1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量m=75kg的滑雪運動員在傾角=37的直滑道上由靜止開始向下滑行的速度

2、時間圖象，圖中的OA直線是t=0時刻速度圖線的切線，速度圖線末段BC平行于時間軸，運動員與滑道間的動摩擦因數為，所受空氣阻力與速度成正比，比例系數為k設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，則A物體開始時做加速度增大的加速直線運動，最后做勻速運動Bt=0時刻運動員的加速度大小為2m/s2C動摩擦因數為0.25D比例系數k為15kg/s2、物體做曲線運動，則（ ）A物體的加速度大小一定變化B物體的加速度方向一定變化C物體的速度的大小一定變化D物體的速度的方向一定變化3、如圖所示，質量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與墻之間用輕彈簧

3、連接?，F用完全相同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧。不計空氣阻力，若彈簧被壓縮過程中的最大彈性勢能為E，從球A被碰后開始到回到原靜止位置的過程中墻對彈簧的沖量大小為I，則下列表達式中正確的是（）AE= I=2BE= I=2CE= I=DE= I=4、在物理學發展過程中，有許多科學家做出了貢獻，下列說法正確的是（ ）A牛頓通過多年觀測記錄行星的運動，提出了行星運動的三大定律B卡文迪許發現萬有引力定律，被人們稱為“能稱出地球質量的人”C伽利略利用“理想斜面”得出“力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因”的觀點D開普勒從理論和實驗兩個角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從

4、而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質量越大下落越快”的錯誤觀點5、關于功，下列正確的說法是( )A物體受到力的作用，并且有位移，力就一定做功B在功的計算式中，F、s和均可取正值、負值或零C合力的總功等于每個分力所做功的絕對值相加D功不是描述物體狀態的物理量6、如圖所示，當滑動變阻器R3的滑動頭P向下移動時，則A電壓表示數變小，電流表示數變大B電壓表示數變大，電流表示數變小C電壓表示數變大，電流表示數變大D電壓表示數變小，電流表示數變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

5、7、如圖所示，實線是一列簡諧橫波在t1時刻的波形圖，M是平衡位置距O點5m的質點，虛線是t2=（t1+0.2）s時刻的波形圖下列說法中，正確的是（）A該波遇到長度為3米的障礙物時將會發生明顯衍射現象B波速可能為C該波的周期可能為D若波速為，該波一定沿著x軸負方向傳播E.若波速為15ms，從到時刻，質點M運動的路程為60cm8、氫原子的能級圖如圖所示，關于大量氫原子的能級躍遷，下列說法正確的是(可見光的波長范圍為4.010-7 m7.610-7 m,普朗克常量h=6.610-34，真空中的光速c=3.0108m/s)A氫原子從高能級躍遷到基態時，會輻射射線B氫原子從n=4躍遷到n=3能級輻射的光

6、具有顯著的熱效應C氫原子從n=3能級自發躍遷時，若輻射出能量最大與最小的兩種光都能使某金屬發生光電效應，則逸出光電子最大初動能之差為10.2eVD氫原子從n=3能級自發躍遷時，輻射最大能量和最小能量所對應的光子動量之比為1209:1899、如圖所示，跳水運動員最后踏板的過程可以簡化為下述模型：運動員從高處落到處于自然狀態的跳板（A位置）上，隨跳板一同向下做變速運動到達最低點（B位置）對于運動員從開始與跳板接觸到運動至最低點的過程，下列說法中正確的是A運動員到達最低點時，其所受外力的合力為零B在這個過程中，運動員的動能一直在減小C在這個過程中，跳板的彈性勢能一直在增加D在這個過程中，運動員所受重

7、力對他做的功小于跳板的作用力對他做的功10、甲、乙兩車同時由同一地點沿同一方向做直線運動，它們的位移一時間圖象如圖所示，甲車圖象為過坐標原點的傾斜直線，乙車圖象為過原點且頂點在A點的拋物線，則下列說法正確的是（ ）A0-t1時間段內,甲、乙之間的距離一直增大B0-時間段內,甲、乙之間的距離一直增大C0-t2時間段內乙的平均速度等于甲的平均速度D0-t2時間段內，乙的路程大于甲的路程三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組用如圖甲所示的裝置驗證牛頓第二定律，同時測量木塊與木板間的動摩擦因數，提供的器材有帶定滑輪的長木板，打點計

8、時器，交流電源，木塊，紙帶，米尺，8個質量均為20g的鉤碼，細線等.實驗操作過程如下：A長木板置于水平桌面上，帶定滑輪的一端伸出桌面，把打點計時器同定在長木板上并與電源連接，紙帶穿過打點計時器并與木塊相連，細線一端與木塊相連，另一端跨過定滑輪掛上鉤碼，其余鉤碼都疊放在木塊上；B使木塊靠近打點計時器，接通電源，釋放木塊，打點計時器在紙帶上打下一系列點，記下懸掛鉤碼的個數C將木塊上的鉤碼逐個移到懸掛鉤碼端，更換紙帶，重復實驗操作B;D測出每條紙帶對應的木塊運動的加速度a，實驗數據如圖乙所示.n456780.501.302.203.003.90（1）實驗開始時，必須調節滑輪高度， 使_；（2）該實驗

9、中小車質量_（填“需要”或“不需要”)遠大于所掛鉤碼質量。（3）根據圖乙數據，在圖丙中作出圖象；（_）（4）由圖線得到= _(g=10 m/s2 )，還可求的物理量是_ (只需填寫物理量名稱).12（12分）某同學用如圖1所示的實驗裝置來測定重力加速度，同時研究重物在下落過程中機械能是否守恒。他認為如果實驗中測量重力加速度的相對誤差不超過5%，即可認為重物下落過程機械能守恒。請你幫他完成以下問題。(1)該同學在一次實驗中得到了如圖2所示的紙帶，他選取了紙帶上清晰連續的8個實際的點來進行數據分析，這8個點分別標記為A、B、C、D、E、F、G、H，各點與A點的距離已在圖中標出已知打點計時器所用交變

10、電流的頻率為f，則G點速度的表達式為_(2)該同學用同樣的方法繼續算出B、C、D、E、F的速度，作出了如圖3所示的圖，由圖可得重力加速度的測量值為 =_m/s2(3)如果當地的重力加速度的實際值為，通過計算相對誤差可知重物下落過程機械能_（填寫“守恒”或“不守恒”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）交通法規中越線停車的行為認定如下：當交通信號燈為紅燈期間，汽車的前輪駛過停止線，會觸發電子眼拍攝第一張照片；汽車的后輪駛過停止線，會觸發電子眼拍攝第二張照片；兩種照片齊全，這種行為被認定為“越線停車”。現有一汽

11、車以36 km/h勻速行駛至路口，該路口的最高時速不能超過54km/h，在前輪距離停止線100m處，司機發現交通信號燈還有6s將由綠燈變為紅燈，于是司機立即加速，但等紅燈亮起時汽車還未過停車線，為了不闖紅燈，司機立即剎車減速。已知汽車剎車時受到的阻力恒為車重的，正常行駛時汽車所受的阻力是剎車時的，加速時汽車牽引力變為原先勻速行駛時的3倍，汽車前后輪與地面接觸點之間的距離為3 m，汽車行駛時不超過該路段的最高限速，g取10 m/s2。求：(1)汽車加速運動時和剎車時的加速度大??；(2)汽車最終停止時.汽車前輪與地面接觸點到停止線的距離；該車是否“越線停車”?14（16分）如圖所示的裝置叫做阿特伍

12、德機，是阿特伍德創制的一種著名力學實驗裝置，用來研究勻變速直線運動的規律。繩子兩端的物體下落（上升）的加速度總是小于自由落體的加速度g，同自由落體相比，下落相同的高度，所花費的時間要長，這使得實驗者有足夠的時間從容的觀測、研究。已知物體A、B的質量相等均為M，物體C的質量為m，輕繩與輕滑輪間的摩擦不計，輕繩不可伸長且足夠長，如果m=14M，求：（1） 物體B從靜止開始下落一段距離的時間與其自由落體下落同樣的距離所用時間的比值。（2）系統在由靜止釋放后的運動過程中，物體C對B的拉力。15（12分）2020年，我國將一次實現火星的“環繞、者陸、巡視”三個目標假設探測器到達火星附近時，先在高度為h軌

13、道上環統半徑為R的火星做勻速圓周運動;之后通過變軌、減速落向火星探測器與火星表面碰撞后，以速度v豎直向上反彈經過時間t再次落回火星表面不考慮大星的自轉及火星表面大氣的影響，求:(1)火星表面重力加速度的大小;(2)探測器環線火星做勻速圓周運動的周期參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由速度-時間圖像可知，物體開始時做加速度減小的加速直線運動，最后做勻速運動，故A錯誤；在t=0時刻，圖線切線的斜率即為該時刻的加速度，故有，故B錯誤；在t=0時刻開始加速時，v0=0，由牛頓第二定律可得，最后勻速時有：vm=1

14、0m/s，a=0，由平衡條件可得，聯立解得： =0.25，k=30kg/s，故C正確、D錯誤所以C正確，ABD錯誤2、D【解析】物體做曲線運動，其速度方向時刻變化，但是大小可以不變，例如勻速圓周運動，其速度大小不變，但是方向時刻變大，其加速度大小不變，但是加速度方向時刻變化；例如平拋運動，其加速度大小和方向都是不變的，故選項ABC錯誤，D正確。3、A【解析】AB碰撞瞬間，由動量守恒定律可知：mv0=2mv1 解得：v1=碰撞后系統機械能守恒，當兩球向左減速到零時彈簧的彈性勢能最大，最大彈性勢能E，則：E=取AB整體分析，取向右為正，由動量定理可得所以墻對彈簧的沖量大小為2mv0A. E=、I=

15、2，與分析相符，故A項正確；B. E=、I=2，與分析不符，故B項錯誤；C. E=、I=，與分析不符，故C項錯誤；D. E=、I=，與分析不符，故D項錯誤。4、C【解析】解: A、開普勒提出了行星運動的三大定律,牛頓在此基礎上發現了萬有引力定律,故A錯誤.B、牛頓發現萬有引力定律后,英國物理學家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了萬有引力常量G,所以B選項是錯誤的.C、伽利略利用“理想斜面”否定了“力是維持物體運動的原因”的觀點,得出了“力是改變物體運動狀態的原因”的觀點,故C正確.D、伽利略從理論和實驗兩個角度,證明了輕、重物體下落一樣快,從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質量越大下

16、落越快”的錯誤觀點.故D錯誤.所以C選項是正確的5、D【解析】通過對公式的理解以及功能關系即可判斷相關問題?！驹斀狻緼物體受到力的作用，如果力和位移相互垂直，則力不會做功，A錯誤；B中，F、s和表示力和位移的大小，都是正值，表示力和位移方向的夾角，可取正值、負值或零，B錯誤；C合力的總功等于每個分力所做功的代數和相加，C錯誤；D功是能量轉化的量度，能量的變化可以通過做功實現，所以功是過程量，不是狀態量。6、B【解析】在變阻器的滑片向下滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓如何變化，即可知電壓表示數的變化情況。由歐姆定律分析并聯部分電

17、壓的變化，判斷電流表示數的變化【詳解】滑動頭P向下移動時，滑動變阻器連入電路的總電阻增大，即電路總電阻增大，根據閉合回路歐姆定律可得電路路端電壓增大，即電壓表的示數增大，總電流減小，即R1兩端的電壓減小，故并聯電路電壓增大，即R2兩端電壓增大，通過R2支路的電流增大，而總電流是減小的，故通過變阻器支路的電流減小，即電流表示數減小，B正確【點睛】在分析電路動態變化時，一般是根據局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據閉合回路歐姆定律推導所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數變化），也就是從局部整體局部二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共

18、20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ADE【解析】A因該波的波長為=4m，則該波遇到長度為3米的障礙物時將會發生明顯衍射現象，選項A正確；BC若波向右傳播，則 ， （n=0、1、2、3.）；若波向左傳播，則 ，（n=0、1、2、3.）；可知波速不可能為20m/s，周期不可能為0.6s，選項BC錯誤；D由可知，當n=1時，v=35m/s，則若波速為35m/s，該波一定沿著x軸負方向傳播，選項D正確；E若波速為15m/s，則波向左傳播，此時T=，則從t1到t2時刻，即經過t=0.2s=T，質點M運動的路程為3A=6

19、0cm，選項E正確.8、BCD【解析】A射線是處于高能級的原子核向低能級躍遷的過程中輻射出的，與核外電子無關，故A錯誤；B從n=4能級躍遷到n=3能級放出的光子的能量波長處于紅外線區域，則輻射的光具有顯著的熱效應，故B正確；CD氫原子從n=3能級自發躍遷時，若輻射出能量最大與最小的兩種光都能使某金屬發生光電效應，則能量最大的光子能量為動量為能量最小的光子的能量為動量為則逸出光電子的最大初動能之差為10.2eV，輻射最大能量和最小能量所對應的光子動量之比為，故CD正確。故選BCD。9、CD【解析】運動員從接觸跳板到到達最低點，彈力在增大，合力先減小后增大，所以運動到最低點合力不為零，故A錯誤；由

20、于一開始彈力很小，故重力大于彈力，此過程為加速過程，隨著木板被壓縮，彈力會增大到大于重力，人就做減速運動，所以運動員是先加速后減速，故其動能先增大后減小，故B錯誤；由于板一直被壓縮，所以跳板的彈性勢能一直在增大，故C正確；根據動能定理，在此過程中動能減小到0，重力做正功，彈力做負功，重力做的功小于彈力做的功，故D正確故選CD【點睛】運動員從接觸跳板開始，受到彈力和重力兩個力，在整個過程中，彈力從0增加到最大，合力先減小和增大，速度先增大后減小10、BCD【解析】A0t1時間段內甲、乙之間的距離等于兩者位移之差，由圖可知，兩者間距先增大，后減小，故A項錯誤；B在x-t圖象中，斜率代表速度，當斜率

21、相等時，相距最遠，由圖可知，距離相距最遠的時刻大于，即0-時間段內，甲、乙之間的距離一直增大，故B正確；C平均速度為位移與時間的比值，0-t2時間段內，位移相等，時間相等，則乙的平均速度等于甲的平均速度，故C正確；Dt2時刻甲乙相遇，路程為物體運動軌跡的長度，由圖可知，乙先向前運動，后反向，甲一直向前運動，故乙的路程大于甲的路程，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）細線與木板表面平行 不需要 0.31(0. 290.33) 木塊的質量 【解析】（1）1實驗開始時，必須調節滑輪高度，保證細線與木板表面平行；（2）2該實驗中

22、保持木塊和鉤碼的總質量不變，則研究對象是木塊和鉤碼的整體，則木塊質量不需要遠大于所掛鉤碼質量。（3）3根據表中實驗數據在坐標系中描出對應的點，然后作出圖象，如圖所示；（4）45對木塊與鉤碼組成的系統，由牛頓第二定律得：nmg-（8-n）mg+m木g=（8m+m木）a解得：由圖象得：n=0時，-g=a=-3，0.31（0.290.33均正確）由圖象還可以求出木塊質量12、（1）(x7x5)f； （1）9.40； （3）守恒 【解析】（1）根據勻變速直線運動的推論，結合T=；則有：（1）根據v1=1gh公式，速度的二次方v1與距離（h）的關系圖線的斜率為k=1g=18.8；所以g=9.4m/s1（3）根據相對誤差（100%），即有100%=4.3%5%，即可認為重物下落過程機械能守恒【點睛】了解實驗的裝置和工作原理對于紙帶的問題，我們要熟悉勻變速直線運動的特點和一些規律，注意相對誤差的理解及正確的計算四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)2m/s2；5m/s2(2)6.25