1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一物體在同樣的恒力作用下，分別沿粗糙水平地面和光滑水平地面由靜止開始移動相同距離，兩種情形下恒力做的功和平均功率分別為W1、P1和W2、P2，則下列選項正確的是AW1W2,P1P2BW1=W2 ,P1=P2CW1=W2,P1P2DW1W2 ,P12）的兩種光能發生光電效應下列說法正確的是A金屬板的極限頻率為B光電子的最大初動能為h(1+2)-W0C吸收光子的能量為h(1+2)D另一種光的光子能量為h(1-2)10、在傾角為的斜面上以速度v水平拋出一球，當球與斜面的距離最大

3、時，下列說法中正確的是（已知重力加速度為g）（）A球與斜面距離最大時，小球速度方向與斜面垂直B球與斜面距離最大時，小球的速度為C球與斜面距離最大時，小球飛行時間為D球與斜面距離最大時，小球飛行的水平距離為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某研究小組做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗所用器材有：方木板一塊，白紙，量程為5.0N的彈簧測力計，兩個橡皮條（帶兩個較長的細繩套），刻度尺，圖釘（若干個）。（1）下面關于實驗操作的建議，正確的是_A每次實驗時結點O的位置不能改變B每次實驗時結點O的位置可以改變（2）如圖1所示，甲、乙兩組同學

4、用同一套器材各做一次實驗，白紙上留下的標注信息有結點位置O、力的標度、分力和合力的大小及表示力的作用線的點如圖2所示。對減少實驗誤差較有利的是_組同學（選填“甲”或“乙”）（3）在給出的方格紙上按作圖法的要求畫出這兩個力的合力，并利用作圖法求出合力大小為_N。12（12分）如圖為“驗證力的平行四邊形定則”的實驗，將貼有白紙的木板豎直固定放置，三個細繩套L1、L2、L3一端共系于同一結點，另一端分別系于輕質彈簧測力計A、B和重物M上，彈簧測力計A的另一端掛于固定點P，手持彈簧測力計B拉動細繩，使結點靜止于O點(1)某次實驗中，彈簧測力計A的指針位置如圖所示，其讀數為_N；(2)實驗時要讀出彈簧測

5、力計A、B的示數，還要在白紙上記錄O點的位置和L1、L2、L3的_；(3)下列實驗要求中必要的是_A彈簧測力計需要在實驗前進行校零B多次實驗時彈簧測力計B始終保持水平C多次實驗時結點必須在同一點D需要測量重物M的重力四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示， a、b是完全相同的小物塊，質量均為m，光滑半圓弧軌道半徑為R，OA為水平半徑，BC為豎直直徑粗糙的水平軌道CM與圓弧軌道在C點相切，軌道上有一輕彈簧，一端固定在豎直墻上，另一端系物塊a，物體a恰位于軌道的末端C點(此時彈簧處于自然狀態)小物塊b自A

6、處以豎直向下的初速度v0滑下，到C點后與物體a發生彈性碰撞，a壓縮彈簧進入水平軌道，物塊b最終恰能通過B點重力加速度為g，求：（1）物塊b剛滑到半圓軌道C點時對軌道的壓力大小；（2）彈簧的最大彈性勢能14（16分）如圖所示，從A點以某一水平速度v0拋出質量m=1kg的小物塊（可視為質點），當物塊運動至B點時，恰好沿切線方向進入圓心角BOC=37的光滑圓弧軌道BC，經圓弧軌道后滑上與C點等高、靜止在粗糙水平面的長木板上，圓弧軌道C端切線水平已知長木板的質量M=4kg，A、B兩點距C點的高度分別為H=0.6m、h=0.15m，物塊與長木板之間的動摩擦因數1=0.7，長木板與地面間的動摩擦因數1=0

7、.1，g=10m/s1sin37=0.6，cos37=0.8，求： （1）小物塊在B點時的速度大小； （1）小物塊滑動至C點時，對圓弧軌道C點的壓力； （3）長木板至少為多長，才能保證小物塊不滑出長木板？（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力） 15（12分）位于豎直平面內的直角坐標系,軸沿水平方向.在第一象限的角平分線OA的上方存在有界勻強電場,場強，方向豎直向下；第二象限內有另一勻強電場E2,電場方向與軸正方向成45角斜向上,如圖所示.有一質量為、電荷量為+q的帶電小球在水平細線的拉力作用下恰好靜止在坐標處.現剪斷細線,小球從靜止開始運動,先后經過兩電場后,從A點進入無電場區域最終打在軸上的D點,

8、重力加速度為g,試求:（1）電場E2的場強;（2）A點的位置坐標;（3）到達D點時小球的動能參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】據題兩次水平恒力相等，物體的位移大小相等，根據功的公式知，恒力F所做的功相等，即為：；在光滑水平面上運動的加速度大，根據位移時間公式知在光滑水平面上的運動時間短，根據功率公式知：；故ABD錯誤，C正確。2、C【解析】AB、滑塊在滑動摩擦力作用下向右勻加速運動時,由牛頓第二定律知產生的加速度大小為，滑塊速度與皮帶共速歷時s，即2s后滑塊與皮帶以相同的速度向右勻速運動，與皮帶間無摩擦

9、力作用；4s后皮帶以做勻減速運動，小于滑動摩擦力能使滑塊產生的加速度2m/s2則皮帶減速運動時，滑塊的加速度與皮帶的加速度相同，此時滑塊受到的靜摩擦力，即此時的摩擦力等于滑動摩擦力的，而減速時間為，故AB錯誤；C、滑塊開始在滑動摩擦力作用下做勻加速時，可知，滑動摩擦力的功率與時間成正比，2s4s無摩擦力，功率為零，4s后滑塊在靜摩擦力作用下做勻減速運動，由于速度隨時間均勻減小至零，故摩擦力的功率也隨時間均勻減小至零，故C正確；D、只有開始滑塊加速運動時，滑塊與皮帶間有相對位移，此時滿足，位移不與時間成正比，故圖象不是傾斜的直線，故D錯誤故選C3、D【解析】AB自由落體運動下落很快，不易計時，伽

10、利略讓小球沿阻力很小的斜面滾下，延長了小球的運動時間，“沖淡”了重力的作用，故AB錯誤；CD由“斜面實驗”可知，銅球在斜面上運動的位移與時間的平方成正比，由公式可知，銅球運動的速度隨時間均勻增大，故C錯誤，D正確。故選D。4、C【解析】對O點受力分析，受重力和兩個拉力，做出受力圖，根據平衡條件并結合合成法分析即可【詳解】對O點受力分析，如圖所示：根據平衡條件，并結合正弦定理，有： A項：由于，所以，故A錯誤；B項：根據平衡條件，FA、FB的合力等于mg，故B錯誤；C項：調節懸點A的位置，使A點向左移動，當+趨向180時，可使FA、FB都大于mg，故C正確；D項：故換質量更大的燈籠，、均不變，根

11、據,，FB的增加量比FA的增加量大，故D錯誤故應選：C【點睛】本題關鍵是明確O點處于三力平衡狀態，結合平衡條件、合成法和正弦定理列式分析5、D【解析】撤去擋板前，對整體分析，擋板對B球的彈力大小為2mgsin，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零，B球所受合力為2mgsin，加速度為2gsin；圖乙中桿的彈力突變為零，A、B球所受合力均為mgsin，加速度均為gsin，故D正確，A.B.C錯誤故選D.點睛：根據彈簧彈力不能突變，桿的彈力會突變，分析撤去擋板的瞬間，圖甲和圖乙中A、B所受合外力即可得到各自的加速度6、D【解析】A、物體被拋出到

12、落回拋出點的全過程中，初末位置相同，高度差為零，所以重力做功為零；故A， B均錯誤.C、在上升的過程中，空氣阻力做功為-fh，在下降的過程中，空氣阻力做功為-fh，則整個過程中空氣阻力做功為-2fh；故C錯誤，D正確.故選D.【點睛】解決本題的關鍵知道重力做功與路徑無關，由初末位置的高度差決定阻力做功與路徑有關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】ABA、B都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，傳送帶的速度為2m/s，A加速下滑，B減速下滑，到達底端的位移相等，

13、則A先到達底端。故B錯誤，A正確。CA相對于傳送帶向上滑動，A受到的滑動摩擦力向下，B相對于傳送帶向下滑動，受到的摩擦力向上。故C錯誤。DA向下先加速運動，后與傳送帶一起勻速運動，B始終相對傳送帶滑動，A相對傳送帶的位移小于B相對于傳送帶的位移。故D正確。8、AC【解析】以兩物體組成的系統為研究對象，由牛頓第二定律可知，系統的加速度，方向水平向右；設彈簧秤的拉力是F，以m1為研究對象，由牛頓第二定律得：F1-F=m1a，則F=F1-m1a=28N，故A正確，B錯誤；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m1受力情況不變，m1受的合力不變，由牛頓第二定律可知，m1的加速度不變，故C正確；彈簧

14、的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m2不再受F2的作用，m2受的合力等于彈簧的彈力，發生變化，由牛頓第二定律可知，m2的加速度：，故D錯誤；故選AC【點睛】本題運用整體法和隔離法結合求解彈簧秤的彈力，是常用的方法撤去外力時，彈簧的彈力不能突變9、AD【解析】A、金屬板的極限頻率為，得，A正確；B、頻率為1的光子照射到金屬板時逸出的光電子初動能最大，則光電子的最大初動能為，B錯誤；C、吸收光子的能量為h1，C錯誤；D、逸出的三種光子能量關系為：，所以另一種光的光子能量為h(1-2)，D正確故選AD10、BC【解析】小球做平拋運動，當速度方向與斜面方向平行時，距離斜面最遠，根據平行四邊形定則求

15、出質點距離斜面最遠時的速度的豎直分速度，結合速度時間公式求出運動的時間，再求解水平距離【詳解】小球做平拋運動，當小球的速度與斜面方向平行時，距離斜面最遠，此時速度與水平方向的夾角為，根據平行四邊形定則可得此時的速度：，故A錯誤，B正確；豎直分速度vy=vtan，根據vy=gt，可得飛行時間，故C正確；球與斜面距離最大時，小球飛行的水平距離：，故D錯誤所以BC正確，AD錯誤【點睛】本題主要考查了平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道速度方向與斜面平行時，距離斜面最遠三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 乙 4.70N 【解析】(

16、1)1同一次實驗時，需要讓兩個力拉橡皮條和一個力拉橡皮條產生的作用效果相同，則必定結點O的位置要相同；而在重復實驗再次進行驗證時，結點O的位置可以與前一次不同，故A正確，B錯誤故選A。(2)2為了便于確定拉力的方向，在紙上描點時，所描的點不要太靠近結點，該甲組圖中所描的點太靠近結點；該圖中所描的點到結點的距離適中，力的大小適中，而且兩個力的角度的大小也適中，故乙組圖中的有利于減小誤差；(3)3取如圖所示的兩格表示0.5N，則可得出F1、F2，由上圖得出兩力的方向；作出平行四邊形，即其對角線的長度表示力的大小，箭頭的指向表示力的方向，由圖可求得12、2.00N 三條細線的方向 AD 【解析】(1

17、)由圖示彈簧測力計可知，其分度值為0.1N，示數為2.00N(1.99-2.01均可).(2)實驗時要讀出A、B的示數，還要在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置以及三個拉力即三條細線的方向.(3)A彈簧測力計是測出力的大小，所以要準確必須在測之前校零，故A正確；B該題中需要驗證彈簧A、B拉力的合力，是否與繩L3的拉力（或者說M重力）等大反向，B彈簧不一定非要保持水平，故B錯誤；C由于兩拉力的合力的效果是將重物吊起，故不需要結點位置相同，故C錯誤；D由于兩測力計拉力的合力等于物體的重力，實驗時應測量物體的重力，故D正確；【點睛】對于中學中的實驗，同學們盡量親自動手做一下，這樣對于實驗原理、實驗步

18、驟、注意事項、數據處理、誤差分析等才有深刻的認識，在該題中考查了彈簧測力計讀數、減小實驗誤差的方法，對彈簧測力計讀數時要先確定其分度值，然后再讀數，讀數時視線要與刻度線垂直.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）10mg（2）3.5mgR【解析】（1）物塊b自A處剛滑到C點的速度為vC，根據機械能守恒定律，在C點，由牛頓第三定律可知，物塊對軌道最低點的壓力為10mg（2）物塊b恰能通過B點：碰后物塊b恰好到達最高點，根據機械能守恒物塊a、b發生彈性碰撞，動量守恒、動能守恒解得：，物塊a、b交換速度，b靜止在C點，物塊a壓縮彈簧，到最短，物塊a返回C點時，物塊a、b再次發生彈性碰撞，動量守恒、動能守恒，交換速度解得EP=3.5mgR14、 (1) 5m/s (1) 47.3N （3）1m【解析】(1) 設小物塊做平拋運動的時間為t，則有： 設小物塊到達B點時豎直分速度為vy：vy=gt由以上兩式解得：vy=3m/s由題意，速度方向與水平面的夾角為37，解得v0=4m/s則小物塊運動到B點時的速度(1) 設小物塊到達C點時速度為v1，從B至C點，由動能定理得設C點受到的支持力為FN，則有由幾何關系得由上式可得R=0.75m， 根據牛頓第