和勻強磁場。勻強電場方向沿y軸負方向，勻強磁場方向垂直于xoy平面向里，虛線OM與x軸負方向成45°角。一質量為m、電荷量為+q的帶電粒子從坐標原點O處以速度v0沿x軸正方向運動，粒子每次到x軸將反彈，每次反彈水平分速度不變、豎直分速度大小均減為反彈前的倍、方向相反。電場強度大小為，磁感應強度大小為，求：（不計粒子重力，題中各物理量單位均為國際單位，計算結果可用分式表示）（1）帶電粒子第一次離開磁場的位置坐標；（2）帶電粒子從開始運動到最后一次離開磁場所需時間；15．（12分）如圖所示，質量為的物體甲通過三段輕繩相連，三段輕繩的結點為O，輕繩OB水平且B端與站在水平地面上的質量為的人相連，輕繩OA與豎直方向的夾角，物體甲及人均處于靜止狀態，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求：（1）輕繩OA、OB受到的拉力是多大？（2）人對地面的摩擦力是多大？方向如何？（3）若人的質量，人與水平面之間的動摩擦因數為，則欲使人在水平面上不滑動，物體甲的質量最大不能超過多少？（，）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

ABCD.假設卡車速度是v0，對小船運動分解，小船的速度為v的沿繩分量與卡車速度相同，如圖：由幾何關系可知，此時卡車的牽引力為再對小船受力分析如圖：由牛頓第二定律可知，小船加速度為故A正確BCD錯誤。故選A。2、A【解析】

試題分析：整個系統處于靜止狀態，設兩側繩子的夾角為β，滑輪兩側繩的拉力，左端移動到P點后，根據幾何關系可知，此時兩繩的夾角β增大，所以兩側繩的拉力變大，由幾何知識可知，圖中角θ大小是兩繩的夾角大小的一半，由于滑輪兩側繩的夾角增大，所以角θ增大，故A正確；B、C、D錯誤．考點：共點力作用下的平衡；力的合成【名師點睛】本題主要考查了共點力作用下的平衡和力的合成的應用．屬于容易題．解決這類問題主要是求出繩子拉力的表達式，然后根據函數的增減性，判斷繩子拉力的變化趨勢．還要知道滑輪兩側的細繩的拉力大小相等．3、D【解析】變壓器原副線圈兩端電壓等于原副線圈匝數之比，正弦交流電壓有效值保持不變，所以副線圈按兩端的電壓不變，滑片下移，滑動變阻器接入電路中的電阻增大，副線圈總電流減小，R兩端的電壓減小，燈泡兩端的電壓增大，所以燈泡不能正常發光，由于副線圈總電流減小，副線圈電功率減小，變壓器的輸入功率等于輸出功率，則原線圈輸入功率減小，正弦交流電壓不變，所以輸入電流變小，故D正確，ABC錯誤。4、C【解析】試題分析：根據衰變規律，發生一次α衰變減少兩個質子和兩個中子，發生一次β衰變減少了一個中子而增加一個質子.中性原子的電子數等于質子數.考點：原子核轉變衰變點評：本題解題關鍵是掌握衰變過程中的質量數和電荷數守恒的應用，同時要明確質量數、電荷數、中子數之間關系．5、D【解析】

A.溫度是分子平均動能的標志，所以溫度不變，分子的平均動能不變，故A正確；B.物體的溫度越高，分子的平均動能越大，即分子熱運動越劇烈，故B正確；C.物體的內能就是物體內部所有分子的熱運動動能和分子勢能的總和，故C正確；D.布朗運動是固體小顆粒的無規則運動，是由液體分子的不規則碰撞引起的，故D錯誤。6、B【解析】

“人造太陽”利用類似于太陽的核聚變原理產生能量，與核電站中的核裂變不同，其核聚變方程式為：1A.92238B.13C.92235D.24二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】從圖中可知，因為Q點相繼出現兩個波峰的時間為4s，，即，故波速，A正確；若波沿x軸正方向傳播，根據走坡法可知此時P質點向下振動，到達波峰的時間大于，而Q質點正向上振動，到達波峰的時間為，故B錯誤；若波沿x軸負方向傳播，則在圖示時刻質點P正向上振動，若質點P到達波峰，則相當于后面的波峰傳到了x=1m處，故經歷時間，當n=0時所需時間最短，最短為0.5s，故C正確；若波沿x軸正方向運動，則在圖示時刻質點P正向下振動，根據平移法可得經歷時間，當n=0時所需時間最短，最短為3.5s，故D正確；若波沿x軸負方向傳播，Q還需時間到達波峰，E錯誤．8、BC【解析】

BC.由右手定則，MN中電流方向由N到M，根據法拉第電磁感應定律可得，產生的感應電動勢為兩者之和，即，保持不變.環的電阻由兩個電阻為R的半圓電阻并聯組成，所以環的總電阻為，所以通過導體MN的電流：;MN兩端的電壓：,所以流過環的電流：;故B正確，C正確.A.綜上分析可知，流過環的電流不變，則環消耗的電功率不變;故A錯誤.D.MN旋轉一周外力做功為;故D錯誤.9、CD【解析】

A、桿拉出磁場前已做勻速運動，設流過金屬桿中的電流為I，由平衡條件得：F=BIL/2解得I=2F/BL所以R1中的電流大小I1=I/2=F/BL，方向從M到PBC、設桿做勻速運動的速度為v，桿切割磁感線產生的感應電動勢大小為：E=BvL/2由閉合電路歐姆定律：E=IR/2可解得：v=2FR/設整個過程電路中產生的電熱為Q，根據能量守恒定律：Q=FL/2-m代入v可得Q=使R1上產生的電熱Q1=12D、根據電荷量的定義可知：q=It=ΔΦR總=BL22R而流過R10、ABCD【解析】

A、若兩手同時放開A、B兩車，系統所受合外力為零，系統動量守恒，由于系統初動量為零，則系統總動量為零，故A正確；先放開左手，再放開右手，此過程中兩車與彈簧組成的系統所受合外力不為零，系統動量不守恒，但是兩手都放開后，系統的合力為零，動量守恒，故B錯誤；先放開左手，再放開右手，系統所受合外力向左，系統所受合外力的沖量向左，系統總動量向左，故C正確；無論何時放手，兩手放開后，系統所受合外力為零，系統動量守恒，在彈簧恢復原長的過程中，系統總動量都保持不變，如果同時放手，系統總動量為零，如果不同時放手，系統總動量不為零，則系統的總動量不一定為零，故D正確；故選ACD．【點睛】本題考查了動量守恒的判斷，知道動量守恒的條件即可正確解題，系統所受合外力為零時，系統動量守恒.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、40【解析】

（1）[1]打B點時，重物下落的速度等于AC段的平均速度，所以；[2]同理打出C點時，重物下落的速度；[3]由加速度的定義式得（2）[4]由牛頓第二定律得：，解得：，代入數值解得：f=40Hz．【點睛】本題主要考查驗證機械能守恒定律實驗、紙帶數據分析．解決這類問題的關鍵是會根據紙帶數據求出打某一點的瞬時速度、整個過程的加速度；解決本題要特別注意的是打點計時器的頻率不是經常用的50Hz．12、A0.605.0偏大【解析】

第一空.因為小車做加速運動，所以打點越來越稀，所以7個連續的點打點計時器最先打出的是A點；第二空.打下E點時物體的速度為DF段平均速度第三空.由逐差法得：物體運動的加速度第四空.交變電流的周期與頻率相為倒數，如果實驗時交變電流的實際頻率略小于50Hz，所以打點周期變長，也就是T>0.02s。但求解時打點周期仍要將0.02s代入，所以求得的速度較真實的速度要偏大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1V；0.2A；（2）1