1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（ ）A點電荷其實就是體積很小的球體B根據F=kq1q2r2，當兩電荷的距離趨近于零時，靜電力將趨向無窮大C若點電荷q1的電荷量大于q2的電荷量，則q1對q2的靜電

2、力大于q2對q1的靜電力D庫侖定律和萬有引力定律的表達式相似，都是平方反比定律2、如圖所示，空間有一電場，電場中有兩個點a和b下列表述正確的是A該電場是勻強電場Ba點的電場強度比b點的大Ca點的電勢比b點的高D正電荷在a、b兩點受力方向相同3、壓力傳感器可以用在：（ ）A空調溫度控制器B燃氣泄漏報警器C電梯超載報警器D酒精濃度測試儀4、下面物理量及其對應的國際單位制單位符號，正確的是（ ）A力，kg B功率，J C電場強度，C/N D電壓，V5、右圖分別是兩個阻值為R1和R2的電阻器的I-U圖象,可知 AR1 R2 BR1 R2CR1R2 DR1與R2的大小無法比較6、一質量為m的運動員從下蹲

3、狀態開始起跳，經的時間，身體伸直并剛好離開地面，速度為v，在此過程中地面對他作用的沖量大小和做的功分別為（ ）A，B，C，0D，0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個帶有同種電荷的小球A、B分別處于豎直墻面和水平地面上，且處于同一豎直平面內，若用圖示方向的水平推力F作用于小球B，則兩球靜止于圖示位置，如果將小球B向左推動少許，待兩球重新達到平衡，則兩個小球的受力情況與原來相比（ ）A兩小球之間的距離減小B水平推力F不變C小

4、球B對地面的壓力不變D豎直墻面對小球A的彈力減小8、經國際小行星命名委員會命名的“神舟星”和“楊利偉星”的軌道均處在火星和木星軌道之間已知“神舟星”平均每天繞太陽運行174萬公里，“楊利偉星”平均每天繞太陽運行145萬公里假設兩行星均繞太陽做勻速圓周運動，則兩星相比較（ ）A“神舟星”的軌道半徑大B“神舟星”的公轉周期大C“神舟星”的加速度大D“神舟星”的角速度大9、如圖所示，E為蓄電池，L是自感系數足夠大的線圈，其直流電阻為R，D1、D2是兩個規格相同的燈泡，阻值均為R，S是開關下列說法正確的是A閉合開關S后，D2逐漸變暗BS斷開瞬間，D2立即熄滅，D1延時熄滅C閉合開關S的瞬間，通過D1、

5、D2的電流大小相等DS斷開后，通過Dl的電流方向與原來相同10、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發光，當滑動變阻器的滑動觸頭向右移動時，下面判斷正確的是( )A電路中總電阻減小BL1變亮CL2變亮DL3變暗三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）根據試題的要求填空或作圖。（1）圖（甲）為多用電表的示意圖，其中S、K、T為三個可調節的部件，現用此電表測量一阻值約為2030的定值電阻，測量的某些操作步驟如下：調節_（選填S、K或T），使電表指針停在_(選填“右”或“左”)端的“0”刻度位置；調節K，使它在尖端指向_（選填“1”、“10”

6、、“100”或“1K”擋）位置；將紅、黑表筆分別插入“”、“”插孔，筆尖相互接觸，調節_（選填S、K或T），使電表指針指向_(選填“右”或“左”)端的“0”刻度位置。（2）在測量另一電阻的阻值時，電表的讀數如圖（乙）所示，該電阻的阻值為_。12（12分）一學習小組要用伏安法盡量準確地描繪一個標有“6V,15W”的小燈泡的I-U圖線,現有下列器材供選用：A學生電源（直流9V）B開關一個、導線若干C電壓表（23V,內阻約12K）D電壓表（26V,內阻約12K）E電壓表（215V,內阻約32K）F電流表（223A,內阻約23）G電流表（226A,內阻約24）H電流表（23A,內阻約26）I滑動變阻器

7、（12,2A）J滑動變阻器（222,1A）（1）實驗中需要用到的儀器有：A、B、 （用字母序號表示）；（2）在下面方框內畫出實驗電路圖：（3）對應實驗電路圖將實物連線補充完整；（4）閉合開關前，滑動變阻器滑片的位置應在 （選填“a”或“b”）端四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一根長為L=0.2m的直導線放在水平方向的勻強磁場中，導線水平且與磁場方向垂直，導線中通有向右的電流請判斷導線所受安培力的方向是豎直向上還是豎直向下；若勻強磁場的磁感應強度的大小B=0.5T，導線中的電流I=1.5A，試計

8、算導線所受安培力的大小；將該通電導線旋轉到與磁感線平行的位置，此時導線是否受安培力？14（16分）動能定理描述了力對物體作用在空間上累積的效果，動量定理則描述了力對物體作用在時間上累積的效果，二者是力學中的重要規律（1）如圖所示，一個質量為m的物體，初速度為，在水平合外力恒力的作用下，運動一段時間t后，速度變為請根據上述情境，利用牛頓第二定律推導動量定理，并寫出動量定理表達式中等號兩邊物理量的物理意義（2）在一些公共場合有時可以看到，“氣功師”平躺在水平地面上，其腹部上平放著一塊大石板，有人用鐵錘猛擊大石板，石板裂開而人沒有受傷現用下述模型分析探究若大石板質量為，鐵錘質量為鐵錘以速度落下，打在

9、石板上反彈，當反彈速度為鐵錘與石板的作用時間約為由于緩沖，石板與“氣功師”腹部的作用時間較長，約為，取重力加速度請利用動量定理分析說明石板裂開而人沒有受傷的原因15（12分）一個電量q=210-10C的正點電荷放在勻強電場的A點，它受到的電場力是10-7N，則：（1）此電場的場強是多大？（2）此電荷只在電場力作用下從靜止開始移動了0.4m而到達B點，到達B點時電荷的動能有多大？（3）A、B兩點間的電勢差是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、當帶電體的形狀、大小及電荷的分布狀況對它們之間的作用力影

10、響可以忽略時，可以看成點電荷，不是體積小就能看成點電荷故A錯誤B、當兩個點電荷距離趨于0時，兩電荷不能看成點電荷，此時庫侖定律的公式不再適用故B錯誤C、兩電荷之間的相互作用力大小相等，與點電荷電量的大小無關故C錯誤D、庫侖定律表達式F=kq1q2r2適用于真空中兩點電荷之間的作用力；萬有引力定律的表達式F=Gm1m2r2，庫侖定律和萬有引力定律的表達式相似，都是平方反比定律，故D正確故選：D2、C【解析】電場線疏密表示電場強度的大小，切線方向表示電場強度的方向，正電荷的受力方向和場強方向相同沿著電場線電勢降低答案選C3、C【解析】不同的傳感器有不同的具體應用，根據個選項中各種傳感器的特點，要具

11、體問題具體分析.【詳解】空調通過溫度傳感器實現溫度的自動控制，故A錯誤；燃氣泄漏報警器是通過氣體傳感器探測周圍環境中的低濃度可燃氣體，通過采樣電路，在傳感器表面產生化學反應或電化學反應，造成傳感器的電物理特性的改變，故B錯誤；金電梯超載時會自動報警，是通過不同的壓力轉換成電學量，運用的壓力傳感器，故C正確；酒精濃度測試儀通過酒精氣體傳感器將酒精濃度轉化為電阻值，不屬于力傳感器，故D錯誤所以C正確，ABD錯誤【點睛】本題考查常用傳感器的工作原理、特性及在實踐中的應用4、D【解析】力單位是N；功率的單位是W；電場強度單位是N/C；電壓的單位是V；故選D.5、B【解析】在圖像中，斜率,所以斜率越大，

12、則電阻越小，所以 ，故B正確，綜上所述本題答案是;B6、C【解析】人的速度原來為零，起跳后變化v，則由動量定理可得：故地面對人的沖量為：；由于支持力的作用點沒有位移，故地面對人做功為零，故選項C正確，選項ABD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】以A球為研究對象，分析受力，作出力圖如圖1所示：設B對A的庫侖力F與墻壁的夾角為，由平衡條件得豎直墻面對小球A的彈力為：N1=mAgtan將小球B向左推動少許時減小，則N1減小。再以AB整體為研究對象，分析受力

13、如圖2所示，由平衡條件得：F=N1N2=（mA+mB）g則F減小，地面對小球B的彈力一定不變。由上分析得到庫侖力，減小，cos增大，F庫減小，根據庫侖定律分析得知，兩球之間的距離增大。A. 兩小球之間的距離減小，與結論不相符，選項A錯誤；B. 水平推力F不變，與結論不相符，選項B錯誤；C. 小球B對地面的壓力不變，與結論相符，選項C正確；D. 豎直墻面對小球A的彈力減小，與結論相符，選項D正確；8、CD【解析】A. 根據線速度的定義式得：，已知“神舟星”平均每天繞太陽運行174萬公里，“楊利偉星”平均每天繞太陽運行145萬公里，可以得出：“神舟星”的線速度大于“楊利偉星”的線速度。根據萬有引力

14、提供向心力得：由于“神舟星”的線速度大于“楊利偉星”的線速度，所以“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，故A錯誤。B.根據開普勒第三定律可知，軌道半徑大的周期長，所以“神舟星”的公轉周期小，故B錯誤。C. 根據萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，所以“神舟星”的加速度大于“楊利偉星”的加速度。故C正確。D. 根據萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，所以“神舟星”的角速度大于“楊利偉星”的角速度。故D正確。9、BC【解析】AS閉合穩定后，線圈相當于定值電阻，對電路的阻礙減弱，回路中總電阻減小，電流增大，D2比S

15、剛閉合時亮，故A錯誤； BD S閉合穩定后再斷開開關，D2立即熄滅，但由于線圈的自感作用，L相當于電源，與D1組成回路，D1要過一會在熄滅，流過的電流方向相反，故B正確，D錯誤；CS閉合瞬間，由于自感線圈相當于斷路，所以兩燈是串聯，電流相等，一起亮，故C正確。10、CD【解析】A. 當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，故A誤差。B. 電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗，故B錯誤。CD. 電路中電流減小，故內阻及R0、L1兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯部分的電壓增大，故L2變亮；因L2中電流增大，干路電流減小，故流過L3的電流減小，故

16、L3變暗；故CD正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 S 左 1 T 右 15K【解析】(1)機械調零：調節S，使電表指針停在左端的“0”刻度位置。選擇擋位：阻值約為2030的定值電阻，要使指針指在中間附近，則選擇的倍率應為1。歐姆調零：將紅、黑表筆分別插入“”、“”插孔，筆尖相互接觸，調節T，使電表指針指向右端的“0”刻度位置。（2）在測量另一電阻的阻值時，電表的讀數如圖（乙）所示，該電阻的阻值為。12、（1）D、F、I （2）外接法+分壓式，如下圖所示 （3）如下圖所示 （4）a【解析】試題分析：（1）燈泡額定電壓是6V，電壓

17、表選量程為6V的D；燈泡額定電流I=P/U=15/6=225A，則電流表選量程為23A的F；為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇小電阻I（2）由于小燈泡的電阻值比較小，則電流表采用外接法，由表中實驗數據可知，電壓與電流從零開始變化，則滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示；（3）實物連線如圖所示（4）為了安全和保護電表，開關閉合前將滑片置于接入電路的電阻值最大，故滑片在a端考點：考查描繪小電珠的伏安特性曲線【名師點睛】本題考查測量燈泡的伏安特性曲線的原理；要掌握實驗器材的選取原則、確定滑動變阻器與電流表的接法是正確作出實驗電路圖的關鍵四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答

18、題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、豎直向上 0.015N 導線不受安培力【解析】根據左手定則判斷知道，安培力豎直向上安培力大小為：F=BIL=0.51.50.2=0.015N電流I與磁感應強度B平行時不受安培力作用【點睛】該題考查到安培力的求解，會熟練的應用左手定則來判斷安培力的方向，注意左手定則與右手定則的區別會利用安培力的公式F=BILsin進行相關的分析和計算14、（1）即為動量定理；其中Ft為合外力的沖量，為動量的變化（2）在鐵錘與石板的碰撞過程中，鐵錘對石板的作用力較大，超過了石板承受的限度，因而石板裂開在作用前后，石板對人的作用力較小，其變化也較小，沒有超過人能承受的限度，因而沒有受傷【解析】由牛頓第二定律求得加速度，即可根據勻變速運動規律求得初末速度、力，時間之間的關系，從而將等式變形得到動量定理表達式；根據鐵錘下落和反彈高度，由動能定理求得求得鐵錘與石板碰撞前后的速度，即可根據動量定理得到鐵錘和石板間作用力的平均值【詳解】根據牛頓第二定律： 運動學規律：即為動量定理；其中Ft為合外力的沖量，為動量的變化在鐵錘與石板的碰撞