1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、人站在地面上，先將兩腿彎曲，再用力蹬地，就能跳離地面，人能跳起離開地面的原因是()A人對地球的作用力大于地球對人的引力B地面對人的作用力大于人對地面的作用力C地面對

2、人的作用力大于地球對人的引力D人除受地面的彈力外，還受到一個向上的力2、一個小物體從斜面底端沖上足夠長的斜面，然后又滑回斜面底端，已知小物體的初動能為E，返回斜面底端時的速度為v，克服摩擦力做功為若小物體沖上斜面的初動能為2E，則下列選項中正確的一組是（ ）物體返回斜面底端時的動能為E物體返回斜面底端時的動能為物體返回斜面底端時的速度大小為2物體返回斜面底端時的速度大小為ABCD3、在人類對微觀世界進行探索的過程中，許多科學家作岀了不可磨滅的貢獻，盧瑟福就是杰出代表之一。關于盧瑟福在物理學上的成就，下列說法正確的是（ ）A粒子散射實驗的重要發(fā)現(xiàn)是電荷的量子化，并且發(fā)現(xiàn)了中子B盧瑟福用粒子轟擊氮

3、核發(fā)現(xiàn)了質子，核反應方程為C盧瑟福根據(jù)粒子散射實驗的結果，提出了原子核的結構模型D盧瑟福根據(jù)粒子散射實驗的結果，發(fā)現(xiàn)原子核由質子和中子組成4、如圖所示， 理想變壓器的原副線圈的匝數(shù)比為10：1， 在原線圈接入u=30sin(100t) V的正弦交變電壓。若閉合開關后燈泡L正常發(fā)光，且燈泡L正常發(fā)光時的電阻為1.5，電壓表和電流表均為理想交流電表，則下列說法正確的是（ ）A副線圈中交變電流的頻率為5HzB電壓表的示數(shù)為3VC電流表的示數(shù)為20AD燈泡L的額定功率為3W5、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質量為的帶電小球以初速度從點豎直向上拋出，通過點時，速度大小為，方向與電場方向相反，則小球從

4、點運動到點的過程中（）A動能增加B機械能增加C重力勢能增加D電勢能增加6、四個水球可以擋住一顆子彈！如圖所示，是央視國家地理頻道的實驗示意圖，直徑相同（約30cm左右）的4個裝滿水的薄皮氣球水平固定排列，子彈射入水球中并沿水平線做勻變速直線運動，恰好能穿出第4個水球，氣球薄皮對子彈的阻力忽略不計。以下判斷正確的是（）A子彈在每個水球中的速度變化相同B每個水球對子彈做的功不同C每個水球對子彈的沖量相同D子彈穿出第3個水球的瞬時速度與全程的平均速度相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選

5、錯的得0分。7、在等邊ABC的頂點處分別固定有電荷量大小相等的點電荷，其中A點電荷帶正電，B、C兩點電荷帶負電，如圖所示。O為BC連線的中點，a為ABC的中心，b為AO延長線上的點，且aO=bO。下列說法正確的是（）Aa點電勢高于O點電勢Ba點場強小于b點場強Cb點的場強方向是ObDa、O間電勢差的絕對值大于b、O間電勢差的絕對值8、如圖所示，某空間存在一豎直方向的電場，其中的一條電場線如圖甲所示，一個質量為m。電荷量為q的帶正電小球，從電場線中O點由靜止開始沿電場線豎直向上運動x1的過程中，以O為坐標原點，取豎直向上為x軸的正方向，小球運動時電勢能與位移x的關系如圖乙所示，運動忽略空氣阻力，

6、則（）A沿x軸正方向的電場強度大小可能增加B從O運動到x1的過程中，如果小球的速度先增后減 ，則加速度一定先減后增C從O點運動x1的過程中，每經(jīng)過相等的位移，小球機械能的增加變少D小球運動位移x1時，小球速度的大小為9、下列說法中正確的有（ ）A滿足F=kx的振動是簡諧運動B波可以發(fā)生干涉、衍射等現(xiàn)象C由波速公式v=f可知，空氣中聲波的波速由f、共同決定D發(fā)生多普勒效應時波的頻率發(fā)生了變化E.周期性的振蕩電場和振蕩磁場彼此交互激發(fā)并向遠處傳播形成電磁波10、如圖所示，小滑塊P、Q通過輕質定滑輪和細線連接，Q套在光滑水平桿上，P、Q由靜止開始運動，P下降最大高度為。不計一切摩擦，P不會與桿碰撞，

7、重力加速度大小為g。下面分析不正確的是（ ）AP下落過程中，繩子拉力對Q做功的功率一直增大BQ的最大速度為C當P速度最大時，Q的加速度為零D當P速度最大時，水平桿給Q的彈力等于2mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學設計了如圖甲所示的電路來測量電源的電動勢及電阻和的阻值。實驗器材有：待測電源（不計內阻），待測電阻，待測電阻，電壓表V（量程為，內阻很大），電阻箱（阻值范圍為），單刀單擲開關，單刀雙擲開關，導線若干。（1）先測電阻的阻值。請將該同學的操作補充完整：A閉合開關，將開關連接觸點，讀出電壓表示數(shù)；B閉合開關，將開關連

8、接觸點，調節(jié)電阻箱，使電壓表的示數(shù)仍為，同時讀出電阻箱的示數(shù)；C由A、B知電阻 _。（2）繼續(xù)測電源的電動勢和電阻的阻值，該同學的做法是：閉合開關，將開關連接觸點，多次調節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)和對應的電壓表示數(shù)。由測得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖乙所示的圖線，則電源電動勢 _（保留三位有效數(shù)字），電阻 _（保留兩位有效數(shù)字）。12（12分）（1）為了研究平拋物體的運動，可做下面的實驗：如圖甲所示，用小錘打擊彈性金屬片，B球就水平飛出，同時A球被松開，做自由落體運動，兩球同時落到地面；如圖乙所示的實驗：將兩個完全相同的斜滑道固定在同一豎直面內，最下端水平把兩個質量相等的小鋼球從斜面的同一高度由靜止同

9、時釋放，滑道2與光滑水平板連接，則將觀察到的現(xiàn)象是球1落到水平木板上擊中球2，這兩個實驗說明_A.甲實驗只能說明平拋運動在豎直方向做自由落體運動B.乙實驗只能說明平拋運動在水平方向做勻速直線運動C.不能說明上述規(guī)律中的任何一條D.甲、乙二個實驗均能同時說明平拋運動在水平、豎直方向上的運動性質（2）關于“研究物體平拋運動”實驗，下列說法正確的是_ A.小球與斜槽之間有摩擦會增大實驗誤差B.安裝斜槽時其末端切線應水平C.小球必須每次從斜槽上同一位置由靜止開始釋放D.小球在斜槽上釋放的位置離斜槽末端的高度盡可能低一些E.將木板校準到豎直方向，并使木板平面與小球下落的豎直平面平行F.在白紙上記錄斜槽末

10、端槽口的位置O，作為小球做平拋運動的起點和所建坐標系的原點（3）如圖丙，某同學在做平拋運動實驗時得出如圖丁所示的小球運動軌跡，a、b、c三點的位置在運動軌跡上已標出，則：（g取） 小球平拋運動的初速度為_ m/s小球運動到b點的速度為_ m/s拋出點坐標 _cm y= _ cm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，足夠長的兩金屬導軌MN、PQ水平平行固定，兩導軌電阻不計，且處在豎直向上的磁場中，完全相同的導體棒a、b垂直放置在導軌上，并與導軌接觸良好，兩導體棒的電阻均為R=0.5,且長度剛好等于兩

11、導軌間距L,兩導體棒的間距也為L,開始時磁場的磁感應強度按圖乙所示的規(guī)律變化，當t=0.8s時導體棒剛好要滑動。已知L=1m,滑動摩擦力等于最大靜摩擦力。求：（1）每根導體棒與導軌間的滑動摩擦力的大小及0.8s內整個回路中產(chǎn)生的焦耳熱；（2）若保持磁場的磁感應強度B=0.5T不變，用如圖丙所示的水平向右的力F拉導體棒b,剛開始一段時間內b做勻加速直線運動，一根導體棒的質量為多少?（3）在（2）問條件下a導體棒經(jīng)過多長時問開始滑動?14（16分）如圖，在真空室內的P點，能沿紙面向各個方向不斷發(fā)射電荷量為+q，質量為m的粒子(不計重力)，粒子的速率都相同ab為P點附近的一條水平直線，P到直線ab的

12、距離PC=L，Q為直線ab上一點，它與P點相距PQ=52L當直線ab以上區(qū)域只存在垂直紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場時，水平向左射出的粒子恰到達Q點；當ab以上區(qū)域只存在平行該平面的勻強電場時，所有粒子都能到達ab直線，且它們到達ab直線時動能都相等，其中水平向左射出的粒子也恰好到達Q點已知sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)a粒子的發(fā)射速率(2)勻強電場的場強大小和方向(3)僅有磁場時，能到達直線ab的粒子所用最長時間和最短時間的比值15（12分）如圖，半徑為a的內圓A是電子發(fā)射器，其金屬圓周表圓各處可沿紙面內的任意方向發(fā)射速率為v的電子；外圓C為與A同心的金屬網(wǎng)，半徑為a

13、不考慮靜電感應及電子的重力和電子間的相互作用，已知電子質量為m，電量為e(1)為使從C射出的電子速率達到3v，C、A間應加多大的電壓U；(2)C、A間不加電壓，而加垂直于紙面向里的勻強磁場若沿A徑向射出的電子恰好不從C射出，求該電子第一次回到A時，在磁場中運動的時間t；為使所有電子都不從C射出，所加磁場磁感應強度B應多大參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：地面對人的彈力與人對地面的彈力是一對作用力和反作用力，大小相等，故B錯誤；人之所以能跳起離開地面，地面對人的彈力大于地球對人的吸引力，人具有向

14、上的合力，故C正確，AD錯誤考點：牛頓第三定律【名師點睛】人對地的作用力與地對人的作用力是一對作用力和反作用力，人之所以能跳起離開地面，可以對人進行受力分析，人具有向上的合力2、C【解析】以初動能為E沖上斜面并返回的整個過程中，由動能定理得：設以初動能為E沖上斜面的初速度為v0，則以初動能為2E沖上斜面時，初速度為v0，而加速度相同。對于上滑過程，根據(jù)-2ax=v2-v02可知，所以第二次沖上斜面的位移是第一次的兩倍，上升過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，上升和返回的整個過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，即為E。以初動能為2E沖上斜面并返回的整個過程中，運用動能定理得：所以返回斜面底端時的

15、動能為E；由得：v=v。故正確，錯誤；A，與結論不相符，選項A錯誤；B，與結論不相符，選項B錯誤；C，與結論相符，選項C正確；D，與結論不相符，選項D錯誤；故選C。3、B【解析】AC盧瑟福根據(jù)粒子散射實驗的結果，提出了原子的核式結構模型，中子是查德威克發(fā)現(xiàn)的，故AC錯誤；B盧瑟福用粒子轟擊氮核，發(fā)現(xiàn)了質子，核反應方程為，故B正確；D粒子散射實驗不能說明原子核內存在中子和質子，故D錯誤。故選B。4、B【解析】A根據(jù)可得該交變電流的頻率f=50Hz，變壓器不改變頻率，所以副線圈中交變電流的頻率為50 Hz，A項錯誤；B原線圈所接的交變電壓最大值為V，則有效值為30V，根據(jù)，代入數(shù)值解得U=3V，即

16、電壓表的示數(shù)為3V，B項正確；C燈泡L正常發(fā)光時，副線圈中的電流為A=2 AC項錯誤；D燈泡L的額定功率P=I2R=6WD項錯誤。故選B。5、C【解析】A小球由到過程中動能增加量故A錯誤；BC在豎直方向上，小球只受重力作用，小球豎直方向的分運動為豎直上拋運動，點為小球還動的最高點，從到，小球克服重力做的功所以小球的重力勢能增加量小球的機械能增加量故B錯誤，C正確；D由能量守恒定律可知，小球機械能增大，電勢能減少，故D錯誤。故選C。6、D【解析】A子彈向右做勻減速運動，通過相等的位移時間逐漸縮短，所以子彈在每個水球中運動的時間不同。加速度相同，由知，子彈在每個水球中的速度變化不同，選項A錯誤；B

17、由知，f不變，x相同，則每個水球對子彈的做的功相同，選項B錯誤；C由知，f不變，t不同，則每個水球對子彈的沖量不同，選項C錯誤；D子彈恰好能穿出第4個水球，則根據(jù)運動的可逆性知子彈穿過第4個小球的時間與子彈穿過前3個小球的時間相同，子彈穿出第3個水球的瞬時速度即為中間時刻的速度，與全程的平均速度相等，選項D正確。故選 D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A若將一正電荷從a點移到O點，則電場力做正功，則電勢能減小，則從a點到O點電勢降低，可知a點電勢高于

18、O點電勢，選項A正確；B因為BC兩處的負電荷在a點的合場強向下，在b處的合場強向上，而A處的正電荷在ab兩點的場強均向下，則根據(jù)場強疊加可知，a點場強大于b點場強，選項B錯誤；C根據(jù)場強疊加可知，b點的場強等于兩個負點電荷BC在b點的場強與正點電荷A在b點場強的疊加，因BC在b點的合場強豎直向上，大小等于B在b點場強的大小，此值大于A在b點的場強大小，可知b點的場強方向是bO，豎直向上，選項C錯誤；D由場強疊加可知，aO之間的場強大于Ob之間的場強，根據(jù)U=Ed可知，a、O間電勢差的絕對值大于b、O間電勢差的絕對值，選項D正確。故選AD。8、BC【解析】A電勢能與位移x的圖象-x圖象的斜率的絕

19、對值表示小球所受電場力的大小，由圖乙可知圖象沿x軸正方向的斜率越來越小，說明小球所受電場力沿x軸越來越小，即沿x軸正方向的電場強度大小一直減小，故A錯誤；B從O運動x1的過程中，如果小球的速度先增后減，說明開始時小球所受電場力F大于重力mg向上做加速運動，后來電場力小于重力，向上做減速運動。當加速運動時，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度因為F逐漸減小，故a逐漸減小。當向上減速運動時，有因為F逐漸減小，故a逐漸增大。所以從O運動x1的過程中，如果小球的速度先增后減，加速度一定是先減后增，故B正確；C根據(jù)能的轉化和守恒定律可知，在小球向上運動的過程中電場力做正功，電勢能減小，減小的電勢能轉化為機械能。由

20、圖乙可知從O點運動x1的過程中，每經(jīng)過相等的位移，小球所受電場力逐漸減小，則電勢能減小的越來越少，則小球機械能的增加變少，故C正確；D規(guī)定O點所在的水平面為零重力勢能面，設小球運動位移x1時的速度為v，根據(jù)能量守恒定律得01+mgx1+mv2解得故D錯誤。故選BC。9、ABE【解析】A、在簡諧運動的回復力表達式F=-kx中，對于彈簧振子，F(xiàn)為振動物體在振動方向受到的合外力，k為彈簧的勁度系數(shù)；對于單擺回復力為重力沿圓周的切向分力，故A正確B、一切波都可以發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象，是波特有現(xiàn)象，故B正確C、聲波是機械波，機械波的波速由介質決定，故C錯誤D、多普勒效應說明觀察者與波源有相對運動時，接收到

21、的波頻率會發(fā)生變化，但波源的頻率不變，故D錯誤E、變化的磁場產(chǎn)生電場，變化的電場產(chǎn)生磁場，交替產(chǎn)生電場和磁場形成由近向遠傳播的電磁波，故E正確故選ABE【點睛】衍射、干涉是波所特有的現(xiàn)象，機械波的波速由介質決定；根據(jù)多普勒效應可知，當波源和觀察者間距變小，觀察者接收到的頻率一定比波源頻率高當波源和觀察者距變大，觀察者接收到的頻率一定比波源頻率低；根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，變化的磁場產(chǎn)生電場，變化的電場產(chǎn)生磁場，交替產(chǎn)生，由近向遠傳播，形成電磁波10、ACD【解析】A.下落過程中，繩子拉力始終對做正功，動能增大，當在滑輪正下方時，速度最大，拉力和速度垂直，拉力功率為0，所以功率不可能一直增大，故A

22、錯誤；B.當速度最大時，根據(jù)牽連速度，速度為零，、為系統(tǒng)機械能守恒，所以的最大速度：故B正確；CD.先加速后減速，當加速度為零時，速度最大，此時繩子拉力等于，右側繩子與豎直方向夾角小于90，繼續(xù)加速，對Q受力分析知，水平桿給Q的彈力不等于2mg，故CD錯誤。本題選擇不正確答案，故選：ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 1.43 6.0 【解析】（1）1由電路的特點可知，在電壓表的示數(shù)不變的情況下，對應的電阻應不變。電阻箱的示數(shù)即為電阻的阻值，即（2）23根據(jù)閉合電路歐姆定律有所以有由此式可知圖線的縱軸截距為斜率解得，12、AB

23、 BCE 2 2.5 -10 -1.25 【解析】(1)A、用小錘打擊彈性金屬片，B球就水平飛出，同時A球被松開，做自由落體運動，兩球同時落到地面，知B球豎直方向上的運動規(guī)律與A球相同，即平拋運動豎直方向上做自由落體運動故A正確B、把兩個質量相等的小鋼球從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板吻接，則將觀察到的現(xiàn)象是球1落到水平木板上擊中球2，知1球在水平方向上的運動規(guī)律與2球相同，即平拋運動在水平方向上做勻速直線運動故B正確，C、D錯誤；故選AB.(2)A、小球與斜槽之間有摩擦，不會影響小球做平拋運動，故A錯誤；B、研究平拋運動的實驗很關鍵的地方是要保證小球能夠水平飛出，只有水平飛

24、出時小球才做平拋運動，則安裝實驗裝置時，斜槽末端切線必須水平的目的是為了保證小球飛出時初速度水平，故B正確；C、由于要記錄小球的運動軌跡，必須重復多次，才能畫出幾個點，因此為了保證每次平拋的軌跡相同，所以要求小球每次從同一高度釋放，故C正確；D、小球在斜槽上釋放的位置離斜槽末端的高度不能太低，故D錯誤E、根據(jù)平拋運動的特點可知其運動軌跡在豎直平面內，因此在實驗前，應使用重錘線調整面板在豎直平面內，即要求木板平面與小球下落的豎直平面平行，故E正確；F、在白紙上記錄斜槽末端槽口的位置O，不能作為小球做平拋運動的起點，故F錯誤；故選BCE(3)在豎直方向上y=gT2，可得時間間隔，則小球平拋運動的初

25、速度b點在豎直方向上的分速度，小球運動到b點的速度為.拋出點到b點的運動時間水平方向上的位移x1=vt=0.3m，豎直方向上的位移所以開始做平拋運動的位置坐標x=0.2-0.3=-0.1m=-10cm，y=0.1-0.1125=-0.0125m=-1.25cm；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.2J（2）m=0.5kg（3）2s【解析】（1）開始時磁場的磁感應強度按圖乙所示變化，則回路中電動勢電路中的電流當時回路中產(chǎn)生的焦耳熱（2）磁場的磁感應強度保持B=0.5T不變，在a運動之前，對b棒施加如圖丙所示的水平向右的拉力，根據(jù)牛頓第二定律，即得， 求得，導棒的質量（3）當導棒a剛好要滑動時， ，求得，此