2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、三點構成等邊三角形，邊長為，勻強電場方向與構成的平面夾角30°，電勢，，下列說法正確的是（）A．場強大小為B．場強大小為C．將一個正電荷從點沿直線移到點，它的電勢能一直增大D．將一個正電荷從點沿直線移到點，它的電勢能先增大后減小2、一定質量的理想氣體，其狀態變化的P-T圖像如圖所示。氣體在由狀態1變化到狀態2的過程中，下列說法正確的是A．分子熱運動的平均速率增大B．分子熱運動的平均速率減小C．單位體積內分子數增多D．單位面積、單位時間內撞擊器壁的分子數增多3、圖甲為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，圖甲中質點Q運動到負向最大位移處時，質點P剛好經過平衡位置。圖乙為質點P從此時刻開始的振動圖像。下列判斷正確的是（）A．該波的波速為40m/sB．質點P的振幅為0C．該波沿x軸負方向傳播D．Q質點在0.1s時的速度最大4、在光滑的水平桌面上有兩個質量均為m的小球，由長度為2l的拉緊細線相連．以一恒力作用于細線中點，恒力的大小為F，方向平行于桌面．兩球開始運動時，細線與恒力方向垂直．在兩球碰撞前瞬間，兩球的速度在垂直于恒力方向的分量為（）A． B． C． D．5、如圖所示，輕質彈簧下端固定，上端與一質量為m的物塊連接，物塊經過點時速度大小為，方向豎直向下。經過t秒物塊又回到點。速度大小為，方向豎直向上，則在時間內（）A．物塊受到彈簧力的沖量大小為B．物塊受到合力的沖量大小為C．彈簧彈力對物塊所做的功大小為D．合力對物塊所做的功大小為6、在豎直平衡（截面）內固定三根平行的長直導線a、b、c，通有大小相等、方向如圖所示的電流．若在三根導線所在空間內加一勻強磁場后，導線a所受安培力的合力恰好為零，則所加磁場的方向可能是（）A．垂直導線向左B．垂直導線向右C．垂直紙面向里D．垂直紙面向外二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是（）A．隨著分子間距離的增大，分子勢能一定先減小后增大B．把細玻璃棒尖端放在火焰上燒熔，它的尖端就會變鈍，這跟表面張力有關C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向同性的特點D．對于一定質量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸收熱量E.熱力學第二定律使人們認識到，一切與熱現象有關的宏觀自然過程都是有方向性的8、豎直懸掛的彈簧振子由最低點B開始作簡諧運動，O為平衡位置，C為最高點，規定豎直向上為正方向，振動圖像如圖所示。則以下說法中正確的是（）A．彈簧振子的振動周期為2.0sB．t=0.5s時，振子的合力為零C．t=1.5s時，振子的速度最大，且豎直向下D．t=2.0s時，振子的加速度最大，且豎直向下9、關于熱力學定律，下列說法正確的是（）A．氣體吸熱后溫度一定升高B．對氣體做功可以改變其內能C．理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D．熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個系統分別與狀態確定的第三個系統達到熱平衡，那么這兩個系統彼此之間也必定達到熱平衡10、以下說法正確的是A．晶體具有各向同性，而非晶體具有各向異性B．液體表面張力與重力有關，在完全失重的情況下表面張力消失C．對于一定的液體和一定材質的管壁，管內徑的粗細會影響液體所能達到的高度D．飽和汽壓隨溫度而變，溫度越高飽和汽壓越大E.因為晶體熔化時吸收的熱量只增加了分子勢能，所以熔化過程中晶體溫度不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示裝置探究鉤碼和小車（含砝碼）組成的系統的“功能關系”實驗中，小車碰到制動擋板時，鉤碼尚未到達地面。(1)平衡摩擦力時，________（填“要”或“不要”）掛上鉤碼；(2)如圖乙是某次實驗中打出紙帶的一部分，O、A、B、C為4個相鄰的計數點，相鄰的兩個計數點之間還有4個打出的點沒有畫出，所用交流電源的頻率為50Hz通過測量，可知打點計時器打B點時小車的速度大小為________（結果保留兩位有效數字）；(3)某同學經過認真、規范的操作，得到一條點跡清晰的紙帶，他把小車開始運動時打下的點記為O，再依次在紙帶上取等時間間隔的1、2、3、4、5、6等多個計數點，可獲得各計數點到O的距離s，及打下各計數點時小車的瞬時速度v。如圖丙是根據這些實驗數據繪出的圖象，已知此次實驗中鉤碼的總質量為0.15kg，小車中砝碼的總質量為0.50kg，取重力加速度，根據功能關系由圖象可知小車的質量為________kg（結果保留兩位有效數字）；(4)研究實驗數據發現，鉤碼重力做的功總略大于系統總動能的增量，其原因可能是________。A．鉤碼的重力大于細線的拉力B．未完全平衡摩擦力C．在接通電源的同時釋放了小車D．交流電源的實際頻率大于50Hz12．（12分）為了測量一待測電阻Rx的阻值，準備了以下器材：A．多用電表B．電流表G1（0~100mA，內阻約5Ω）C．電流表G2（0~50mA，內阻r2=10Ω）D．定值電阻R0（20Ω）E.滑動變阻器R1（0~5Ω）F.滑動變阻器R2（0~100Ω）G.直流電源（3.0V，內阻不計）H.開關一個及導線若干（1）用多用電表歐姆表“×1”擋粗測電阻時，其阻值如圖甲中指針所示，則Rx的阻值大約是_______Ω。（2）滑動變阻器應選________（填儀器前的序號）。（3）若是用G2表測Rx兩端電壓，請在圖乙對應的虛線框中完成實驗電路設計（要求：滑動變阻器便于調節，電表讀數不得低于量程的）。（________）（4）補全實驗步驟：a.按圖乙所示電路圖連接電路，將變阻器滑動觸頭移至最________端（選填“左”或“右”）；b.閉合開關S，移動變阻器滑動觸頭至某一位置，記錄G1、G2表的讀數I1、I2；c.多次移動變阻器滑動觸頭，記錄相應的G1、G2表的讀數I1、I2；d.以I2為縱坐標，I1為橫坐標，作出相應圖線如圖丙所示，則待測電阻Rx的阻值為________Ω（保留兩位有效數字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，薄木板在外力F的作用下帶著小物塊一起沿粗糙水平面向右勻速運動，薄木板的質量M=5kg，小物塊的質量m=1kg，小物塊位于薄木板的最右端，薄木板和小物塊與水平地面的摩擦因數分別為μ1=0.5、μ2=0.2。從某時刻開始，外力F大小不變方向相反的作用在薄木板上，g取10m/s2。求：(1)外力F的大小；(2)忽略薄木板的高度，當小物塊靜止時，距薄木板的右端L=15.5m，則兩者一起勻速運動的速度是多少？14．（16分）如圖所示，一根直桿AB與水平面成某一角度自定，在桿上套一個小物塊，桿底端B處有一彈性擋板，桿與板面垂直．現將物塊拉到A點靜止釋放，物塊下滑與擋板第一次碰撞前后的v-t圖象如圖乙所示，物塊最終停止在B點．重力加速度為取g=10m/s1．求:(1)物塊與桿之間的動摩擦因數μ；(1)物塊滑過的總路程s．15．（12分）如圖所示，水平地面上有兩個靜止的物塊A和B，A、B的質量分別為m1＝2kg，m2＝1kg，它們與地面間的動摩擦因數均為μ＝0.5?，F對物塊A施加一大小I＝40N·s，水平向右的瞬時沖量，使物塊A獲得一個初速度，t＝1s后與物塊B發生彈性碰撞，且碰撞時間很短，A、B兩物塊均可視為質點，重力加速度g＝10m/s2。(1)求A與B碰撞前瞬間，A的速度大??；(2)若物塊B的正前方20m處有一危險區域，請通過計算判斷碰撞后A、B是否會到達危驗區域。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．勻強電場在構成的平面上的電場強度分量因為電勢，，所以AB為等勢線，電場線與AB垂直指向C，則解得故A錯誤，B正確；C．根據，將一個正電荷從點沿直線移到點，電勢一直降低，它的電勢能一直減小，故C錯誤；D．因為AB為等勢線，所以將一個正電荷從點沿直線移到點，它的電勢能不變，故D錯誤。故選B。2、A【解析】

本題考查分子動理論?！驹斀狻緼B．溫度是分子熱運動平均動能的標志，溫度升高，分子熱運動平均動能增加，分子熱運動的平均速率增大，A正確，B錯誤；C．由理想氣體狀態方程，溫度升高，壓強變小，體積變大，單位體積內分子數減少，C錯誤；D．溫度升高，分子熱運動的平均速率增大，壓強卻減小了，故單位面積，單位時間內撞擊壁的分子數減少，D錯誤；故選A。3、C【解析】

AC．根據題意可知，圖乙為質點P從此時開始的振動圖像，得出質點向下振動，則可確定波的傳播方向為x軸負方向傳播，再由振動圖像與波動圖像可知，波速故A錯誤，C正確；B．振幅為質點離開平衡位置的最大距離，由圖乙可知，質點P的振幅為20cm，故B錯誤；D．周期為0.2s，經過0.1s即半周期，質點Q振動到波峰位置即速度為0，故D錯誤。故選C。4、B【解析】以兩球開始運動時細線中點為坐標原點，恒力F方向為x軸正方向建立直角坐標系如圖1，設開始到兩球碰撞瞬間任一小球沿x方向的位移為s，根據對稱性，在碰撞前瞬間兩球的vx、vy、v大小均相等，對其中任一小球，在x方向做初速度為零的勻加速直線運動有：；；

；細線不計質量，F對細線所做的功等于細線對物體所做的功，故對整體全過程由動能定理有：F（s+l）=2×mv2；由以上各式解得：

，故選B．5、B【解析】

AB．以小球為研究對象，取向上為正方向，整個過程中根據動量定理可得得受到合力的沖量大小為小球所受彈簧彈力沖量的大小為選項A錯誤，B正確；CD.整個過程中根據動能定理可得而整個過程重力做功WG=0得合力對物塊所做的功大小為小球所受彈簧彈力做功的大小為選項CD錯誤。故選B。6、D【解析】

根據安培定則可知，導線b在a處的磁場向里，導線c在a處的磁場向外，因b離a較近，可知bc在a處的合磁場垂直紙面向里；因導線a所受安培力的合力恰好為零，可知a處所加磁場的方向為垂直紙面向外；A．垂直導線向左，與結論不相符，選項A錯誤；B．垂直導線向右，與結論不相符，選項B錯誤；C．垂直紙面向里，與結論不相符，選項C錯誤；D．垂直紙面向外，與結論相符，選項D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】

A．隨著分子距離的增大，若分子力從斥力變為引力，分子力先做正功，后做負功，則分子勢能先減小后增大，若分子力一直表現為引力，隨著分子間距離的增大，分子力一直做負功，分子勢能一直增大，故A錯誤；B．細玻璃棒尖端放在火焰上燒熔，它的尖端就會變鈍，這跟表面張力有關，故B正確；C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點，故C錯誤；D．對于一定質量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，根據理想氣體狀態方程可知氣體的溫度升高，則內能增大，由于氣體對外做功，則它一定從外界吸收熱量，故D正確；E．自然界中只要涉及熱現象的宏觀過程都具有方向性，故E正確。故選BDE。8、ABC【解析】

A．周期是振子完成一次全振動的時間，根據圖像可知振子的周期是，A正確；B．由圖可知，時，振子位于平衡位置處，所以受到的合力為零，B正確；C．由圖可知，時，振子位于平衡位置處，對應的速度最大；此時刻振子的位移方向從上向下，即振子的速度方向豎直向下，C正確；D．由圖可知，彈簧振子在時位移負的最大位移處，所以回復力最大，方向向上，則振子的加速度最大，且豎直向上，D錯誤。故選ABC。9、BDE【解析】

A．氣體吸熱后，若再對外做功，溫度可能降低，故A錯誤；B．改變氣體內能的方式有兩種：做功和熱傳導，故B正確；C．理想氣體等壓膨脹過程是吸熱過程，故C錯誤；D．根據熱力學第二定律，熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；E．如果兩個系統分別與狀態確定的第三個系統達到熱平衡，那么這兩個系統彼此之間也必定達到熱平衡，否則就不會與第三個系統達到熱平衡，故E正確。故選BDE．【點睛】本題主要考查了熱力學定律、理想氣體的性質．此題考查了熱學中的部分知識點，都比較簡單，但是很容易出錯，解題時要記住熱力學第一定律E=W+Q、熱力學第二定律有關結論以及氣體的狀態變化方程等重要的知識點．10、CDE【解析】

A．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體各向異性，多晶體各向同性，非晶體各向同性，故A錯誤；B．液體表面張力是微觀的分子引力形成的規律，與宏觀的超失重現象無關，則在完全失重的狀態下依然有表面張力的現象，故B錯誤；C．浸潤現象中，浸潤液體在細管中上升時，管的內徑越小，液體所能達到的高度越高，故對于一定的液體和一定材質的管壁，管內徑的粗細會影響液體所能達到的高度，則C正確；D．飽和汽壓與溫度有關，溫度越高飽和汽壓越大，故D正確；E．晶體熔化時吸收熱量，導致內能增大，但只增加了分子勢能，故熔化過程中晶體溫度不變，故E正確。故選CDE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、不要0.720.85BD【解析】

(1)[1]．小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力作用，為了在實驗中能夠把細線對小車的拉力視為小車的合外力，則應該用重力的下滑分力來平衡摩擦力，在平衡摩擦力時，不掛鉤碼，但要連接紙帶。

(2)[2]．相鄰的兩個計數點之間還有4個打出的點沒有畫出，計數點間的時間間隔為T=0.02×5s=0.1s根據勻變速直線運動的規律可知，一段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，打B點的速度為(3)[3]．設鉤碼的質量為m，小車的質量為M，小車中砝碼的質量為m'，對系統，由動能定理得整理得v2-x圖象的斜率解得M=0.85kg。(4)[4]．A．鉤碼的重力大于細線的拉力，不影響鉤碼重力做系統做的功，故A錯誤；

B．長木板的右端墊起的高度過低，未完全平衡摩擦力時，則摩擦力做負功，系統總動能的增量小于鉤碼重力做的功，故B正確；

C．接通電源的同時釋放了小車，只會使得紙帶上一部分點不穩定，不影響做功與動能的增量，故C錯誤；

D．交流電源的實際頻率大于50Hz，如果代入速度公式的周期為0.02s，比真實的周期大，則求出來的速度偏小，則動能偏小，故D正確。

故選BD。12、9（或9.0）E左10【解析】

（1）[1]多用電表用歐姆表盤的讀數乘以倍率即為待測電阻阻值（2）[2]滑動變阻器采用分壓式接入電路，所以選擇阻值較小的滑動變阻器便于調節分壓，即選E。（3）[3]電路中沒有電壓表，電流表的內阻已知，可作為電壓表使用，電流表采用外接方式可以消除系統誤差，使測量結果更精確，定值電阻串聯在分壓電路上，起到保護電路的作用，電路圖如圖。（5）[4]滑動變阻器的觸頭在