1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有一個空腔導體內部和外部都有電荷， 如圖所示，下述結論正確的是 ( ) A導體不接地時，內部電場強度受到外部電荷的影響B導體不接地時，外部電場強度受到內部電荷的影響C導體接地時，內部電場強度受到外部電荷的影響D導體接地時，外部電場強

2、度受到內部電荷的影響2、如圖所示，電路兩端的電壓保持不變，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，三個燈泡亮度的變化情況是() AL1變亮，L2和L3皆變暗BL1變暗，L2不能確定，L3變暗CL1變暗，L2變亮，L3變亮DL1變亮，L2變亮，L3變暗3、圖所示為電場中某條電場線的示意圖，則下列說法中正確的是 （ ）A電場線是電場中實際存在的線B電場線上每點的切線方向表示電場中該點的電場強度方向C電場線在電場中可以相交D電場中電場線較密的地方電場強度較小，電場線較疏的地方電場強度較大4、一個帶電粒子，沿垂直于磁場方向，射入勻強磁場中，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段都可以近似看成圓弧由于帶電

3、粒子使周圍的空氣電離，粒子的能量逐漸減小而帶電量不變不計粒子重力，從圖中情況可以確定（ ）A粒子是帶正電的，它所受的洛侖茲力大小不變B粒子是帶正電的，它是由a點運動到b點C粒子是帶負電的，它所受的洛侖茲力大小逐漸增大D粒子是帶負電的，它是由a點運動到b點5、下列說法正解的是（ ）A電場中某點的電場強度與試探電荷無關B導體的電阻率由導體材料、導體長度及導體橫截面積決定C電源的電動勢是描述電源把電勢能轉化成其他形式的能的本領大小的物理量D由電容的定義式可知，C與Q成正比、與U成反比6、某電場區域的電場線如圖所示把一個電子從A點移到B點時（）A電子所受的電場力增大，電子克服電場力做功B電子所受的電場

4、力減小，電場力對電子做正功C電子所受的電場力增大，電勢能減少D電子所受的電場力增大，電勢能增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在粗糙程度相同的水平地面上，物塊在水平向右的力F作用下由靜止開始運動，4s末撤去拉力F。運動的速度v與時間t的關系如下圖2所示，由圖象可知（ ）A在2s4s內，力F=0B在02s內，力F逐漸變小C物塊與地面間的動摩擦因數=0.2D06s內物塊運動的總位移為16m8、如圖所示，在電場中任意取一條電場線，電場線上的a、b兩點相距為d，則（ ）A

5、a點的場強一定大于b點的場強Ba點的電勢一定大于b點的電勢Ca、b兩點電勢差一定等于Ed（E為a點場強）Da、b兩點電勢差等與單位正電荷由a點沿任意路徑移到b點的過程中電場力所做的功9、如圖電路中，電源電動勢、內電阻、R1、R2為定值。閉合S后，將R的滑鍵向右移動，電壓表的示數變化量的絕對值為U，電阻R2的電壓變化量的絕對值為，電源電流變化量的絕對值為I，下列說法正確的是（）A通過R1的電流增大，增大量等于B通過R2的電流增大，增大量小于C與I的比值保持不變DU與I的比值保持不變10、如圖所示，直線上有O、a、b、c四點，ab間的距離與bc間的距離相等。在O點處有固定點電荷。已知b點電勢高于c

6、點電勢。若一帶負電荷的粒子僅在電場力作用下先從c點運動到b點，再從b點運動到a點，則()A該負電荷在a點受的電場力比在c點的大B前一過程中電場力做的功大于后一過程中電場力做的功C整個過程中，粒子電勢能不斷減小D后一過程中，粒子動能不斷增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）多用電表表頭的示意圖如圖所示。在正確操作的情況下： （1）若選擇開關的位置如箭頭所示，則測量結果為_。（2）若選擇開關的位置箭頭所示，正確操作后發現指針的偏轉角很小，那么接下來的正確操作步驟應該依次為：_。A重新機械調零 B重新歐姆調零 C調到1k倍率 D調到1

7、0倍率E.紅黑表筆分別接觸被測電阻的兩根引線，讀出指針所指刻度，再乘以倍率得測量值（3）測量結束后，應將選擇開關撥到_。（4）無論用多用電表進行何種測量（限于直流），電流都應該從_（填“紅”或“黑”）色表筆經_（填“正”或“負”）插孔流入電表。12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，使用的小燈泡為“6V，0.5A”，其他供選擇的器材有：電壓表V1（量程6V，內阻約20k） 電流表A1（量程3A，內阻約0.2） 電流表A2（量程0.6A，內阻約1） 變阻器R1（0-1000，0.5A） 變阻器R2（0-20，2A） 學生電源E（6-8V） 開關S及導線若干實驗中要求在電壓表示數從0

8、開始讀取并記錄下幾組不同的電壓值U和對應的電流值I，以便作出伏安特性曲線。（1）則在上述器材中，電流表應選_，變阻器應選_，圖中Rx表示小燈泡，實驗電路圖應選下圖中的_（選填“A”或“B”）。依據你所選的電路圖連接好電路后在開關閉合前應將滑片P移到_端（選填“A”或“B”）。（2）正確測量后，依據測量數據作出的伏安特性曲線如圖所示并不是一條直線，這表明小燈泡的電阻隨溫度的升高而_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，用某一直流電動機來提升重物，重物的質量m=100kg。當電壓U1=24V 時沒有提

9、起重物，即輸出功率為零這時電流為I1=6A當電動機的電壓為U2=220V，重物被提起.不計各種摩擦，當重物向上運動的速率恒定時，電路中的電流強度I2=5.0A， 求:（取g=10m/s2）（1）該電動機的電阻.（2）重物被電動機勻速提升時的速率?14（16分）有一個平行板電容器，電容是1.510-4F，所帶電荷量為610-8 C。如果兩板間的距離為1 mm，電容器兩極板間的電場強度是多少？15（12分）一根長20 cm的通電導線放在磁感應強度為0.4 T的勻強磁場中，導線與磁場方向垂直，若它受到的磁場力為4103N，則導線中的電流是多大？若將導線中的電流減小為零，則該處的磁感應強度為多少？參考

10、答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB空腔導體處于靜電平衡狀態，導體不接地時，外部電荷只會影響導體的外表面，內部電場強度不受外部電荷的影響，但內部電荷會在導體外產生電場，即外部電場強度受到內部電荷的影響，故A錯誤，B正確；CD導體接地時，屬于靜電屏蔽現象，屏蔽內部電荷產生的電場，即外部電場強度不受內部電荷的影響，同時外部電荷只會影響導體的外表面，內部電場強度不受外部電荷的影響，故C錯誤，D錯誤。2、D【解析】當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，變阻器電阻R減小，故總電阻減小，根據歐姆定律干路電流增加，故燈泡

11、L1變亮；并聯電路的電壓U并=U-IRL1，故并聯電路電壓變小，燈泡L3變暗；干路電流增加，而通過燈泡L3的電流變小，故通過燈泡L2的電流增加，燈泡L2變亮；故選D。3、B【解析】A電場線是假想的，電場中實際不存在電場線，故A錯誤；B電場中某點的方向等于該點沿電場線的切線方向，選項B正確；C若電場線相交，則相交處場強方向有兩個，和電場方向是唯一的相矛盾，故電場線不相交，故C錯誤；D電場線的疏密表示電場強弱，電場線較密的地方電場強度較大，電場線較疏的地方電場強度較小，故D錯誤；4、D【解析】試題分析：因為粒子的能量逐漸減小而帶電量不變根據半徑公式r=mvBq可得粒子的運動半徑逐漸減小，即粒子是從

12、a運動到b的，根據F=Bqv可得粒子受到的洛倫茲力減小，根據左手定則，粒子帶負電，故D正確；考點：考查了帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】根據r=mvBq可知，粒子運動的半徑與速度的大小有關，根據半徑的變化來判斷粒子的運動的方向，這是解決本題的關鍵5、A【解析】A項：電場中某點的電場強度取決于電場本身的性質與試探電荷無關，故A項正確；B項：導體的電阻率由導體本身的性質決定，故B項錯誤；C項：電源電動勢是描述電源把其他形式的能轉化為電勢能的本領大小的物理量，故C項錯誤；D項：電容器的電容只取決于電容本身的性質，與其所帶的電荷量，兩板間的電壓無關，故D錯誤6、C【解析】由圖可知，B處電場線密，電場

13、強度較大，所以電子在B受到的電場力較大，電子所受電場力方向與電場線方向相反，所以從A運動到B，電場力對電子做正功，故AB錯誤；電子從A點移到B點時，電場力增大，而電場力做正功，其電勢能減小，故C正確，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A.在2s4s內，物體做勻速運動，因此外力F等于物體受到的摩擦力，故A錯誤；B.在02s內，圖線的斜率逐漸減小，物體做加速度逐漸減小的加速運動，根據牛頓第二定律得所以有可知力F逐漸減小，故B正確；C.物體做勻減速運動的

14、加速度大小為根據牛頓第二定律得解得，故C正確；D.在02s內的位移大于4m，在26s內的位移為則06s內的總位移大于16m，故D錯誤。故選BC。8、BD【解析】一條電場線無法判斷場強的疏密，A錯誤；沿著電場線的方向電勢逐漸降低，B正確；只有在勻強電場中a、b兩點間的電勢差等于Ed，C錯誤；a、b兩點間的電勢差等于單位正電荷由a點沿任意路徑移到b點的過程中靜電力所做的功，D正確；故選BD9、BCD【解析】A將R的滑鍵向右移動，減小，電路中的總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可知干路電流增大，通過電流增大，則分壓增大，根據可知路端電壓減小，所以與構成的并聯電路部分分壓減小，所以通過的電流減小，根據歐

15、姆定律可知減小量等于，A錯誤；B根據閉合電路歐姆定律可知滑鍵向右移動后，結合數學知識可知可知結合歐姆定律可知B正確；C根據B選項分析可知C正確；D對變形得則D正確。故選BCD。10、ACD【解析】A. 由于a點距離場源電荷較近，可知負電荷在a點受的電場力比在c點的大，選項A正確；B.由題，b點電勢高于c點電勢，則知電場線方向由O指向c，則點電荷帶正電，a、b間電場線比b、c間電場線密，則a、b間場強大于b、c間的場強，由公式U=Ed可知，a、b間電勢差大于b、c間電勢差，由公式W=qU可知，前一過程中電場力做的功小于后一過程中電場力做的功，故B錯誤；C.負電荷所受的電場力方向向左，與速度方向相

16、同，則電場力做正功，電勢能減小，故C正確；D.電場力做正功，由動能定理得知，后一過程，粒子動能不斷增大。故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3500 CBE OFF 紅 正 【解析】（1）所示指針讀數為35，又有歐姆檔倍率為“100”，故測量結果為35100=3500。（2）若選擇開關的位置如黑箭頭所示，正確操作后發現指針的偏轉角很小，說明指針示數偏大，所選倍率太小，為準確測量電阻，接下應：調到1k倍率，然后進行歐姆調零，再測電阻阻值，故步驟應該依次為CBE。（3）測量結束后，應將選擇開關撥到OFF.（4）無論用多用電表進行何

17、種測量（限于直流），電流都應該從紅色表筆經正插孔流入電表。12、A2 R2 B A 增大 【解析】(1)1燈泡額定電流是0.5A，電流表應選A2；2為保證安全，方便實驗操作，滑動變阻器應選R2；3要求在電壓表示數從0開始讀數，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡正常發光時的電阻為：電流表內阻為1，電壓表內阻為20k，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表采用外接法，應選圖B所示實驗電路4接通電路時為了保護電流表和電壓表，應使流過的電流為零，故開關閉合前滑片P移到A端.(2)5由圖示燈泡I-U圖象可知，隨電壓增大，通過燈泡的電流增大，燈泡實際功率增大，燈泡溫度升高，電壓與電流的比值增大，即燈泡電阻增大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。1