【金榜】為廣大考研學子提供考研資主要包括 ，勤思，凱程等機構的絡課程和相關資料 相關售后，不要耽誤學習進程。網絡課 概況考研公共課【政，英，數】，目前只更新【】的課程，要保證課程更新的進度 【教育學】全科簽約全程聯報 【中醫綜合】全科簽約全程聯報【法律】全科導師全程聯報 【應用統計】全科簽約全程聯報【 管理類】聯考綜合能力全科導師全程聯報 【翻譯】全科簽約全程聯報【MBA提前面試】復試聯報A 【工程管理全科導師全程聯報【西醫綜合】全科簽約全程聯報 【會計MPACC】全科直通車G【計算機基礎綜合】全科導師全程聯報 【歷史學】全科簽約全程聯報【日語(203)】導師全程 【應用心理】導師全程 【音樂學】全科簽約全程聯報班【金融】導師全程·課程信 名稱（考 ，或者 掃 關關注后，聯 ，發送【專業課名稱】即可免費領取相應專業課的資料《2016年考研考點命題思路 計算機網絡嚴格按照計算機考研408統考大綱的計算本書每一個考點中題，絕大部分來源于名校計算機考研和統考，少部分來源名校期末考試試題中的精華部分，是408統考大綱和高校考研的較好結合。為了提高考題的質量和解析的 夢享團隊隊員以、和交通大學3所高校的學生為主，其他名校學生為輔，都是上研的，以及一些考研上參與答疑多年的版主等。在考研復習和輔導上，夢享團隊隊員有著相對豐富的閱歷。在考研的，夢享團隊隊員也經歷過計算機考研的同學注重基礎知識的掌握，更加看重實戰能力。但目前的考研絕大為了提高的性，本套嚴格按照408統考大綱編寫，涵蓋了統考大綱所有指定的內容，并融合了名校考研的精華，是408統考大綱和高?？佳械目佳袨橹?，多方借鑒眾多高校從事多年教育的教師課堂資料。夢享考研系列通過對統考大綱和高?？佳械纳钊肫饰龊涂偨Y，精心規劃和部署了各個章節，對每一個章節的考點作了獨家策劃，使得本套組織嚴謹，結構清業課之外，還有數和政治，復習工作量相當大。所以，突出重點，讓把極其有限的時間都花在刀刃上，是的首要工作。而提高的實戰能力，是系列的最終目的。因此，在考題的挑選上，通過對統考和自主命題高校常出現的考題類型和知識點進行深入的總結，拋開在統考或者自主命題的考研上極少出現的極難、極易、極偏知識點，精心挑選了和考研難度相近的題型和考題供大家練習，提高的實戰能力。此外，還根據考點的重要程度來完成考點內容分布，在較重要的考點部署較多的內容，在較重要的內容部署較多題，在較為不重要的知識點抓住重點布置題型。生在更短的時間內掌握的知識點。了？不是的，其實考題并不多，并不提倡題海戰術，也不提倡對于同一個知識點反復具代表性題供大家實戰訓練，并對這些習題進行詳細、深入的剖析，問題的本質握的知識?！?016年計算機考研考點命題思路》系列是團隊2年多的汗水結晶，融入了我團隊的集體智慧。另外，感謝團隊新成員單開元、殷巧云、、方、、、白洋等10幾位同學提供的建議和幫助！在接下來的更長時間里，團隊將日益強大，用最誠摯的心和最大的努力，給大家展示出更好的。每年都會合理調整這套，使得這套更加受到大家青夢享團隊會牢牢記住這樣一句話——“助實現夢想，是的夢想！”日夜夜！也祝福2016年考研的，獲得的成功！20155月于第一章計算機網絡體系結 考點1計算機網絡概 考點2計算機網絡體系結構與參考模 第二章物理 考點1通信基 考點2傳輸介 考點3物理層設 第三章數據鏈路 考點1數據鏈路層的功 考點2組 考點3差錯控 考點4流量控制與可靠傳輸機 考點5介質控 考點6局域 考點7廣域 考點8數據鏈路層設 第四章網絡 考點1網絡層的功 考點2路由算 考點3 考點4 考點5路由協 考點6IP組 考點7移動 考點8網絡層設 第五章傳輸 考點1傳輸層提供的服 考點2UDP協 考點3TCP協 第六章應用 考點1網絡應用模 考點2DNS系 考點3 考點4電子郵 考點5 第一章計算機網絡體系結考點1.1計算機網絡的概念、組成和功一．選擇(原書第2題)下列選項中，不屬于計算機網絡基本功能的是 虛擬現 資源共 分布式處 數據通(原書第8題)計算機網絡的最基本功能是 資源共 數據傳 協調負 提供服(原書第11題)關于計算機網絡，以下說法哪個正確 【解析】計算機網路不是簡單的計算機的集合，AB答關于本題，到底該選C、D還是CD，爭議比較大，網上各種資料顯示，這三種答案都一．選擇

考點1.2計算機網絡的分類和發展(原書第3題)早期的計算機網絡是由 ）組成系統 PC機-通信線路-PC (原書第5題)從邏輯功能上來看，計算機網絡可以分為以下 ）兩部分局域網、廣域 數據通信網、服務 服務器、通信子 通信子網、資源子能是負責全網面向應用能是負責全網面向應用的數據處理工作，向用戶提供數據處理能力、數 能力、數資源通信子網的主要任務通信子網的主要任務和通信處理。它主要 (原書第6題)計算機網絡分為局域網、城域網和廣域網，這是按照（ 局域網（LocalArea局域網通常比較小，比如一棟建筑物甚至一個中，若干臺計算機和其他設備所城域網（Metropolitan廣域網（WideAreaNetwork(原書第8題)關于機算機網絡的分類，以下說法中，錯誤的選項是 計算機網絡按照地理范圍劃分，可分為局域網、城域網和廣域按拓撲結構劃分，可分為總線型、星型、環型、樹型和網狀按交換方式劃分，可分為為線路交換網、轉發交換網和混合交換網按傳輸帶寬方式劃分，可分為基帶網和按網絡中使用的操作系統分類NetWare網、WindowsNTUnix網等二．綜合應用題(2題)根據網絡的交換功能分為電路交換、報文交換、分組交換和混合交根據網絡的拓撲結構可以分為星型網、樹型網、總線網、環型網、網狀網根據網絡的覆蓋范圍與規模可分為局域網、城域網和根據網絡的使用范圍分為公用網和網考點 計算機網絡的標準化工作和相關的組一．選擇(原書第1題)ISP是一個機構，它掌握著Internet的 服 請 協 接【解析】Internet之所以具有極強的，來源于其強大的服務功能。目前遍布全世ISP(InternetServiceProvider)，為用戶提供的各種服務已多不勝數。net(原書第2題)計算機網絡中網絡協議的工業標準是（ 一．選擇

(原書第1題)下面有關時延的說法正確的是 時延故而，對同種介質而言，信道越長，時延越長，D答案錯誤。發送時延是指結點在發送數據時使數據塊從結點進入到傳輸所需的時間，也就是從數據塊的第一個比特開始發送算起，到最后一個比特發送完畢所需的時間。發送時延又（發送時延=數據塊長度/信道帶寬據在信道上的最大發送速率，它也常稱為數據在信道上的最大傳輸速率。二．綜合應用題數據發送速率為100Mb/s，從源點到終點一共經過5段鏈路，每段鏈路的長度1km，數據信T1=100×8b/100Mb/s=8×主機即可。最后一個分組發送完畢時（前面9個分組已經發送出去10T1。??2=4×??3=5×1000??÷+(5題)速率b/s，或kb/s,Mb/s,Gb/s等。帶寬，用來表示網絡的通信線路所能傳送的能吞吐量，表示在單位時間內通過某個網絡（或信道、接口）的數據時延，指數據（如一個分組）(原書第8題)假設信上正在的比特數=5×10-10s×1×106b/s=5×10-4b；當數據傳輸率為1Gb/s時，上上正在的比特數=5×10-4s×1×109b/s=5×105b。對于5000km的廣域網，當數據率為1Mb/s時，時延為5000000m÷(2×108體上正在的比特數=2.5×10-2b×1×109b/s=5×107b?？键c2計算機網絡體系結構與參考TCP/IPOSI掌一．選擇(原書第1題)計算機網絡的體系結構是指 )結構(NetworkArchitecture)。故而本題選擇A答案。(原書第3題)在OSI參考模型中，第N層與它之上的第N+1層的關系是 網絡中各結點都有相同的層次不同結點的同等層具有相同的功能同一結點內相鄰層之間通過接口通信每一層使用下層提供的服務,并向其上層提供服務不同結點的同等層按照協議實現對等層之間的通信B答案，第NN+1層接收到的報文添加一個報頭，B答案的描述剛好反加報尾）的過程，如圖1.6所示。(原書第5題)在計算機網絡體系結構中，相鄰層交換的數據單元叫做 對 有SDU、PDU和IDU三種。SDU（ServiceDataUnit）n層待傳送和處理的數據單元。盡管它可能在上層SDU的長度，則SDU需要分拆。分拆SDU再分別用下層PCI封裝形成下層的)AIDU（InterfaceDataUnit）SDUA(原書第9題)下列關于網絡體系結構的描述中正確的是 在網絡分層體系結構中，n層是n+1層的用戶,n-1在網絡分層體系結構中,n層是n-1層的用戶,又是n+1二．綜合應用題上的、資源等）的集合。指用于連接兩個或多個網絡結點的物理傳輸電路，例如，線、同軸電纜、光纜等。通一．選擇

(原書第1題)網絡協議主要要素是 3個要素，即

本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第一章計算機網絡體系結(原 協議是控制兩個對等實體（或者多個實體，水平的）進行通信的規則的集合(原書第6題)下列說法正確的是 【解析】ISO開放系統互連參考模型把網絡協議分為7層，下層協議實體向上層協議實體提供服務，上層協議實體通過服務點(ServiceAccessPoint，SAP)接受下層的服務 點是IP地址，傳輸層的服 責任|第一章計算機網絡體系結(原書第7題)OSITCP/IP Ⅰ．網絡 Ⅲ．應用 二．綜合應用題(3題)協議與服務有何區別？有何關系語法：即數據與控制信息的結構或格式語義：即需要發出何種控制信息，完成何種動作以及做出何種響同步：即事件實現順序的詳細說OSI考點 ISO/OSI參考模型和TCP模一．選擇(原書第2題)下列能夠正確描述OSI參考模型中數據封裝過程的是 數據鏈路層在分組增加了幀頭部，而不僅僅增加源MAC和目的MAC地址，A答案錯控制信息，B答案錯誤。D(原書第5題)在TCP/IP網絡體系結構中( （ 數據鏈路 網絡 傳輸 應用1.7端到端傳輸在兩端設備問建立一條鏈路，就象它們是直接相連的一樣，鏈路建立后，發送端就可以發參考答案： ，參考答案： (原書第7題)開放系統互連參考模型(OSI/RM)將整個網絡功能劃分為七層，它們從 示（與TCP/IP四層參考模型比較。數據鏈路層、網絡層、傳輸層、會話層、表示層和應用層。故而，本題選擇A答案。(原書第12題)在TCP/IP模型中，哪層協議負責控制數據的可靠性、流控制和錯誤恢 應用 傳輸網絡 網絡接口(原書第18題)在OSI環境下下層能向上層提供的兩種不同形式的服務 網絡層的路由器、數據鏈路層的交換機。OSI概念明確地區分開來。通OSI七個層次化的結構模型使不同的系統不同的網絡之間實現二．綜合應用題(原書第2題)試將TCP/IP和OSI的體系結構進行比較。其異同點OSI分七層，自下而上分為物理層、數據鏈路層、網絡層、層、會話層、表問題，并將網際協議IP作為TCP/IP的重要組成部分?！俊课锢韺又饕菫殒溌穼犹峁┮粋€物理連按，以便”透明”鏈路層主要是實現與“相鄰節點”應用層是向網絡使用者提供一個方便有效的網絡應用環境 夢享團隊第二溫馨提示本考點主要考查通信基礎，請溫馨提示本考點主要考查通信基礎，請1.1通信基礎相關概一．選擇(原書第1題)以下關于物理層基本概念的描述中錯誤的是 (原書第4題)通信系統必須具備的三個基本要素是 ) 傳傳信信(原書第13題)同步傳輸與異步傳輸的區別是 異步傳輸的單位是字符而同步傳輸的單位是幀異步傳輸相對于同步傳輸效率較低特殊字符鍵，就發送一個8比特位的ASCII代碼。鍵盤可以在任何時刻發送代碼，這取決(原書第14題)在數據報方式中，在整個傳輸過數據報 )后才能進行通信，通信結束應將虛電路拆除。而數據報服務，網絡層從層接收報文，關于平衡網絡流量：數據報在傳輸過，中繼結點可為數據報選擇一條流量較） 個結點。分組交換，單個分組傳送到相鄰結點，下來后查找轉，轉發到下一個結一．選擇0.62W頻率范圍為3.5～3.9MHz，該信道的最高數據傳輸速率是（ 信道極限數據傳輸速率式中，W為信道帶寬，S為信道所傳輸信號的平均功率，N為信道的噪聲功率，S/N為信號的平均功率和噪聲的平均功率之比（又叫做信噪比。時，信道的最高數據傳輸速率=0.4log2(1+0.62/0.02)=0.4log232=0.4×5=2Mbit/s(原書第4題)根據香農定理帶寬為4000Hz信噪比為30dB的信道容量 80 40 120貝)數表示。由于10lg(S×N)=30dB，得S/N=1000。因此，R=B×10g2(1+S/N)=4000×log )=40KbpsC帶寬的關系。對于二進制數據，若信道帶寬B=3000Hz，則最大數據傳輸速率為（300b/ 3000b/6000b/ 2400b/B=3000Hz，可以直接利用奈奎斯特公式直接求解?？衫霉角笮诺廊萘緾：C=2Hlog2二．綜合應用題(原書1題)4KHz的信道，若有八種不同的物理狀態來表示數據，信噪比為30dB。按香農定理，最大限制的數據傳輸速率是多少x=10lg（S/NS/N=10x/10按奈奎斯特定理，最大限制的數據速率是C＝2Hlog2V=2×4×log28=24kb/s按香農定理，S/N=10x/10=1030/10=1000C=Hlog2(1+S/N)=4×log 原書第接收端信噪比為30dB信道帶寬為H=3.4KHz，計算信道容量使用香農公式：= 34Kbps已知C=4800b/sH=3.4KHzC=H??????2(1??/??log2(1+S/N)S/N=1.66，換算成dB得2.2dB。1.3編碼與調一．選擇(原書第1題)下列說法正確的是 (原書第3題)調制解調技術主要用于 ）的通信方式中模擬信道傳輸數字數 模擬信道傳輸模擬數 數字信道傳輸數字數 數字信道傳輸模擬數傳輸的信號分類，可把信道分為模擬信道和數字信道。100Mbps ) 此，波特率是數據率的兩倍。故而，當傳輸速率為100Mbps時，波特率是200MBaud，選擇A 是曼徹斯特編碼，選擇B(原書第15題)有一個調制解調器，他的調制星行圖如圖2.3所示。當它傳輸的波特率達到2400時，實際傳輸的比特率為（ 每一個變化可以表示的比特數為n=log2V，解得n=4，比特率=波特率×n，即9600bit/s。故而本題選擇C二．綜合應用題30秒傳輸位數30秒傳輸的漢字數【解析】依題意，調制解調器的數據率為2400b/s，一個字節的傳輸，需要1個停止位，沒有校驗位，還有1個起始位（別忘了起始位。30秒傳輸位數2400bps×30=72000位兩個字節，因此每個漢字傳輸位數（8+1+1）×2=20位?？键c1.4電路交換、報文交換與分組交一．選擇(原書第2題)下列哪種交換方法可使用虛電路？ 分組交 報文交電路交 D.各種方法都一2.7所示，其有以下特點：一次通信具有呼叫建立、數據傳輸和呼叫清除3個階段本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第一章計算機網絡體系結2.7H1與主H5之間建立虛電路連(原書第4題)世界上很多國家都相繼組建了自己國家的公用數據網現有的公用數 (原書第8題)有關交換技術的論述，錯誤的有 )【解析】在第一題中，總結了電路交換的優缺點，并在電路交換的缺點中得出電用，因而信道利用率低的結論。故而，A選擇錯誤。二．綜合應用題(原書第1題)比較各種技術的性能電路交換在數據傳輸之前必須先設置一條完全的通路。路拆除該通路由一對用戶完全占用。電路交換效率不高，適合于較輕和間接式負載使用租用的線路進行通信。 1.5數據報和虛電一．選擇(原書第3題)在數據報方式中，在整個傳輸過數據報 過不同的路由到達目的主機。故而本題選擇C答案。(原書第6題)以下選項中，屬于虛電路操作特點的是 們說了很多了，也可容易地選擇C答案。說，虛電路在傳送過需要建立虛電路，所以B答案錯誤。每個分組并不是自尋址的。所以A答案錯誤。(原書第7題)以下各項中，不是數據報操作特點的是 )【解析】本 數據報服務的特點。數據報服務具有以下特點數據報方式是面向無連接的，無需建立虛電路每一個分組在傳輸過都必須帶有足夠信息，如目的地址與源地址等據傳輸速率為100Mbps，分組大小為1000B，其中頭部大小為20B。若主機H1向主機H2發送一個大小為980000B的文件則在不考慮分組拆裝時間和等待延遲的情況下，從H1發送到H2接收完為止，需要的時間至少是（ 80 B.80.08C.80.16 D.80.24鏈路的數據傳輸速度相同，因此文件傳輸經過最短路徑時所需時間最少，最短路徑經過2t1M×8/100Mbps80ms時，H12個分組交換機的轉發，在兩次轉發完成后，所有分組均到達目的主機。每次轉發的時間為t0=1K×8/100Mbps=0.08ms。t80ms2t080.16ms二．綜合應用題1.(原書第2題)一個數據報分組交換網允許各結點在必要時將收到的分組丟棄。設每一個分組在一次傳輸過平均經過幾段鏈路①從占用通信子網資源方面看：虛電路服務將占用結點交換機的空間，而數據②從時間開銷方面看：虛電路服務有創建連接的時間開銷，對傳送小量的短分組，④從健壯性方面看：通信線路的故障對虛電路服務是致命的因素，但對數據報服務(原書第3題)3段組成（兩個轉接點，每段的1024bit9600bps，試分別計算在下列各種16bit已知呼叫建立時間Tp=0.2s，數據速率R=9600bps，報文長度L=3200bit?？倳r延。其中數據打包消耗時間(本題不考慮該時延)＝數據分組大小/線路速度×節點數， 對于報文交換，時延T=節點數×每個節點的轉發時延＋線路總時延。故-時延。其中數據打包消耗時間＝數據分組大小/線路速度×節點數，數據傳輸時間=數據未T虛電路 ÷2傳輸介 對這4中傳輸介質作一個簡單的了解。除此織襪，還要注意物理層接口的機械特一．選擇(原書第1題)計算機之間可以通過各種傳輸介質相連，常用的傳輸介質雙絞線、同軸電纜和光纖，將它們按傳輸速度由慢到快來排列，順序正確的是（ 光纖的是依次增大的。借助本題，來看看這幾種傳輸介質，如下圖2.11~2.13所示2.13同軸電圖2.11無雙絞線 圖2.12雙絞2.13同軸電 傳輸介質由物理層控 某種意義上可以認為是第0層(原書第5題)在下列說法中 ）是正確的并行傳輸有以下特點傳輸速度快，處理簡單串行通信有以下特串行通信因而比并行通信慢很多，一次一位，傳輸速率低支持長距離傳輸，目前計算機網絡中所使用的傳輸方式均為串行傳輸要引入緩沖區。故而，D(原書第7題)下列哪一項不是物理層的特性 機械特 電氣特傳輸特 功能特電氣特性，指明在接口電纜的各條線上出現的電壓的功能特性，指明某條線上出現的某一電平的電壓表示何種意(原書第11題)雙絞線由兩根相互絕緣的、絞均勻的螺紋狀的導線組成，下列關 它的傳輸速率達(原書第15題)在電纜中有什么好處 僅 僅Ⅰ和 Ⅱ和用體將接收電路、設備或系統包圍起來，防止它們受到外界電磁場的影響(原書第17題)10Base-5中的5代表的是 數據傳輸率 數據傳輸率 最大網段長度500 最大網段長度5公10Mbps，BASEBROAD分別表示基帶和頻分多路復用的寬帶。5、236分別表示傳輸線纜段最大長度分別為500米、185（約200）米和3600米；T表示是采絞線；F表示光纖。二．綜合應用題(1題)0.7dB/km(1kHz時)20dB的到100公里，試應當使衰減降低到多少？ 【解析】因為這種雙絞線的 3物理層一．選擇原書第 )米 【解析】10BaseT集線器）間使用兩對線，其最大長度為100m (原書第7題)當集線器的某個端口收到數據后，具體操作為 到正確的幀。故而，選擇B答案。(原書第9題)用集線器連接的工作站集合 域，也可以分開廣播域。域，也可以分開廣播域。線器連接的工作站集合屬于同一個域，也屬于同一個廣播域。本題選擇A答案。(12題)101010Mbit/s以太網集線器上，則每個站能得到的帶寬為（1010Mbit/s以太網交換機上，則每個站得到的帶寬為（ (14題)以下選項不屬于以太網的“5-4-3”原則是指 (14題)以下選項不屬于以太網的“5-4-3”原則是指)54535而，選擇D答案。 夢享團隊第三據鏈路溫溫馨提示鏈路層的功能主要包括1、向網絡層提供服務；2、鏈路管理（建立、維持 ）；3、幀定界、同步和透明傳輸；4、流量控制和差錯控制。該考點主要考查 一．選擇(原書第4題)設立數據鏈路層的主要目的是將一條原始的由差錯的物理線路變為 （frame在兩個網絡實體之間提供數據鏈路通路的建立、維持和的管理(原書第5題)數據鏈路層向網絡層提供的服務不包括 無確認的無連接服有確認的無連接服 (原書第6題)下列屬于數據鏈路層的功能的是（ Ⅰ、Ⅱ和 Ⅰ、Ⅲ和 Ⅱ、Ⅲ和 Ⅰ、Ⅱ和【解析】本題考查數據鏈路層的主要功能。數據鏈路層的主要功能鏈路管理：數據鏈路的建立、維持和幀同步：接收方能從收到的比特流中區分一幀的開始和結束的地差錯控制：接收方收到有差錯的數據幀時，能檢錯重傳或糾流量控制：發送方發送數據的傳輸率必須使得接收方來得及接本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用必責任|第一章計算機網絡體系結關于幀，再補充一下：IP數據報，在數據鏈路層增加了幀的頭部和尾部，遞交到物理層，物理層對幀數據進行透明的比特傳輸。而在接收方，操作正好相反(3.3所示)二．綜合應用題(2題)數據鏈路(即邏輯鏈路)與鏈路(即物理鏈路)有何區別電路接通了”與的傳輸。因此，數據鏈路比鏈路多了實現通信規程所需要的硬件和。本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第一章計算機網絡體系結電路接通了本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第一章計算機網絡體系結鏈路協議（即鏈路控制規程）是在不太可靠的物理 實現可靠的數據傳輸所必不可溫馨提示408溫馨提示408 一一．選擇 (原書2題)PPP協議在異步傳輸時采用的組幀方式是 字 字符填充 位填充 物理層編碼違例(原書第3題)一個采用字 的數據鏈路層的字節流如表3.1所示01689057那么這個字節流包含了 如表3.2所示。430355744。而且，43個字節。如此計算下去，得到了上面表格的劃分。所以，這個字節流包含了4個幀。40127123456654321

401241234566543213差錯控一．選擇(原書第3題)在CRC碼計算中可以將一個二進制位串與一個只含有0或1兩個系數的一元多項式建立對應關系。例如，與位串101101對應的多項式為 其中檢錯編碼包括奇 和循環冗余碼，糾錯編碼包括海明碼。奇 其中檢錯編碼包括奇 和循環冗余碼，糾錯編碼包括海明碼。奇 (原書第4題)循環冗余校驗所具有的特征是 可檢測出所有奇數位錯可檢測出所有小于、等于校驗位長度的突發錯CRCr+1CRC標準也都能檢可檢測出所有奇數位錯可檢測出所有小于、等于校驗位長度的突發錯(原書第8題)字符S的ASCII碼由低到高依次為1100101，采用奇校驗，在下面收到 可以直接數1的個數。一般n位的信息有n-1位是原但是，奇偶校驗能檢測到的錯誤都是奇數位發生的改變。比如奇校驗時，有1位發生】奇校驗，就是確保整個被傳輸的數據中“1”的個數是奇數個，即載荷數據中“1”的本題中采用奇校驗的辦法來檢測錯誤，A、】奇校驗，就是確保整個被傳輸的數據中“1”的個數是奇數個，即載荷數據中“1”的二．綜合應用題1100001011001 1101011011000100110011100001011001 11010110110001001100110011011 1001 1010 1001 111除以10011，計算過程如下： 11 110000101 1001 11010110101111001 10011001 1010 1001 1101 1001 1000 1001 01過程如同(1)，得余數為101，不為0，接收端可以發現差錯。(3題)8位有效信息，編制海明校驗線路，說明編碼方法，分析所選方案有怎樣的檢錯與糾錯能力。若8位信息是01101101，海明碼是多少？k=8,r=525-1=168+5=13從上3.5可以看出，5個校驗位P5~P1對應的海明碼位號分H13、H8、H4、H2、H1，P5H13上，它已經是海明碼的最高一位了，其4位滿Pi的位號等2i-11248P1=D1⊕D2⊕D4⊕D5⊕D7P2=D1⊕D3⊕D4⊕D6⊕D7P3=D2⊕D3⊕D4⊕D8P4=D5⊕D6⊕D7⊕P5=S1=P1⊕D1⊕D2⊕D4⊕D5⊕D7S2=P2⊕D1⊕D3⊕D4⊕D6⊕D7S3=P3⊕D2⊕D3⊕D4⊕D8S4=P4⊕D5⊕D6⊕D7⊕S5=P1=1⊕0⊕1⊕0⊕1=1P2=1⊕1⊕1⊕1⊕1=1P3=0⊕1⊕1⊕0=0P4=0⊕1⊕1⊕0=P5=1⊕0⊕1⊕1⊕0⊕1⊕1⊕0⊕1⊕1⊕0⊕0溫馨提示溫馨提示N1011001100111一．選擇(原書第1題)滑動窗口機制用于 )流量控 擁塞控 差錯控 路由選【解析】滑動窗口(Slidingwindow)是一種流量控制技術。早期的網絡通信中，通信雙計時器超時時，若發送方只收到0、2、3號幀的確認，則發送方需要重發的幀數是 在后退N幀協議中，發送方在每發送完一個數據幀時都要設置超時定時器，只要在設時發送方就不得不重新發送出錯幀及其后的N幀。(原書第5題)下列哪種滑動窗口協議收到的分組一定是按序到達的？（ Ⅱ后退N幀協議(GBN) Ⅰ、 Ⅰ、 Ⅱ、 都有可得接收方收到N號幀之后，確認希望收到N+1號幀，接收到了N+1號幀之后，確認希望收到的N+2號幀…選擇重傳協議：發送窗口大小>1，接收窗口大小>1開始時發送窗口如下圖3.6所示?？趦?，不允許發送（如圖3.7所示。的各幀仍然不能發送（如圖示。發送接 發送 接收 窗口序號模113接收方收到了0號幀并回復了確認。故而，本題選擇B(原書第9題)若從滑動窗口的觀點來看停止等待協（stop-and-wait）的發送窗口， 停等協議：發送窗口大小=接收窗口大小=1故而，本題選擇D二．綜合(2題)假定A通過中間路由器R連接B。鏈路A－R是立即的，即帶寬無限大，AWT＝4T＝0，1，2，3秒，說明從A發往B的分組什么時候到達什么地方（包括應答分組。T＝2時，ACK[1]RA；A5到R2到達B；BACK[2]；R開始發送幀34，5在R的隊列T＝3時，ACK[2]RA；A6到R3到達B；BACK[3]；R開始發送幀45，6在R的隊列(原書第5題)在一個負載很重的50kbps信道上使用選擇性重傳協議，數據幀包40位的頭3960位的數據，請計算一下浪費在頭部和重傳的開銷占多少比例。假設從地球到的信號傳輸時間為270ms。ACK幀不會發生，NAK幀為40位。數據幀的錯誤率為1％，NAK幀的錯誤率忽略不計，序列號為8位。端到端的傳輸延遲是270ms50kb/s發送，4000b4000bit50kb/s80ms

=t80mst=270+80350mst350+80430mst430+270700ms1024ms>700ms，意味著傳輸管道總是充每個幀重傳的概率是0.01，對于3960個數據位，頭位開銷40位，平均重數是(7題)A、B3比特，在后退NARQ的方式中，發送方的窗口尺寸為4AB發送數據，對于下列事件指大小始終為1。本題中，發送方的窗口尺寸為4。01234567001234567010763210763210）的到來，故而接收窗口停在3位置，如圖3.11所示。66543210節點20310107A3、4、5之后，B4幀，并且A收到了回應幀，但是還沒有收到接收方對5號幀的確認，所以發送方窗口后沿為5，前沿為0；而接收方B在接收到發送方發來的5號幀之后窗口后移到6，如下圖3.12所示。10107650756 0756）4，當A在發送數據幀之前，結點A和結點B的窗口位置如圖3.13所示。節點43節點43 0 765007滑動窗口由圖3.13到圖3.14再到圖3.15。656543210012345670654654321065432100710071073.160101234567011076543210溫馨提示本溫馨提示本考點主要考查信道劃分介 控制（包括頻分多路復用、時分多路CSMA/CDCSMA/CA協議） 控制（ALOHA協議、CSMA協議 5介控一．選擇(原書第1題)在（ 非堅持 P-堅持 傳遞輪CSMACSMAp-堅持型CSMA若信道忙，則繼續偵聽直至發現信道空閑，然后完成發送（1若信道忙，等待一個隨機時間，然后重新開始發送過程（回到（1（1優點：減少了的概率，信道效率比1-堅持CSMA高。P若產生，等待一隨機時間，重新開始發送持型CSMA那樣減少 （ 時分多路復用、波分多路復用和碼分多路復用。對于這幾種多路復用技術，來仔細講頻分復用(Frequencydivision道的頻帶被分成若干個相互不的頻段，每個頻段構成一個子信道，每路信號占用其中波分多路復源輸出的光信號帶寬為40nm，在此寬帶基礎上可實現多個通道傳感器的大規模復用。碼分多路復時分多路復占用一個時間片進行傳輸（如圖3.19所示?；ハ噢D讓（如圖3.20所示。也稱為統計時分多路復用（如圖3.21所示。(原書第5題)對于基帶CSMA/CD而言為了確保發送站點在傳輸時能檢測到可能存 )。1 2 4 2.5在t=τ???時發生了碰撞，并在t=τ時B檢測到了，并且停止發送數據。2t=2τ?δ時，B發送的數據剛好到達A端，A檢測到 故而，可知A發送幀之后最多經過2τ的時間能夠檢測到 。事實上，可以得到2（兩倍的端到端往返時CSMA/CDCSMA/CD（半雙工通信 (原書第11題)TokenRing介 控制方法遵循的標準是 【解析】本題考查令牌環介質協議遵循的標準。IEEE802.5是令牌環介質控制方法遵循的標準。對于802序列，總結如表3.10所示。802.x802.x(原書第13題)CSMA/CD協議在站點發送數據時 (原書第16題)下面哪些是正確的常用的局域網介質控制方法?( )。 Ⅱ．TokenRing Ⅲ．TokenBus Ⅰ、 Ⅰ、Ⅱ、 Ⅲ、 Ⅰ、Ⅲ、CSMA/CD、令牌環和令牌總線現空閑后再發送。CSMA/CD控制方式的優點是：原理比較簡單，技術上易實現，網絡中各工作站處于令牌幀信息進行清除，并使令牌標志又處于“空閑”狀態，繼續環中。當另一個新的工作站牌”以循環方式工作，效率較高。其缺點是控制電路較復雜，令牌容易丟失。但IBM1985令牌總(原書第19題)以太網中“阻塞”信號的功能是 “阻塞”信號的功能。以太網發生時，阻塞信號由阻塞信號的作用是，發現時CSMA/CD發送一個阻塞信號，當所有的站都檢測到關于CSMA/CD已經將很多了，這里借這個題目，再說一下CSMA/CA。全稱CarrierSenseMultipleAccesswithCollisionAvoidance帶避免的載波偵聽多路訪送出數據前，先送一段小小的請求傳送報文(RTS)給目標端，等待目標端回應二進制退避算法不CSMA/CDnrT，r是均勻分布的隨機整數，在[0,k]選取，其k=min(n,10)n=16（極限值），即15次重發碰撞仍未contentwindowlength)、BE(后退指數，Backoffexponent)這三個參數共同決定。載波檢測方式不電壓的變化來檢測，當數據發生碰撞時，電纜中的電壓就會隨著發生變化.CSMA/CA采傳輸介質不二．綜合應用題200m/us，試計算1000比特的幀從發送開始到接收結束的最大時間是多少若兩相距最遠的站點在同一時刻發送數據，則經過多長時間兩站發現 發現不是自己發送的，則檢測到，故而經過的時間為2000m÷200(m/us)=10us。(原書第6題)【2010年統考】某局域網采用CSMA/CD協議實現介質 當甲乙同時方發送數據時，雙方同時收到對方發送來的幀，一般認為，他主機在發送數據，則認為發送了。????????=2????÷200000????/??=????????=2×2????÷200000????/??=????=(1518??×8??/??)÷10×106??/s=????=2????÷200000????/??=??=10Mb/s×[????÷(????+=10Mb/s×1.2144ms÷(1.2144ms+0.01ms)=(8題)A、B2km的基帶總線局域網的兩端，CA、B站之間，數據傳輸速率為10Mbps，信號速度為200m/μs，B站接收完畢A站發來的一幀數據所需的時間是80μs，求數據幀的長度；若A、C兩站同時方發送一幀數據，4μs后兩站發現，求A、C兩站的距離。(要求寫出計算過程)并選擇了隨機數r=100。根據二進制指數退避算法，重傳應推后的時間是r倍的爭用期10Mb/s的以太網，爭用期為512比特時間，因為r=100，退避時間100512=51200bit，需要等待的時間為51200bit10Mbit/s=5.12us51.2us×100=51200÷100Mb/s=6局域 一．選擇(原書第1題)下面對局域點的說法中不正確的是 (原書第4題)下列那個不是局域網的特點 )各站為關系或者主從關系都在AB之間。但是A是局域網的特點，B答案才是本題的正確答案。(原書第10題)計算機局域網應用非常廣泛，由幾臺機器到幾百臺機器均可以成為一 局域網城域網廣域網LocalAreaMetropolitanAreaWideArea10-100IEEEIEEE特(原書第13題)局域網常用的拓撲結構有總線、環形、星形3種,以下關于這3種拓 能夠發送數據。故而，不存在的問題，B(原書第16題)如下選項中，令牌持有結點不必交出令牌的是 )待令牌的結點申請占有令牌和發送數據。D答案中，令牌占有最大時間，不能一直占有，而，選擇C(原書第22題)有關虛擬局域網的概念，下面哪個說法不正確 VLAN個廣播域，VLAN間不能直接通信，從而實現了對廣播域的分割和。服務器和客戶機的MAC地址，該VLAN是一些MAC地址的集合。VLANMACVLAN可看成是基于用戶的VLAN二．綜合應用題(2題)局域網的主要特點是什么？為什么局域網采用廣播通信方式而廣域網共享傳輸信道，在局域網中，多個系統連接到一個共享的通信上10m~10km內或更大一些。不單獨設立網絡層，局域網的體系結構僅相當于OSI/RM采用多種控制技術。由于采用共享廣播信道，而信道又可用不同的傳 在局域網中各站通常共享通信，采用廣播通信方式是天然合適的。廣域網通 (原書第5題)53.23示。LAN2LAN5LAN3150，因為（27-2）<150+1<（28-2）8bit，網絡前綴為24，分配地址塊/24（24位為0LAN291，因為（26-2）<91+1<（27-2）7bit，網絡前25，分配地址塊/25（24、2510。27，分配地址塊92/27（第24、25、26、271110。23bit29，分配地址32/29（第24、25、26、27、28、29位為111101。29，分配地址塊40/29（第24、25、26、27、28、29111110。7廣域溫馨提溫馨提 本考點主要考查1、廣域網的基本概念；2、點對點協議PPP；3、 一．選擇(原書第2題)廣域網一般采用網狀拓撲構型該構型的系統可靠性高但是結構復雜。 光纖傳輸技術Ⅱ.路由選擇算 Ⅲ.無線通信技術Ⅳ.流量控制方 I和 I和 Ⅱ和 Ⅲ和(原書第4題)若HDLC幀的數據段中出現比特串“01011111001”，則比特填充后的輸 HDLC幀的比特填充法。所有面向比特的數據鏈路控制協議均采用標志碼01111110，用作幀的起始、終止標識及幀的同步。標志碼不允許在幀的出現，5個“1”出現后，若其后一個比特“0”則自動刪除它，以恢復原來的比特流。若接收端發現連續6個“1”，則可能是的“0”發生差錯變成的“1”，也可能是收到了幀的終止(7題)PPP幀的數據部分（十六進制7D5EFE277D5D7D5D65 7DFE277D7D657DFE277D5D657EFE277D7D657EFE277D5D65和幀尾。PPP協議的幀格式如下表3.13所示。1112≤21PPP7EH作為一幀的開始和結束標志（F）；其中地址域（A）和控制域（C）取固（A=FFH，C=03HC021H表示鏈路控制數據；幀校驗域（FCS）也為兩個字節，它用于對信息7EH，則轉換為（7DH，5EH）7DH（7DH，5DH20H該字符前加入一個7DH字符。本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第一章計算機網絡體系結277D7D657D(原書第10題)A站向B站發送一個HDLC信息幀，其中N(S)=4，N(R)=7，下列說 102~4表示一個站所期望收到的幀的發送序號（注意：這個發送序號是由對方填入的表示一個站所期望收到的幀的發送序號（注意：這個發送序號是由對方填入的由于是全雙工通信，所以通信的每一方都各有一個N（S）和N（R），而通信的雙方N（S）N（R。因此，當N（S）N（R）時，一定要弄清這故而，N(S)=4、N(R)=7表示的是A4，已正確接收序號為6的B站發來的幀。 本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第一章計算機網絡體系結CheckSequence）本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第一章計算機網絡體系結 一．選擇(原書第3題)減少傳輸交換機的擁塞可通過 ）來實現交換機使用結構的能【解析】本題考查減少傳輸交換機的擁塞策略。關于交換機的結構，也來解釋一下。每個交換機都有兩組端口，一組是與本機相連的低速端口，一組是與其他交換機相連的高速端口，如圖3.26所示。(原書第4題)將各種類型的網絡互聯成一個網絡，目前主要采用兩種方式：一是利用 )。中繼 網 路由 網特別注意了，現在的有些交換機是三層的。只要題目沒有說明是三層交換機，都當交換機只有兩層。故而，選擇B答案。(原書第8題)網橋從其某一端口收到正確的數據幀后在其地址轉中查找該幀要 網橋不斷各端口是否有信號網橋不轉發同一個網段內通信的幀3題選擇A答案。二．綜合應用題(1題)如下3.25所示53個局域網上，并且用網橋發送給C，B發送給A，請把有關數據填寫在圖3.25后的表3.15中，并說明網橋的工B1B2B1B2C→D→B→從端口x收到無差錯的幀（如果有差錯，則丟棄在轉中查找目的站轉發。否則從端口d轉發此幀。（6向網橋除x以外的所有端口轉發此幀（這樣做可保證找到目的站端，設置計時器，然后轉到（8。如果源站在轉中，則執行（7。根據算法，來詳細解析本題。B1轉為空，所以轉至步驟（5），向網橋B1除去端口1以外的其他端口轉發此幀。網橋B1的端1。作，把幀向除端口1以外的其他端口轉發，并記錄下源站A的地址和轉發端口1。A1A1端口轉發該幀。因為源站不在轉中，故而在轉 中記錄下該幀的源地址C，和進入網橋的端2。B2B2CMACB2去端口1以外的其他端口轉發該幀。

1C2C1C2C

B2從端口2DC。因B2轉為沒有源地D的表項，所以轉至步驟（5），向網橋B2除去端口2以外的其他端口轉發源站D不在B2的轉中，所以將源站MAC地址加入轉，并登記該幀進入網橋B2的端2。網橋B1從端口2也接收到了該幀，該幀的源地址為D，目的地址為C。故而，在網橋B1中的轉查找目的MAC地址C發現C已在轉中而該幀從端口2進來的，和C的轉發端口一致，所以丟棄該幀。址記入表項，并記下端2。D2D2B發送幀給網橋B1從端口1接收到了幀，該幀源地址為B，目的地址為A。因為初始狀態下幀的端口1轉發出去，故而不進行轉發而丟棄該幀。因為網橋B1B2接收不到該幀。故而，第三行的轉應該如表3.19所示。B1無無幀B1B2B1B2A1A1C→C2C1D→D2D2B→B1無無 夢享團 第四溫馨提示網絡層的功能，主要包括溫馨提示網絡層的功能，主要包括1、異構網絡互聯；2、路由與轉發；3 一．選擇(原書第1題)在因特網中，IP數據報從源結點到目的結點可能需要經過多個網絡和路由器。在整個傳輸過，IP數據報報頭中的（ 快遞運轉中心，相當于路由器，青島圓通快遞把快遞交付給A同學。快遞上很明顯的寫著該書店的發貨地址，相當于源IP地址，還有A同學的收獲地址，相當于目的地址。在傳送快遞的過，該書店的發書地址和A同學的收書地址都不會變化，也就是源IP地址和目的地址都不會變化。物理地址。中間節點通過IP地址知道下一站這個快遞該運往哪兒轉發（將IP地址轉換成 學校的，源地址和目的地址都沒有變。也就是說，即使IP數據報在傳送的過 目的IP地址和源IP地址仍然保持不變。IPIP(原書第2題)在因特網中，IP數據報的傳輸需要經由源主機和中途路由器到達目的主 【解析】每一個IP數據報在傳輸的過 ，源和目的地址都不會發生變化，這是(原書第8題)關于IP提供的服務，下列哪種說法是正確的 (原書第10題)IP服務的3個主要特點是 最大努力投遞。所以，先A二．綜合應用題(原書第1題)擁塞現象？簡述擁塞現象產生的原因(2題)除了掌握距離- 2路由算一．選擇（ (原書第6題)必須要由網絡管理員手動配置的是靜態路 動態路

間接態路由可以習，自動修改和更新路由表。故而，參考答案為A. (原書第7題)網絡節點僅根據自己收集到的有關信息做出路由選擇的決定與其他節 獨立路由選集中路由選分布路由選回聲（ch(原書第10題)下列關于路由算法的描述中 ）是錯誤的絡管理員可以根據網絡狀況進行調整，而非不能改變。所以B錯誤。由策略。動態路由算法也能夠改善網絡性能，有助于擁塞控制。故而，C選項正確。動態算法需要適時獲得網路狀態，便于根據網絡狀態動態調整路由信息。所以，D選考點 ARP協議、DHCPICMP協議。該考點是計算機網絡內容，408統考或者高校自主命題都容易在本考點出選擇題或者大題，請多訓練。在本考點給出了一些經典的題型，并總結了相應的解法，請務必掌握。一．選擇(原書第1題)IP地址包含 網絡 網絡號和主機 網絡號和MAC地 MAC地址是數據鏈路層的內容，不是網絡層的內容，所以選B(原書第3題)對網際控制報文協議（ICMP）描述錯誤的是 是應用層協議，這是特別易錯的地方。ICMPIP數據報交付成功的概率而引(原書第5題)對數據報服務 【解析】IP協議提供的是面向無連接的不可靠的服務，盡最大的努力遞交數據報，每一個分組都必須攜帶完整的目的地址，B答案正確。也正是因為沒有面向連接，所以不同(原書第9題)關于無分類編址CIDR，下列說法錯誤的是 )多。故而，C答案錯誤。再來回顧一下CIDR無分類編址。不 傳送數據幀時，最終還是必須使用硬件地址。每一個主機都設有一個ARP高速緩存(ARPcache)，里面有所在的局域網上的各主機和路由器的IP地址到硬件地址的表ABIPARP高速緩存中查看有無主機B的IP地址。若有，就可查出其對應的硬件地址，再將此硬件地址寫入4.15所示。B主機回復則用的是單播的方式。即從一個源地址到一個目的地址（如圖4.16所示(原書第14題)下列關于IP數據報分片和重組描述正確的是 【解析】本題考查IP數據報在傳輸過的分片和重組。當路由器將IP數據報發往網絡，而該網絡又無法將整個IP分組一次發送完畢的時候，路由器就會將該IP數據報分成多片，使得各分片的長度小于等于這個網絡的最大分組長度MTU，能在該網絡內傳輸。組到達目的主機的時候，根據IP數據報的偏移的值，來進行數據報的重組。（） 需要7位2進制數表示。注意，這里向上取整，原則是“保證夠用，但是不要浪費！”。面三個字節的子網掩碼的二進制表示都是11111111，最后一個字節全0。故而，得到子網掩碼是，選擇C答案(原書第26題)以下為源和目標主機的不同IP地址組合，其中（ 125.25.3/245.3/165.3/165.3/24136.22.網絡號分別是和，顯然不在同一個網絡上。以不經過路由而直接尋址。同理可推知，C、D的兩個IP(原書第29題)在IP數據報報頭中有兩個有關長度的字段，一個為報頭長度字段，一個為總長度字段。其中( 【解析】本題考查IP數據報的頭部長度字段和總長度字段的計數單位?！?4偏(原書第35題)下圖4.3主機A發送一個IP數據報給主機B，通信過以太網1上出現的以太網幀中承載一個IPIP包頭中的目的地址分別是（BMAC地址，BIPBMAC地址，R1IPR1MAC地址，BIPR1MAC地址，R1IP主機 路由器 路由器 主機以太以太網以太網【解析】以太1中出現由主機A發往以太網2的主B的幀，那么這個幀的數據部分的目的IP地址是主機B的目的地址，排除B、D答案。要IP數據報傳送給主機B，需要跨網絡，所以將該數據報發送給主機A所位于網絡的路由器R1，目MAC地址應該填寫R1的MAC地址。(37題)網絡中路由器D的路由表中已存有路由信息的目的網絡、跳數、下一N2、2、XX發來的路由信息中目的網絡、跳數、下一跳路由器分別為N2、5、Y，則路由表D中更新后關于N2的路由信息為（N2、2、 N2、5、 N2、6、 N2、5、）=（N2,2,X）=（N2,5,Y網絡N2還需要5跳（距離變遠了首先，目的網絡還是N2，下一跳還是X路由器，跳數變成1+5=6。其中，1表示路由DX1跳，5XN25（路由器（路由器(原書第40題)4.5中網絡的運行完全正常。下列哪兩項陳述正確描述了所示拓撲路由器 路由器R3網R1使用作為下一跳地址將數據包從網絡路由到R3使用作為下一跳地址將數據包從網絡路由到R2使用作為下一跳地址將數據包從網絡路由到A正確。C答案錯使用了轉發接口地址作為下一跳地址，BD錯誤,,的下一跳路由器；否則，執行(4)。（不同網絡但有特定路由）(原書第49題)下列哪項陳述描述了默認路由的作用 二．綜合應用題(2題)IP4.6各類IP地址的特A013B22C31D————E————48C(5題)*（默認路由--分組的目的IP地址為51，與子網掩碼28相與后得選擇默認路由R4轉發。分組的目的IP地址為7，與子網掩碼28相與后得配原則，該分組經R3轉發。分組的目的IP地址為0，與子網掩碼28相與后得默認路由R4轉發。(8題)4000字節（含固定首部長度。現在經過一個網絡傳輸，該網絡的MTU為1500字節，試求：始數據報長度為4000字節，數據部分為4000B?20B=3980B，在經過一個MTU為1500字IP3980BMTU1500字節的網絡中傳輸，數據部分為1480B，可粗略計算2<3980B÷1480B<3，需要分成3片。1480/8=185185/8=370。要特別注意，數據報分片的偏移值是相對于原始IP分組的。的IP地址及子網掩碼如下：IPA192BCDE本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第四章網絡由本題表中可以看到，5臺主機的子網掩碼都是40。故而，IP地址10100001E，IP10101101。可以看（1）的分析可知，主DIP地址最后一個字節4160，故而主機D的網絡地址為60。但是全0和全1不能作為主機號，故而主機F的IP地址范圍是192.16875.17~~0，除8外，其它的都可以設置成主機F的IP。機，其所在網絡的IP地址范圍是192.168.75160~75。因為主機號不能為全0和全1，故而IP地址為61~~74的主機都能收到這個廣播。考點 溫馨提示溫馨提示IPv6IPv6 一．選擇(原書1題)IPv6的地址長度為 (原書第2題)下面關于IPv6協議特點的描述中，正確的是 所以，A答案錯誤。IPv6取消了校驗和字段，加快了路由器處理數據報的速度。IPv6數據報頭部是固定的，不可變。IPv4(原書第3題)IPv6地址以16進制數表示每4個16進制數為1組組間用冒號隔開。下面的地址ADBF:0000:FEEA:0000:0000:00EA:00AC:DEED的簡化寫法是（ 通信類型：8IPv4中的TOS流標號：20比特，IPv6中新增。流可用來標記特定流的報文，以便在網絡層考點考點 路由協一．選擇(原書第2題)下列不屬于路由選擇協議的是 溫馨提示路由協議溫馨提示路由協議（RIPOSPF）和外部路由協議（BGP。 【解析】本題考查路由選擇協議。BGPRIPOSPF屬于本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用本資料免費供給考上考生使用，任何考研機構使用 責任|第四章網絡2(原書第4題)關于OSPF和RIP，下列哪種說法是正確的 【解析】路由信息協議采用的是距離矢量路由算法，最多允許在一條路徑上只包含15而OSPF(原書第11題)BGP協議的作用是 路由信息。故而，選擇A(原書第12題)【2010年統考】某自治系統采用RIP協議，若該自治系統內的路由器R1收到其鄰居路由器R2的距離向量，距離向量中包含信息＜net1，16＞，則可能得出的結論是（R2可以經過R1到達net1R2可以到達net1R1可以經過R2到達net1R1不能經過R2到達R1R2<net1,16>R1R2到達 二．綜合應用題(1題)結合路由選擇協議的相關知識回答下列問題如圖4.23所示的網絡，路由器之間的數字表示數據在該網絡上傳輸的費用。從6666N5N71 N91上題中，若路由器運行的是OSPF協議，則路由器傾向于哪一條通路表 表12133223433221212122原書第4B2C2F5G2137BN14C1近一些。路由A發現路由C到達網絡N2的距離為1，那么自己從路C到達N2的距離為2。此時，聰明的路由器撓撓頭，想了想，經過路由器C到達目的網絡N2的距離2，不需要更新了。路由A發現路由C到達網絡N3的距離為3，那么自己從路C到達N3的距離為4。此時，聰明的路由器撓撓頭，想了想，經過路由器F到達目的網絡N3的距離是路由A發現路由C到達網絡N4的距離為7，那么自己從路C到達N3的距離為8。此時，聰明的路由器撓撓頭，想了想，經過路由器G到達目的網絡N3的距離5，原來的路徑更近，不需要更新了。3C2C1F5G考點 IP組一．選擇(原書第1題)組播IP地址中類似于單播地址中的私有IP的是哪個范圍 故而，本題選擇D考點 移動一、選擇1.(原書第1題)當一臺主機從一個網絡移到另一個網絡時以下說法正確的 需要改動IP考點 網絡層設溫馨提示本考點主要考查溫馨提示本考點主要考查1、路由器的組成和功能；2、路由表與路由轉發。在路的建立，路由器怎么樣根據路由表選擇轉發端口（這個知識點常考，請務必掌握，一．選擇(原書第1題)關于因特網中路由器和廣域網中結點交換機敘述錯誤的是 沒有到網絡層。所以，C答案錯誤。路由器可以用于不同網絡的互聯，而用結點交換機連(原書第3題)在Internet中路由器可連接多個物理網絡此時的路由 號。故而，C(原書第8題)某IP網絡連接如下圖4.27所示在這種配置下IP全局廣播分組不能通 的集線器是工作在物理層的設備，當它收到數據以后就把這個數據下來，并把這個數據向所有的接口發送一次。所以，說集線器所有的接口是一個域和廣播(原書第13題)設某路路由器建立了如下表4.33所示的轉*(默認行轉發?，F共收到5個分組，其目的站IP地址分別為：則此五個分組計算出的下一跳分別為 000000000了網絡。故而，選擇接口0轉發出去。了網絡。故而，選擇R2作為下一跳。匹配的網絡，只能從默認路由發送出去。故而，選擇R4作為下一跳。了網絡。故而，選擇R3作為下一跳。對于0，IP地址的第 節是01011010。按照最長匹配原則，沒有匹配的網絡。故而，選擇R4作為下一跳。 夢享團隊第五題內容如下1、傳輸層的功能；2、傳輸層尋址與端口；3一．選擇(原書第1題)下列關于面向連接服務和無連接服務說法錯誤的是 (原書第4題)關于TCP和UDP端口，下列說法中正確的是 號是沒有關系的。在同一臺主機上，TCP和UDP分別有自己的端，互不干擾，可以共TCP描FTP-UDP描原書第 (原書第13題)網絡上唯一標識一個進程需要用一個 一元組（服務端【解析】本題考查套接字。網絡上唯一標識一個進程，需要一個二元組，即（IP地址，服務端。值得注意的是，TCP的套接字是四元組（目的主機IP地址，目的進程端源主機IP地址源進程端而UDP的套接字是二元（目的主機IP地址目的進程 一般認為二．綜合應用題原書第分拆/合并溫馨提示溫馨提示本考點主要考查UDP協議的特點、數據報的格式和UDP校驗 考一．選擇(原書第1題)在下列關于UDP的陳述中正確的是 【解析】A選項顯然不對，UDPTCP處在同一層，不使用TCP傳輸。UDP是無連接的協議，不能保證數據的按序到達B選項錯誤。正是因為UDP是面向無連接的服務，所以允許多路復用，C選項錯誤。UDP（UserDatagramProtocol傳送服務，這種服務是普通用戶可以直接使用的。所以，D答案正確。(原書第2題)UDP協議是 是不可靠的。所以，B(原書第4題)關于UDP協議，下列說法正確的是 UDPUDP全雙工的。這里，回顧一下TCP連接的四次“揮手”。(原書第6題)如果用戶應用程序使用UDP協議進行數據傳輸，那么（ 數據鏈路 網絡 傳輸 應用(原書第11題)下列說法哪項是錯誤的 連接的協議才有的特點。TCPTCP連接，之后才能發送數據，所以C錯誤。二．綜合應用題(原書第2題)UDP3992字節，通過以太網傳輸時，根據以太網的【解析】UDP數據部分長3992B，則整個UDP數據報長度也即需分片的數據部分長度為（3992+8=4000）B，而以太網MTU為1500B，減去其中固定首部20B，每個分片的最大數據長度為1480B，由4000B中分出2個1480B后，剩余最后一個分片的數據部分長度為1040B，總長度為1040+20=1060B，共3個分片。每個分片偏移字段為：0、185、370考點 TCP協TCP協議的特點、TCP報文的結構、TCP連接管理、TCP可靠傳輸以及TCP流量控制與擁塞控制。TCP協議是本章最重要的考點，請TCP協議連接的建立和的過程一．選擇(原書第2題)TCP協議中，若確認號是500，含義是 【解析】本題考查TCP協議的確認號的概念。確認號是500，表示的是500之前的字流的，不是面向報文段的。TCP協議數據是按照一個字節一個字節來傳送的，每個字節都有相應的（如圖5.8所示。序號字段的值表示本報文段的第一個字節的序號。

5.8TCP面向字節(原書第5題)TCP使用三次握手協議來建立連接握手的第一個報文段是由碼位字段的（）位被置為1來識別，表示請求連接。第一個報文段碼字段的（）位和SYN1TCP數據已傳送完畢時，TCP將單項地關閉這個程序，報文段碼位字段的（）1， TCPSYN、ACKFIN字段的變化及變化的含義。TCP2題的請求連接，回復一個ACK=1，并且把SYN置成1。參考答案：A 參考答案：A (原書第9題)TCP報文中確認序號指的是 已經收到的最后一個數據序 期望收到的第一個字節序 出現錯誤的數據序 請求重傳的數據序報文的數據部分第一個字節的序號。這個題目類似的已經遇到好幾次了，要牢記啊！(原書12題)在連續的ARQ協議中，若窗口值以n比特編碼，則發送窗口的最大值是（ 2n- (1)停等協議：發送窗口大小=1(1)停等協議：發送窗口大小=1，接收窗口大小(2)(2)N幀協議：發送窗口大小>1，接收窗口大小(3)(3)選擇重傳協議：發送窗口大小>1,接收窗口的大小>1對于SR協議，發送方和接收方的窗口都大于1。可以一次發送或接收若干個幀。對于n比特編碼，窗口的大小滿足：接收窗口大小+發送窗口的大小≤2??。顯然最大的發送窗口小于回退N幀的最大發送窗口。故而，最大發送窗口是2???1B(15題)在一個TCP連接中，MSS1KB34KB3個冗余ACK報文。如果在接下來的4個RTT內報文段傳輸都是成功的，那么當這些報文段均得到確認后，擁塞窗口的大小是（ （ssthresh）變為來的一半，即17KB。與慢開始算法將擁塞窗口（cwnd）減為1不同，快恢復算法在下一個RTT將擁塞窗口的值變為原慢開始門限的一半，即17KB。之后開始執行擁第二RTT擁塞窗口變18KB3RTT擁塞窗口變19，如此遞推，第四個RTT的擁塞窗口是20KB。當發出的報得到確認后，擁塞窗口再加1，變為21KB。免算法使發送端的擁塞窗口每經過一個往返時延RTT就增加一個MSS的大小。ACKcwndssthresh(原書第19題)TCP使用滑動窗口進行流量控制，流量控制實際上是對（ 據實際情況來控制發送端的發送速率使其來得及接收，如下圖所示。5.9TCP協議的流量控5.10A發送11個字節的5.11B的接收窗P3P1A的發送窗口（又稱為通知窗口P2P1=P3P2=允許發送但尚未發送的字節數（又稱為可用窗口接收窗口(rwnd):口值加1。5.12A的發送窗口向前滑5.135.13B的接收窗口向前滑5.14A的發送窗口已經用TCPTCP等(20題)RTT10ms的線路如果接收窗口的大小為24KB，最大報文段MSS為2KB。那么需要（）ms發送方才能發送第一個完全窗口。 4RRTRTT10ms,4RTT40msB(29題)【2009年】一個TCP連接總是以1KB的最大段長發送TCP段，發送方有足夠多的數據要發送當擁塞窗口為16KB時發生了超時如果接下來的4個RTT得到肯定應答時，擁塞窗口的大小是（ 輸，擁塞窗口的的大小將分別以1個報文段、2個報文段、4個報文段、8個報文段?？诰托枰€性增長，等于8KB+1KB=9KB。故而，本題選擇C二．綜合應用題(原書第3題)主機A向主機B連續發送了兩個TCP報文段，其序號分別為70和100。主機BA（1，若主機A向主機B發送的第一個報文丟失了，第二個報文即使到達了B，但是B開始序號為70的報文，確認號應為70。(原書第13題)【2012年統考】主機H通過快速以太網連接Internet，IP地址SIP0。HSTCP通信時，在H上捕獲的