2022年內蒙古自治區呼和浩特市第十中學高三物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.A、B、C、D分別是一個菱形的四個頂點，∠ABC=120°。現將三個等量的正點電荷＋Q固定在A、B、C三個頂點上，將一個電量為-q的點電荷依次放在菱形中心點O點和另一個頂點D點處，兩點相比A．D點的電場強度大于O點的電場強度B．D點的電勢高于O點的電勢C．-q在D點所具有的電勢能較大D．-q在D點所受的電場力較小參考答案：CD2.某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計空氣阻力，g取10m/s2。5s內物體的()A．路程為65mB．位移大小為25m，方向向上C．速度改變量的大小為10m/sD．平均速度大小為13m/s，方向向上參考答案：AB3.如圖所示,靜止的彈簧秤受到大小都為4N的拉力F1、F2的作用,彈簧秤的示數為 ( )A.0 B.4N C.8N D.無法確定參考答案：B4.正弦交變電源與電阻R、交流電壓表按照圖1所示的方式連接，R=10Ω，交流電壓表的示數是10V。圖2是交變電源輸出電壓u隨時間t變化的圖象。則

Ａ．通過R的電流iR隨時間t變化的規律是iR=cos100πt(A)Ｂ．通過R的電流iR隨時間t變化的規律是iR=cos50πt(V)Ｃ．R兩端的電壓uR隨時間t變化的規律是uR=5cos100πt(V)Ｄ．R兩端的電壓uR隨時間t變化的規律是uR=5cos50πt(V)參考答案：A5.（單選）如圖所示的調壓器，滑動觸頭P和Q都可以調節，在輸入交變電壓一定的條件下，要使輸出電壓增大，輸入電流增大，下列做法正確的是 A．Q不動，P向下移動 B．Q不動，P向上移動 C．P不動．Q向下移動 D．P不動．Q向上移動參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.后，該礦石中的鈾、釷質量之比為___________．參考答案：39：1157.如圖所示，勁度系數為的輕彈簧B豎直固定在桌面上．上端連接一個質量為m的物體，用細繩跨過定滑輪將物體m與另一根勁度系數為的輕彈簧C連接。當彈簧C處在水平位置且束發生形變時．其右端點位于a位置。現將彈簧C的右端點沿水平方向緩慢拉到b位置時，彈簧B對物體m的彈力大小為，則ab間的距離為________。參考答案：下端彈簧仍處于壓縮狀態時，；下端彈簧處于拉伸狀態時，8.實驗室給同學們提供了如下實驗器材：滑輪、小車、小木塊、長木板、停表、砝碼、彈簧測力計、直尺，要求同學們用它們來粗略驗證牛頓第二定律．(1)實驗中因涉及的物理量較多，必須采用

法來完成該實驗．(2)某同學的做法是：將長木板的一端墊小木塊構成一斜面，用小木塊改變斜面的傾角，保持滑輪小車的質量不變，讓小車沿不同傾角的斜面由頂端無初速釋放，用停表記錄小車滑到斜面底端的時間．試回答下列問題：①改變斜面傾角的目的是：__________________________________________

.②用停表記錄小車下滑相同距離(從斜面頂端到底端)所經歷的時間，而不是記錄下滑相同時間所對應的下滑距離，這樣做的原因是

.

(3)如果要較準確地驗證牛頓第二定律，則需利用打點計時器來記錄小車的運動情況．如下圖是某同學得到的一條用打點計時器打下的紙帶，并在其上取了O、A、B、C、D、E、F共7個計數點(圖中每相鄰兩個計數點間還有4個打點計時器打下的點未畫出)，打點計時器接的是50Hz的低壓交流電源．他將一把毫米刻度尺放在紙上，其零刻線和計數點O對齊．由以上數據可計算打點計時器在打A、B、C、D、E各點時物體的瞬時速度，其中打E點時的速度是________m/s．加速度的大小是

m/s2。(取三位有效數字)參考答案：(1)控制變量(2)①改變小車所受的合外力②記錄更準確(或：更容易記錄，記錄誤差會更小，時間更容易記錄，方便記錄，方便計時，位置很難記錄等類似答案均正確)（3）0.233±0.003

0.3449.沿x軸負方向傳播的簡諧波，t=0時刻的波形圖如圖所示，已知波速為10m/s，質點P的平衡位置為x=17m，P點振動頻率為__________Hz，則P點至少再經__________s可達波峰。參考答案：0.5Hz

1.3s10.水平放置相互靠近的帶電平板上極板帶正電，下極板帶負電，兩極板間電勢差為U，一束射線沿兩板中央軸線射入，結果發現熒光屏MN位于軸線上方的某處出現亮點，由此可判斷組成該射線的粒子所帶的電是______電（填“正”或“負”）；若每個粒子所帶電量的大小為q，則打到熒光屏上粒子的動能增量最大值為___________（粒子重力不計）．

參考答案：答案：負

uq/211.質量為0.4kg的小球甲以速度3m/s沿光滑水平面向右運動，質量為4kg的小球乙以速度5m/s沿光滑水平面向左運動，它們相碰后，甲球以速度8m/s被彈回，求此時乙球的速度大小為

m/s，方向

。參考答案：3.9，水平向左

12.小明同學在學習機械能守恒定律后，做了一個實驗，將小球從距斜軌底面高h處釋放，使其沿豎直的圓形軌道（半徑為R）的內側運動，在不考慮摩擦影響的情況下，（Ⅰ）若h＜R，小球不能通過圓形軌道最高點；（選填“能”或“不能”）（Ⅱ）若h=2R，小球不能通過圓形軌道最高點；（選填“能”或“不能”）（Ⅲ）若h＞2R，小球不一定能通過圓形軌道最高點；（選填“一定能”或“不一定能”）參考答案：考點：機械能守恒定律．專題：機械能守恒定律應用專題．分析：小球恰好能通過圓弧軌道最高點時，重力提供向心力，根據向心力公式求出到達最高點的速度，再根據機械能守恒定律求出最小高度即可求解．解答：解：小球恰好能通過最高點，在最高點，由重力提供向心力，設最高點的速度為v，則有：

mg=m，得：v=從開始滾下到軌道最高點的過程，由機械能守恒定律得：

mgh=2mgR+解得：h=2.5R所以當h＜2.5R時，小球不能通過圓形軌道最高點，Ⅰ．若h＜R，小球不能通過圓形軌道最高點；Ⅱ．若h=2R，小球不能通過圓形軌道最高點；Ⅲ．若h＞2R，小球不一定能通過圓形軌道最高點．故答案為：Ⅰ．不能；Ⅱ．不能；Ⅲ．不一定能點評：本題的突破口是小球恰好能通過最高點，關鍵抓住重力等于向心力求出最高點的速度．對于光滑軌道，首先考慮能否運用機械能守恒，當然本題也可以根據動能定理求解．13.如圖所示，一定質量的理想氣體發生如圖所示的狀態變化，狀態A與狀態B的體積關系為VA

▲VB(選填“大于”、“小于”或“等于”)；若從A狀態到C狀態的過程中氣體對外做了100J的功，則此過程中____▲___(選填“吸熱”或“放熱”)參考答案：小于

,

吸熱三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（選修3-4）（6分）如圖所示，己知平行玻璃磚的折射率，厚度為。入射光線以入射角60°射到玻璃磚的上表面，經玻璃磚折射從下表面射出，出射光線與入射光線平行，求兩平行光線間距離。（結果可用根式表示）參考答案：解析：∵n=

∴r=300

（2分）

光路圖如圖所示

∴L1=d/cosr=

（2分）

∴L2=L1sin300=

（2分）15.（2013?黃岡模擬）某種材料的三棱鏡截面ABC如圖所示，底邊BC水平且鍍銀，其中∠A=90°，∠B=60°，一束豎直向下的光束從AB邊上的M點入射，經過BC面反射后，從AC邊上的N點平行于BC邊射出，且MN連線平行于BC．求：（Ⅰ）光線在M點的折射角；（Ⅱ）三棱鏡的折射率．（可用根式表示）參考答案：（Ⅰ）光線在M點的折射角是15°；（Ⅱ）三棱鏡的折射率是．考點： 光的折射定律．專題： 光的折射專題．分析： （Ⅰ）由幾何知識求出光線在M點的入射角和折射角．（Ⅱ）運用折射定律求解三棱鏡的折射率．解答： 解：（Ⅰ）如圖，∠A=90°，∠B=60°，∠C=30°．由題意可得∠1=∠2=60°，∠NMQ=30°，∠MNQ=60°．根據折射定律，可得：∠PMQ=∠PNQ．根據反射定律，可得：∠PMN=∠PNM．即為：∠NMQ+∠PMQ=∠MNQ﹣∠PNQ．故折射角∠PMQ=15°（Ⅱ）折射率n==答：（Ⅰ）光線在M點的折射角是15°；（Ⅱ）三棱鏡的折射率是．點評： 本題是幾何光學問題，作出光路圖，運用幾何知識求出入射角和折射角是解題的關鍵之處，即能很容易解決此類問題．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（計算）（2013?鄭州二模）兩束平行的細激光束，垂直于半圓柱玻璃的平面射到半圓玻璃上，如圖所示．已知其中一條光線沿直線穿過玻璃，它的入射點是O；另一條光線的入射點為A，穿過玻璃后兩條光線交于P點．已知玻璃截面的圓半徑為R，OA=，玻璃材料的折射率為，求OP的長度．參考答案：OP的長度為R．光的折射專題解：作出光路如圖所示，在半圓面上的入射點為B，入射角設為i，折射角設為r．則n=且sini==聯立解得，r=60°由幾何關系知∠BOP=∠POB=30°OP=2Rcos30°=R答：OP的長度為R．17.如圖所示，在空間坐標系x<0區域中有豎直向上的勻強電場E1，在一、四象限的正方形區域CDEF內有方向如圖所示的正交的勻強電場E2和勻強磁場B，已知CD=2L，OC=L，E2=4E1。在負x軸上有一質量為m、電量為+q的金屬a球以速度V0沿x軸向右勻速運動，并與靜止在坐標原點O處用絕緣細支柱支撐的（支柱與b球不粘連、無摩擦）質量為2m、不帶電金屬b球發生彈性碰撞。已知a、b球體積大小、材料相同且都可視為點電荷，碰后電荷總量均分，重力加速度為g，不計a、b球間的靜電力，不計a、b球產生的場對電場、磁場的影響，求：（1）碰撞后，a、b球的速度大小；（2）a、b碰后，經時a球到某位置P點，求P點的位置坐標；（3）a、b碰后，要使b球不從CD邊界射出，求磁感應強度B的取值。參考答案：（1）（2）（3）【分析】（1）a、b碰撞，由動量守恒和能量守恒關系求解碰后a、b的速度；（2）碰后a在電場中向左做類平拋運動，根據平拋運動的規律求解P點的位置坐標；（3）要使b球不從CD邊界射出，求解恰能從C點和D點射出的臨界條件確定磁感應強度的范圍.【詳解】（1）a勻速，則：①ab碰撞，動量守恒：②機械能守恒：③由②③得④（2）碰后a、b電量總量平分，則碰后a在電場中向左做類平拋運動，設經時a球到P點的位置坐標為（x，y）⑤

⑥其中⑦,由⑤⑥⑦得，故P點的位置坐標為（-，-）⑧（3）碰撞后對b:⑨故b做勻速圓周運動，則：⑩得b恰好從C射出,則：?由??得：?恰從D射出，則由幾何關系：?，得綜上，?故要使b不從CD邊界射出，則B的取值范圍滿足：?【點睛】本題考查帶電粒子在電磁場中的運動以及動量守恒定律及能量守恒關系，注意在磁場中的運動要注意幾何關系的應用，在電