1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，磁性黑板擦吸附在豎直的鐵質黑板上，處于靜止狀態若黑板擦的重力大小為G，

2、黑板對黑板擦的磁場力垂直于黑板平面，則A.黑板擦對黑板的摩擦力方向豎直向下B.黑板對黑板擦有四個作用力C.黑板擦受到的磁場力大小一定等于GD.黑板擦受到的彈力大小不可能大于G2、一蘋果從樹上自由下落，它在第2s內的平均速度為（g取10m/s2）（）A.5m/sB.10m/sC.15m/sD.20m/s3、已知力F的一個分力F1跟F成30角，F1大小未知，如圖所示，當另一個分力F2取最小值時，分力F1大小為（ ）A.B.C.D.F4、如圖所示，底板光滑的小車上用兩個量程均為20N的彈簧測力計甲和乙系住一個質量為1kg的物體當小車沿水平地面做勻速直線運動時，兩彈簧測力計的示數均為10N；當小車做勻

3、加速直線運動時，彈簧測力計甲的示數為8N，這時小車運動的加速度大小是（）A.B.C.D.5、一個做勻變速直線運動的質點，初速度為0.5 m/s，第9 s內的位移比第5 s內的位移多4m，則該質點的加速度、9 s末的速度和質點在9 s內通過的位移分別是（）Aa=1 m/s2，v9=9.5 m/s，x9=45 mB.a=1 m/s2，v9=9 m/s，x9=45 mC.a=1 m/s2，v9=9 m/s，x9=40.5 mD.a=0.8 m/s2，v9=7.7 m/s，x9=36.9 m6、在光滑水平面上有一個質量為m=1kg的小球，小球的一端與水平輕彈簧連接，另一端與不可伸長的輕繩相連，輕繩與豎

4、直方向成45角，如圖所示小球處于靜止狀態，且水平面對小球的彈力恰好為零，(取g=10m/s2)，則( )A.此時彈簧的彈力大小為B.剪斷細繩的瞬間，小球加速度的大小為C.剪斷細繩的瞬間，小球加速度的大小為D.剪斷細繩的瞬間，小球受到的合力方向水平向左7、如圖，柔軟輕繩ON的一端O固定，其中間某點M拴一重物，用手拉住繩的另一端N初始時，OM豎直且MN被拉直，OM與MN之間的夾角為（）現將重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角不變在OM由豎直被拉到水平的過程中()A.MN上的張力逐漸增大B.MN上的張力先增大后減小C.OM上的張力逐漸增大D.OM上的張力先增大后減小8、如圖所示，質量為M足夠長的斜面體始

5、終靜止在水平地面上，有一個質量為m的小物塊在受到沿斜面向下的力F的作用下，沿斜面勻加速下滑，此過程中斜面體與地面的摩擦力為零已知重力加速度為g，則下列說法正確的是A.斜面體給小物塊的作用力大小等于mgB.斜面體對地面的壓力小于（m+M）gC.在加速下滑過程中若將力F的方向突然改為豎直向下，小物塊仍做加速運動D.在加速下滑過程中若將力F撤掉，小物塊將勻速下滑9、關于自由落體運動，下列說法正確的是（ ）A.自由落體運動是豎直方向的勻加速直線運動B.自由落體運動在開始連續的三個相同位移，所用的時間之比為1：C.自由落體運動在開始連續的三個2s內的位移之比為1：3：5D.自由落體運動在開始連續的三個1

6、s末的速度之比為1：2：310、如圖所示，一輕質彈簧一端固定在墻上的O點，自由伸長到B點今用一小物體m把彈簧壓縮到A點(m與彈簧不連接)，然后釋放，小物體能經B點運動到C點而靜止小物體m與水平面間的動摩擦因數恒定，則下列說法中正確的是()A.物體從A到B過程速度越來越大B.物體從A到B過程速度先增加后減小C.物體從A到C過程加速度越來越小D.物體從A到C過程加速度先減小再增加后保持不變二、實驗題11、（4分）一個物體在某星球表面自由下落，在連續兩個1秒內下落的高度分別是12m和20m，則星球表面的重力加速度是(不計阻力)_.12、（10分）如圖所示為某同學做“加速度與物體質量關系”的實驗裝置圖

7、，他保持砝碼盤和盤中砝碼的總質量m一定來做實驗，在保證小車質量遠大于m的條件下，（1）在該實驗中，打點計時器所用交流電的頻率為50Hz某次實驗中得到的一條紙帶如下圖所示，從比較清晰的某點起，取五個計數點，分別標明0、1、2、3、4量得S15.25cm，S26.10cm，S36.95cm，S47.85cm，則打點“3”時小車的瞬時速度大小為_m/s和用逐差法求得小車的加速度大小為_m/s2(結果均保留三位有效數字).（2）以下是其部分操作步驟，其中正確的是_A平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B釋放小車時，小車的位置應靠近打點計時器C實驗時，先接通打點計時器的電源，再放開

8、小車D用天平測出m以及小車質量M，小車運動的加速度可直接用公式a求出（3）改變小車的質量M，測出多組數據，根據數據做出加速度的倒數與小車質量M關系的M圖象如圖所示圖象的延長線沒有過原點的原因是_三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）用同種材料制成傾角為30斜面和長水平面，斜面長2.4 m且固定，一小物塊從斜面頂端以沿斜面向下的初速度v0開始自由下滑，當v02 m/s時，經過0.8 s后小物塊停在斜面上如圖甲所示，多次改變v0的大小，記錄下小物塊開始運動到最終停下的時間t，作出tv0圖象，如圖

9、乙所示，求：(1)小物塊與該種材料間的動摩擦因數為多少？(2)某同學認為，若小物塊初速度為4 m/s，則根據圖像中t與v0成正比推導，可知小物塊運動時間為1.6 s以上說法是否正確？若不正確，說明理由并解出你認為正確的結果14、（14分）如圖所示，甲、乙兩物塊通過長為L0.2m的水平輕繩連接，置于足夠長的水平面上，甲、乙兩物塊質量均為m1kg，與水平面間動摩擦因數均為0.5t0時刻，在與水平面夾角37的恒力F作用下，甲、乙一起從靜止開始向右加速運動已知F10N，重力加速度取g10m/s2，sin370.6，cos370.8，不計空氣阻力求：(1)兩物體運動的加速度大小a；(2)4s時刻，甲、乙

10、間輕繩斷開，求在4.6s時刻，甲、乙間距離x.15、（13分）如圖甲所示，質量M=0.2 kg的平板放在水平地面上，質量m=0.1 kg的物塊（可視為質點）疊放在平板上方某處，整個系統處于靜止狀態現對平板施加一水平向右的拉力，在01.5 s內該拉力F隨時間t的變化關系如圖乙所示，1.5 s末撤去拉力已知物塊未從平板上掉下，認為最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，物塊與木板間的動摩擦因數1=0.2，平板與地面間的動摩擦因數2=0.4，取g=10 m/s2.求：（1）01 s 內物塊和平板的加速度大小a1、a2；（2）1.5 s末物塊和平板的速度大小v塊、v板；（3）平板的最短長度L參考答案一、選擇

11、題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】對黑板擦受力分析，分別根據水平方向和豎直方向上的受力平衡關系即可明確摩擦力與重力的大小關系、彈力與磁力的關系.【詳解】對黑板擦受力分析可知，其受重力、磁場力、彈力和摩擦力作用，除重力外其他三個力為黑板對黑板擦的作用力，水平方向上磁場力與彈力大小相等方向相反，磁場力和彈力二力與重力大小沒有關系，無法求出磁場力和彈力的大小，豎直方向上摩擦力重力大小相等方向相反；故摩擦力豎直向上；由牛頓第三定律知黑板擦對黑板的摩擦

12、力方向豎直向下，故A正確，B、C、D錯誤.故選A.【點睛】本題要注意分析水平方向和豎直方向，明確物體受到的是靜摩擦力，摩擦力大小一定等于重力的大小，但不能確定摩擦力與彈力的關系.2、C【解析】根據得第1s末的速度為第2s末速度為所以在第2s內平均速度為故C正確，ABD錯誤。故選C。3、C【解析】已知力F的一個分力跟F成30角，的大小未知，根據三角形定則知，當另一個分力與垂直時，最小，從而即可求解根據三角形定則知，當另一個分力與垂直時，最小如圖所示則，C正確4、B【解析】開始時甲和乙的彈力均為10N，合力為零；小車加速時，彈簧測力計甲的示數變為8N，而由于小車長度不變，則甲彈簧的形變的變化量與乙

13、必相等，故乙彈簧的示數應為12N，故物體受到的合力為4N，根據牛頓第二定律有解得故選B。5、A【解析】由解得第9 s末的速度質點在9 s內通過的位移故選A。6、CD【解析】水平面對小球的彈力為零，小球在繩沒有斷時受到繩的拉力T、重力mg和彈簧的彈力F作用而處于平衡狀態，如圖所示：由平衡條件得：豎直方向：Tcos=mg; 水平方向：Tsin=F，解得：F=mgtan=10N，則A錯誤；剪斷輕繩后瞬間小球在豎直方向仍平衡，水平面支持力與重力平衡：N=mg，合力方向水平向左，由牛頓第二定律得：F=ma，解得：a=10m/s2，方向向左所以B錯誤、CD正確；故選CD【點睛】本題是瞬時問題，先分析剪斷輕

14、繩前小球的受力情況，再分析剪斷輕繩瞬間的受力情況，再根據牛頓第二定律求解瞬間的加速度7、AD【解析】以重物為研究對象，受重力mg，OM繩上拉力F2，MN上拉力F1，由題意知，三個力合力始終為零，矢量三角形如圖所示，在F2轉至水平的過程中，MN上的張力F1逐漸增大，OM上的張力F2先增大后減小，所以A、D正確；B、C錯誤8、AD【解析】因斜面體與地面的摩擦力為0，可知物體m對斜面體的作用力為豎直向下，可知斜面體給小物塊的作用力為豎直向上，大小等于mg，選項A 正確；對斜面體而言，受力分析可知，因物體m對斜面體的作用力為豎直向下大小為mg，則斜面體對地面的壓力等于（m+M）g，選項B錯誤；若將力F

15、的方向突然改為豎直向下，則物體對斜面的正壓力變大，摩擦力變大，力F沿斜面方向的分力變小，故小物塊不一定做加速運動，選項C錯誤；若將力F撤掉，則小物塊對斜面的壓力不變，摩擦力不變，物體對斜面的正壓力不變，故斜面體對小物塊的作用力仍然豎直向上，大小等于mg，故小物塊仍將勻速下滑，選項D正確；故選AD考點：牛頓定律應用【名師點睛】此題考查了對不同研究對象進行受力分析，掌握力的合成與分解的方法，理解地面與斜面無摩擦力的本質9、ACD【解析】A自由落體運動初速度為零，做勻加速直線運動，故A正確；B根據初速度為零的勻加速直線運動規律，可得自由落體運動在開始連續的三個相同位移，所用的時間之比為故B錯誤；C根

16、據初速度為零的勻加速直線運動規律，可得自由落體運動在開始通過連續相等時間內的位移比為 故C正確；D根據v=gt知自由落體運動在開始連續通過相等時間末的速度比為故D正確。故選ACD。10、BD【解析】物體從A到B運動的過程中，開始時彈簧的彈力大于摩擦力，加速度方向向右，物體做加速度運動，當彈簧的彈力與摩擦力相等時，加速度為零，然后彈簧的彈力小于摩擦力，加速度方向向左，物體做減速運動，加速度增大，所以從A到B先加速后減速，到達B點后，彈簧與物體開始分離，分離后物體只受滑動摩擦力，所以加速度不變，故BD正確，AC錯誤。故選BD。二、實驗題11、8 ms2【解析】由初速度為零的勻加速度直線運動相鄰相等

17、時間內位移之差是個常數可得：x=gt2得：20-12=g12解得：g=8m/s2【點睛】本題重點是利用好給定的運動情形，由勻變速直線運動的推論x=aT2解答12、 .（1）0.740 .0.863 .（2）BC .（3）沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力時傾角不夠【解析】（1）根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上3點時小車的瞬時速度大小（2）根據實驗注意事項進行分析；（3）根據圖像的位置結合實驗原理分析原因.【詳解】（1）由于每相鄰兩個計數點間還有4個點，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.1s，根據勻變

18、速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上3點時小車的瞬時速度大小根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：s3-s2=2a1T2s4-s2=2a2T2為了更加準確的求解加速度，我們對兩個加速度取平均值，得：a=（a1+a2）即小車運動的加速度計算表達式為：（2）平衡摩擦力時，不掛盤及盤中的砝碼，只讓小車拖著紙帶在木板上勻速運動，選項A錯誤；釋放小車時，小車的位置應靠近打點計時器，以充分利用紙帶，選項B正確；實驗時，先接通打點計時器的電源，再放開小車，選項C正確；小車的加速度是通過紙帶上的點跡來求解的，選項D錯誤；故選BC.（3）實驗中若不平衡摩擦

19、力或者平衡摩擦力不足，則對某一質量的小車來說，拉力一定，則加速度就會偏小，則1/a就會偏大，對應的點的位置就會偏上，出現圖像所示的情況；故圖象的延長線沒有過原點的原因是沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力時傾角不夠；三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1） （2）見解析【解析】（1）（1分）得（1分）（2）不正確因為隨著初速度增大，小物塊會滑到水平面，規律將不再符合圖象中正比關系；v0=4m/s時，若保持勻減速下滑，則經過，已滑到水平面（1分）物體在斜面上運動，設剛進入水平面時速度v1：，（分），（分）得v1=2m/s，t1=0.8s（分）水平面上=0.23s（1分）總時間t1+t2=1.03s（1分）本題考查力與運動的關系，在物塊下滑過程中，由重力沿斜面向下的分力和摩擦力提供加速度，受力分析后可求得加速度表達式，根據勻變速直線運動末速度大小可求得加速度，聯立即可