1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2018年9月19日晚22時07分，中國以“一箭雙星”方式成功發射第37、38顆北斗

2、導航衛星。如圖所示，北斗導航系統中的衛星1與衛星2均為地球同步衛星，某時刻它們位于軌道上的A、B兩位置。設地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，地球自轉周期為T。則（）A兩衛星軌道半徑均為B兩衛星線速度大小均為C兩衛星受到的萬有引力相等D衛星1由A運動到B所需的最短時間為2、如圖所示，平行直虛線AA、BB、CC、DD、EE，分別表示電勢-4V、-2V、0V、2V、4V的等勢面，若AB=BC=CD=DE=2cm，且與直虛線MN成30角，則（）A該電場是勻強電場，電場強度大小E=2V/mB該電場是勻強電場，電場強度垂直于AA，且指向右下C該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢

3、為2V，最低電勢為-2VD該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V3、一彈丸在飛行到距離地面5m高時僅有水平速度v2m/s，爆炸成為甲、乙兩塊水平飛出，甲、乙的質量比為31不計質量損失，取重力加速度g10m/s2，則下列圖中兩塊彈片飛行的軌跡可能正確的是( )ABCD4、下列關于功、功率的說法，正確的是（）A只要力作用在物體上，則該力一定對物體做功B由P=知，只要知道W和t就可求出任意時刻的功率C摩擦力一定對物體做負功D由P=Fv知，當汽車發動機功率一定時，牽引力與速度成反比5、如圖所示，一個小球用長為L的細線懸于O點，將小球向左拉到某一高度，此時細線與

4、豎直方向的夾角為 =53，由靜止釋放小球，若小球向右擺動到最低點時細線斷開，小球落在水平地面的A點（未畫出）；若小球向右擺動到最高點時細線斷開，小球的落地點也在A點，不計空氣阻力，sin 530 = 0.8，則細線的懸點O離水平地面的高度為 ( ) A1.2 LB1.4 LC1.6 LD1.8 L6、一質量為m的子彈，以速度水平射入放在光滑水平面上質量為的木塊中而不穿出，則下列說法正確的是（）A系統內能的增加量等于子彈克服阻力做的功B子彈動能的減少量等于子彈克服阻力做的功C子彈對木板做的功等于子彈克服阻力做的功D子彈損失的機械能等于木塊獲得的動能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20

5、分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、興趣小組的同學們利用彈弓放飛模型飛機。彈弓的構造如圖1所示，其中橡皮筋兩端點A、B固定在把手上。橡皮筋處于ACB時恰好為橡皮筋原長狀態（如圖2所示），將模型飛機的尾部放在C處，將C點拉至D點時放手，模型飛機就會在橡皮筋的作用下發射出去。C、D兩點均在AB連線的中垂線上，橡皮筋的質量忽略不計。現將模型飛機豎直向上發射，在它由D運動到C的過程中A模型飛機在D位置所受彈力最大B模型飛機在C位置時的速度最大C模型飛機的加速度先減小，后增大D模型飛機的機械能一直在增大8、如圖所示，在水平地

6、面上疊放著、三個完全相同的物塊，今用水平力作用于時，、均處于靜止狀態，則下列判斷正確的是（ ）A對的摩擦力大小等于B對的摩擦力大小等于C對的摩擦力大小等于D地對的摩擦力大小等于9、在距地面高度為s的A點，以初速度為v0水平拋出小球，其水平射程為s，B點為落地點.在豎直平面內將光滑桿按該小球的平拋運動軌跡彎制，如圖所示.現將一小環套在桿上，從桿的A端由靜止開始釋放，當小環下滑到桿的B端時（ ）A小環的速度大小為2v0B小環沿桿從A端運動到B端的時間為sv0C小環的速度水平分量大小為255v0D小環的速度方向與水平方向成45角10、如圖所示，A、B兩物體質量均為m，疊放在輕質彈簧上(彈簧下端固定于

7、地面上)對A施加一豎直向下、大小為F(F2mg)的力，將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內)而處于平衡狀態現突然撤去力F，設兩物體向上運動過程中A、B間的相互作用力大小為FN不計空氣阻力，關于FN的說法正確的是(重力加速度為g)()A剛撤去力F時，FNB彈簧彈力大小為F時，FNCA、B的速度最大時，FNmgD彈簧恢復原長時，FN0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測量由兩節干電池組成的電池組的電動勢和內電阻,某同學設計了如圖甲所示的實驗電路，其中R為電阻箱，R0=5的保護電阻。(1)斷開開關S,調整電阻箱的阻值，再閉

8、合開關S,讀取并記錄電壓表的示數及電阻箱接入電路中的阻值。多次重復上述操作，可得到多組電壓值U及電阻值R,建立的坐標系，并在圖中描點，如圖乙所示。由圖線可求得電池組的電動勢E=_V, 內阻r=_(結果均保留兩位有效數字)(2)除導線電阻、讀數誤差之外，引起該實驗誤差的主要原因是_。R/U/V1/R（1/）1/U（1/V）1.00.401.002.502.00.670.501.493.00.900.331.114.01.060.250.945.01.230.200.817.01.450.140.6910.01.710.100.5880.02.600.010.38100.02.630.010.38

9、1000.02.800.000.3612（12分）某物理學習興趣小組的同學用如圖所示的裝置驗證動能定理。（1）有兩種工作頻率為的打點計時器供試驗選用：A電磁打點計時器 B電火花打點計時器為使紙帶在運動時受到的阻力較小，應選擇_（選填“”或“”）（2）保持長木板水平，將紙帶固定在小車后端，紙帶穿過打點計時器的限位孔。實驗中，為消除摩擦力的影響，在砝碼盤中慢慢加入沙子，直到小車開始運動。同學甲認為此時的摩擦力的影響已得到消除。同學乙認為還應從盤中取出適量沙子，直至輕推小車觀察到小車做勻速運動。看法正確的同學是_（選填“甲”或“乙”）。（3）消除摩擦力的影響后，在砝碼盤中加入砝碼，接通打點計時器電源

10、，松開小車，小車運動。紙帶被打出一系列點，選中紙帶上合適的某點點。測出小車的質量為，再測出紙帶上起點到點的距離。小車動能的變化量可用算出。砝碼盤中砝碼的質量為，重量加速度為；實驗中，小車的質量應_（選填“遠大于”“遠小于”或“接近”）砝碼、砝碼盤和沙子的總質量，小車所受合力做的功可用算出。多次測量，若與均基本相等則驗證了動能定理。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，導熱性能良好的水平放置的圓筒形氣缸與一裝有水銀的U形管相連，U形管左側上端封閉一段長度為15cm的空氣柱，U形管右側用活塞封閉一定質量的理

11、想氣體開始時U形管兩臂中水銀面齊平，活塞處于靜止狀態，此時U形管右側用活塞封閉的氣體體積為490mL，若用力F緩慢向左推動活塞，使活塞從A位置移動到B位置，此時U形管兩臂中的液面高度差為10cm，已知外界大氣壓強為75cmHg，不計活塞與氣缸內壁間的摩擦，求活塞移動到B位置時U形管右側用活塞封閉的氣體體積14（16分）如圖所示，質量為的長木板A靜置在粗糙的水平地面上，質量為的物塊B (可視為質點)放在長木板的最右端。突然水平向右敲打木板（敲打的時間極短），敲打后瞬間長木板A速度變為，隨后整個過程物塊B始終在長木板上。已知長木板與地面間的動摩擦因數為，物塊B與長木板間的動摩擦因數，物塊B與長木板

12、間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取，求：(1)剛敲打后瞬間長木板A與物塊B的加速度；(2)長木板A最小長度L(3)整個過程中長木板A的位移s15（12分）在某星球表面輕繩約束下的質量為m的小球在豎直平面內做圓周運動，小球在最高點時繩子拉力為F1，在最低點時繩子拉力為F1假設星球是均勻球體，其半徑為R，已知萬有引力常量為G，不計一切阻力，求：（1）求星球表面重力加速度；（1）求該星球的密度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A.根據萬有引力公式可得由黃金代換可得兩式聯立可得故A正確；B.兩衛星都是地球同步衛

13、星，處于同一軌道，因此線速度大小相同，但軌道半徑遠大于地球半徑，因此線速度大于，故B錯誤；C.因為兩衛星質量不一定相同，根據萬有引力公式因此兩衛星所受萬有引力不一定相同，故C錯誤；D.因為A、B之間的圓心角為60，因此衛星1由A運動到B所需的最短時間為，故D錯誤。故選A。2、D【解析】AB從圖中可以看出，等勢面平行且間距相等，故一定是勻強電場；由于電場線與等勢面垂直，且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故場強方向與AA垂直，且指向左上方；根據場強與電勢差關系公式U=Ed可得故AB錯誤；CD勻強電場的等勢面是一些平行的等間距的直線，故該電場是勻強電場；由于勻強電場中沿著電場線，電勢降低的最快，

14、且每前進相同距離，電勢降低相等的值，故距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V，故C錯誤，D正確。故選D。3、D【解析】試題分析：炮彈到達最高點時爆炸時，爆炸的內力遠大于重力（外力），遵守動量守恒定律；當炮彈到達最高點時爆炸為沿水平方向運動的兩片，兩片炸彈都做平拋運動根據平拋運動的基本公式即可解題規定向右為正，設彈丸的質量為4m，則甲的質量為3m，乙的質量為m，炮彈到達最高點時爆炸時，爆炸的內力遠大于重力（外力），遵守動量守恒定律，則有,則，兩塊彈片都做平拋運動，高度一樣，則運動時間相等，水平方向做勻速運動，則，結合圖象可知，D的位移滿足上述表達式，故D正確4、D【解析】

15、只有同時滿足功的兩個條件，力才做功，即：物體受力，同時在力的方向上發生了位移，故A錯誤；公式P=W/t只能計算平均功率，不能計算瞬時功率，故B錯誤；恒力做功的表達式W=FScos，滑動摩擦力的方向與物體相對運動方向相反，但與運動方向可以相同，也可以相反，物體受滑動摩擦力也有可能位移為零，故可能做負功，也可能做正功，也可以不做功；靜摩擦力的方向與物體相對運動趨勢方向相反，但與運動方向可以相同，也可以相反，還可以與運動方向垂直，故靜摩擦力可以做正功，也可以做負功，也可以不做功，故C錯誤；據 P=Fv可知，當功率恒定時，牽引力與速度成反比，故D正確故選D點睛：解答此題的關鍵是：理解做功的兩個必要因素

16、：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過的距離二者缺一不可；理解平均功率和瞬時功率的概念，會用控制變量法討論；同時要明確恒力做功的求法5、B【解析】若小球向右擺動到最低點時細線斷開，先根據機械能守恒得到小球通過最低點時的速度，結合平拋運動的規律得到平拋運動的水平距離；若小球向右擺動到最高點時細線斷開，根據機械能守恒得到小球向右擺動的最大偏角，結合幾何關系求解【詳解】設細線的懸點O離水平地面的高度為h若小球向右擺動到最低點時細線斷開，斷開前的過程，根據機械能守恒得 繩斷開后小球做平拋運動，則有： x=vt若小球向右擺動到最高點時細線斷開，根據機械能守恒得到小球向右擺動的最大偏角為53，則有：x=

17、Lsin53聯立得：h=1.4L故應選：B【點睛】本題的關鍵是明確小球的運動規律，然后結合機械能守恒定律、平拋運動定律列式后聯立求解6、B【解析】A根據能量轉化和守恒定律得知：系統機械能的減少量等于系統內能的增加，而系統機械能的減少量等于系統克服阻力做的總功，不等于子彈克服阻力做的功，故A錯誤；B對子彈，只有阻力做負功，根據動能定理得知：子彈動能的減少量等于子彈克服阻力做的功等，故B正確；C子彈在射入木塊的過程中，由于子彈與木塊對地位移不等，子彈對地的位移大于木塊對地的位移，而兩者相互作用力大小相等，根據功的公式W=Fs可知，子彈克服阻力做的功大于子彈對木塊所做的功，故C錯誤；D子彈在射入木塊

18、的過程中，子彈的動能減小，木塊的動能增加，系統的內能也增加，系統損失的動能之和等于系統內能的增加，由能量轉化和守恒定律得知：子彈損失的機械能等于木塊獲得的動能與系統損失的動能之和，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A. 橡皮筋的伸長量逐漸減小,每根橡皮筋的彈力大小逐漸減小,兩根橡皮筋的夾角增大,所以橡皮筋對模型飛機的彈力(合力)一直在減小，在D位置所受彈力最大。故A正確；B. 從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，彈力先大于重力，后小于重力

19、，模型飛機的速度先增大后減小，彈力等于重力時，速度最大，故B錯誤； C. 從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，橡皮筋對模型飛機的彈力先大于重力，加速度逐漸減小；后小于重力，加速度逐漸增大，所以模型飛機的加速度先減小，后增大，故C正確； D. 橡皮筋對模型飛機的彈力始終做正功，由功能關系知，模型飛機的機械能一直在增大，故D正確；故選：ACD。8、CD【解析】A、以A為研究對象，根據平衡條件得知，B對A沒有摩擦力，則A對B的摩擦力等于零，故A錯誤；B、由牛頓第三定律可知，A對B的摩擦力也為零，故B錯誤；C、以AB組成的整體為研究對象，根據平衡條件得知，C對B的摩擦力大小等于F，方向水平向左，則B對C的

20、摩擦力等于F方向向右，故C正確；D、以ABC三個物體組成的整體為研究對象，根據平衡條件得到，地面對C的摩擦力大小等于F，方向水平向左，故D正確故選CD9、AC【解析】解：據題意,小球受到重力G和支持力N,所以小球由靜止從光滑桿上滑下的運動不是平拋運動,則小球在水平方向的分速度也是變化的,所以小球的運動時間不等于t=s/v0,所以B選項錯誤;由平拋運動可知vy2t=s=v0t ，所以vy=2v0設速度與水平方向夾角為 則tan=vyv0=21 ，不為45o，D錯誤由機械能守恒的沿著軌道下滑到末端的速度v=2v0 A正確水平分速度vx=vcos=255v0 故C正確10、BCD【解析】A.在突然撤

21、去F的瞬間，AB整體的合力向上，大小為F，根據牛頓第二定律，有：F=2ma解得：對物體A受力分析，受重力和支持力，根據牛頓第二定律，有：FN-mg=ma聯立解得：，故A錯誤；B.彈簧彈力等于F時，根據牛頓第二定律得：對整體有：F-2mg=2ma對A有：FN-mg=ma聯立解得：，故B正確；D.當物體的合力為零時，速度最大，對A，由平衡條件得FN=mg，故C正確C.當彈簧恢復原長時，根據牛頓第二定律得：對整體有：2mg=2ma對A有：mg-FN=ma聯立解得 FN=0，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.7-3.0v 1.3-1.9 電壓表分流 【解析】(1)12根據坐標系內描出的點作出圖象如圖所示由圖示電路圖可知，電源電動勢整理得由圖象可知：解得，電源電動勢：E=2.5V，電源內阻r=1.5；(2)3由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流作用，流過電源的電流大于，這是造成實驗誤差的原因。12、B 乙 遠大于 【解析】（1）1電火花打點計時器的阻力較