1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一帶電小球以某一速度進入勻強電場中，對帶電小球的運動有下列說法，其中正確的是（）A一定做曲線運動B一定做勻變速直線運動C可能做勻速直線運動D可能做勻速圓周運動2、河寬420 m，船在靜水中的速度為4 m/s，水流的速度為5 m/s，則船過河的最短時間為( )A140 sB105 sC84 sD60 s3、如圖所示，電源的電動勢和內阻分別為E、r，在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，下列各物理量變化情況為A電流表的讀數逐漸減小B的功率逐漸增大C電源的輸出功率可能先減小后增大

3、D電壓表與電流表讀數的改變量的比值先增大后減小4、關于電場線的的敘述不正確的是（ ）A沿著電場線的方向電場強度越來越小B在沒有電荷的地方，任何兩條電場線都不會相交C電場線是人們假設的，用以形象表示電場的強弱和方向，客觀上并不存在D電場線是非閉合曲線，始于正電荷或無窮遠，止于負電荷或無窮遠5、下列說法中正確的是( )A點電荷就是體積很小的帶電體B點電荷就是體積和帶電量都很小的帶電體C根據設想當時得出D靜電力常量的數值是由實驗得出的6、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3.0 V，內阻不計，燈L1、L2、L3為三個相同規格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示當開關閉合后，下列說法正確的是(

4、)A燈泡L1的電流為燈泡L2電流的2倍B燈泡L1的電阻為7.5 C燈泡L2消耗的電功率為0.75 WD燈泡L3消耗的電功率為0.30 W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地兩板間有一個負試探電荷固定在P點，如圖(甲)所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強、表示P點的電勢，Ep表示負電荷在P點的電勢能，若正極板保持不動，將負極板緩慢向P點移動一小段距離x0的過程中，在圖(乙)中，各物理量與負極板移動距離x的關系圖象中正確

5、的是 ABCD8、真空中有一靜電場，其在x軸正半軸的電勢隨x變化的關系如圖所示，則根據圖象可知，下列說法不正確的是AR處的電場強度E=0B若試探電荷從x1處移到x2處，電場力不一定做正功Cx1處與x2處的電場強度方向相反Dx1處的電場強度比x2處的電場強度大9、如圖所示，在等量異種點電荷形成的電場中有A、B、C三點，A點為兩點電荷連線的中點，B點為連線上距A點距離為d的一點，C點為連線中垂線上距A點距離也為d的一點，則下面關于三點電場強度E的大小、電勢高低的比較，正確的是 AEBEAEC，BEAECEB，CAB, ACDA=CB10、如圖所示電路，電源電壓恒定不變為8V，四只電阻的阻值都為3則

6、：( )A流過R2的電流為2ABR4兩端的電壓為6VCR1兩端電壓為6vD總電阻為4三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用接在50Hz交流電源上的打點計時器測定小車做勻加速直線運動的實驗中，得到如圖所示的一條紙帶，從比較清晰的點開始起，每隔0.1 s取一個計數點，分別標上0，1，2，3量得0與1兩點間的距離S1=10.0mm，1與2兩點間的距離S2=14.0mm，2與3兩點間的距離為S3=18.0mm，則打計數點l時小車的瞬時速度為_ms，打l與3兩點間小車的平均速度為_m/s12（12分）測小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，有以下器

7、材：A、小燈泡（2.5V，0.3A） B、電源（E=3V，內阻不計）C、電流表量程00.6A3A，內阻約為20D、電壓表量程0312V，內阻約為3k E、滑動變阻器，R1：010，額定電流2A則電流表該選量程_，電壓表該選量程_在方框中畫出實驗電路圖_：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，兩平行金屬板A、B間為一勻強電場，A、B相距6cm，C、D為電場中的兩點，且CD4cm，CD連線和場強方向成=60角一個電子從D點移到C點過程中電場力做功為3.21017J，求：（電子的電荷量e=1.601019

8、C）（1）A、B間勻強電場的場強；（2）A、B兩點間的電勢差；（3）若A板接地，D點電勢為多少？14（16分）虛線間存在如圖所示的水平勻強電場，一帶電粒子質量為、電荷量為，從點由靜止開始經電壓為的電場加速后，垂直進入勻強電場中，從虛線的某點（圖中未畫出）離開勻強電場時速度與電場方向成30角已知間距為，帶電粒子的重力忽略不計求：（1）帶電粒子剛進入勻強電場時的速率；（2）水平勻強電場的場強大小；（3）兩點間的電勢差15（12分）在近代物理實驗中，常用回旋加速器加速得到高速粒子流回旋加速器的結構如圖所示，D1、D2是相距很近的兩個處于勻強磁場中的半圓形金屬盒，D形盒的縫隙處接交流電源，A處的粒子源

9、產生的帶電粒子在兩盒之間被電場加速設帶電粒子質量為m，電量為q，勻強磁場磁感應強度為B，D形盒的最大半徑為R，兩個D形盒之間的距離為d，d遠小于R，D形盒之間所加交變電壓大小為U不計粒子的初速度及運動過程中質量的變化，求：（1）所加交變電壓的周期T；（2）帶電粒子離開D形盒時的動能Ekm； （3）帶電粒子在回旋加速器磁場中運動的時間t1及在兩D形盒間電場中運動的時間t2，并證明粒子在電場中運動的時間可以忽略不計參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當小球受到的重力與電場力的合力為零時，小球做勻速運動；當小球

10、所受重力和電場力的合力方向與速度方向在同一條直線上時，當兩者不等時，做勻變速直線運動；當重力與電場力的合力與速度不再同一直線上時，小球做曲線運動.A分析可知小球可能做曲線運動；故A項錯誤；B分析可知小球可以做勻變速直線運動，故B項錯誤；C分析可知小球可以做勻速直線運動，故C項正確；D勻強電場對小球施加的電場力為恒力，和重力的合力還是恒力，不能滿足勻速圓周運動的向心力條件，故不可能做勻速圓周運動，故D項錯誤。2、B【解析】試題分析：當船頭與河岸垂直航行時，在垂直于河岸方向上的速度最大，根據分運動和合運動具有等時性知，渡河時間最短；當船頭與河岸垂直時，渡河時間最短，則有，B正確3、C【解析】AB、

11、在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，變阻器并聯的總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律分析可知，電路中的總電流I先減小后增大，則電流表的讀數先減小后增大，R0的功率先減小后增大故A錯誤，B錯誤；C、由于電源的內阻與外電阻的關系未知，若電源的內阻一直比外電阻小，則電源的輸出功率先減小后增大故C正確；D、電壓表測量路端電壓，根據閉合電路歐姆定律得：U=EIr得：U/I =r，不變，故D錯誤故選C【點睛】在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，變阻器并聯電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律分析電路中總電流的變化，確定電流表示數的變化、R0的功率變化和路端電壓的變化根據電源內外電阻的關系分

12、析電源輸出功率的變化根據閉合電路歐姆定律分析U/I的變化4、A【解析】解： 沿著電場線的方向電勢越來越低,電場強度要看電場線的疏密,切忌混淆，其他均正確，所以A錯誤5、D【解析】試題分析：當帶電體的形狀和大小對我們所研究的問題影響不大時，就可以看做點電荷，點電荷不是體積很小的電荷，AB錯誤；當時，庫侖定律不再適用，C錯誤；靜電力常量的數值是庫侖由實驗得出的，D正確；考點：考查了點電荷，庫侖定律【名師點睛】正確解答本題需要掌握：點電荷的定義，能否看作點電荷的條件；對于庫侖定律的理解與應用，要正確理解公式中各個物理量的含義6、D【解析】當開關閉合后，燈泡L1的電壓等于3V，由圖讀出其電流I，由歐姆

13、定律求出電阻，并求出其功率。燈泡L2、L3串聯，電壓等于1.5V，由圖讀出電流，求出電阻。根據功率公式可求得各電阻的功率大小。【詳解】A項：電源電動勢為3.0V，內阻不計，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A；燈泡L2、L3串聯，電壓U2=U3=1.5V，由圖讀出其電流I2=I3=0.20A，I1I2=0.250.2=54，故A錯誤；B項：當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻R1=U1I1=12，故B錯誤；C項：L2消耗的功率P2=I2U2=0.3W，故C錯誤；D項：L3消耗的功率P3=I3U3=0.3W，故D正確。故應選

14、：D。【點睛】本題關鍵抓住電源的內阻不計，路端電壓等于電動勢，來確定三個燈泡的電壓。讀圖能力是基本功。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A當負極板右移時d減小，由：可以知道C與d成反比，圖象不能為一次函數圖象；故A錯誤;B由：可以知道：則：故E與d無關，故B錯誤;C因負極板接地，設P點原來距負極板為l，則P點的電勢：所以C正確;D電勢能：故D正確;8、AC【解析】:A、-x圖象中,曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度;R處切線的斜率不為零,故電場強度不

15、為零;故A錯誤;B、若試探電荷從x1 處移到x2 處,電勢降低,根據公式W=qU,如果是正電荷,電場力做正功;如果是負電荷,電場力做負功;所以B選項是正確的;C、x1處與x2處的切線斜率同為負值,故x方向的電場強度分量的方向相同,故C錯誤;D、-x圖象中,曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度，從圖像上可以看出，x1處比x2處電場強度大，故D正確；本題要選不正確的，所以答案應該是AC綜上所述本題答案是：AC9、AD【解析】根據電場線的疏密分布知，A點的電場線比C點密，B點的電場線比A點密，則EBEAEC，A正確，B錯誤；等量的異種電荷的中垂線為等勢線，則A點的電勢與C點的電勢相等，沿著電場線方

16、向電勢逐漸降低，則A點的電勢大于B點電勢。所以A=CB故C錯誤，D正確。故選AD。【點睛】雖然電場線不是實際存在的，但電場線的疏密可以體現電場強度的強弱；可以根據電場線方向來確定電勢的高低；同時還考查了等量異種點電荷的電場線的分布，電場線與等勢線相互垂直10、BD【解析】由圖可知，并聯后與R4串聯，接到電源的兩端，則，總電流為根據閉合電路歐姆定律得，所以通過、的電流為，R4兩端的電壓，兩端電壓為，BD正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.12 0.16 【解析】打計數點l時小車的瞬時速度等于0與2點間的平均速度，為： ；打l與3兩

17、點間小車的平均速度為：；【點睛】本題借助實驗考查了勻變速直線的規律以及推論的應用，關鍵是知道平均速度等于中間時刻瞬時速度；在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用，提高解決問題能力12、 電流表量程：0-0.6A 電壓表量程：0-3V 電路圖見解析【解析】（1）燈泡額定電壓為2.5V，則電壓表應選03V量程，燈泡正常發光時的電流為0.3A，則電流表選00.6A量程（2）描繪小燈泡伏安特性曲線電壓與電流應從零開始變化，因此滑動變阻器應采用分壓接法；燈泡電阻，根據電表的內阻可得，則電流表應采用外接法，電路圖如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字

18、說明、方程式和演算步驟。13、（1）104V/m；（2）600V；（3）200V【解析】（1）由電場力做功與電勢差的關系式可得：平行金屬板間電場線方向垂直于板，豎直向下故CD沿電場線方向的距離dCD=|CD|cos=0.04mcos60=0.02m，（2）UAB=Ed=10000V/m0.06m=600V（3）若A板接地，則C=0，根據UDC=D-C求得：D=UDC+C=-200+0=-200V14、（1） （2） （3）【解析】（1）由動能定理得代入數據得（2）粒子沿初速度方向做勻速運動，粒子沿電場方向做勻加速運動，由題意得:由牛頓第二定律得:聯立以上各式并代入數據得:（3）由動能定理得聯立以上各式并代入數據得15、（1）2mqB （2）q2B2R22m （3）見解析【解析】（1）帶電粒子在磁場中運動半周的時間與交變電壓的半個周期相等， 得T=2mqB （2）帶電粒子離開D形盒時的軌跡半徑為R，由圓周運動的規律得qvB=mv2R 解得：v=qRBm 帶電粒子離開D形盒時的動能Ekm=12