1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，大氣球質量為100 kg，載有質量為50 kg的人，靜止在空氣中距地面20

2、 m高的地方，氣球下方懸一根質量可忽略不計的繩子，此人想從氣球上沿繩慢慢下滑至地面，為了安全到達地面，則這繩長至少應為（不計人的高度，可以把人看作質點）（ ）A10 mB30 mC40 mD60 m2、如圖，質量相同的兩物體a、b，用不可伸長的輕繩跨接在同一光滑的輕質定滑輪兩側，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上。初始時用力壓住b使a、b靜止，撤去此壓力后，a開始運動，在a下降的過程中，b始終未離開桌面。在此過程中()Ab的動能等于a的動能B兩物體機械能的變化量相等Ca的重力勢能的減小量等于兩物體總動能的增加量D繩的拉力對a所做的功與對b所做的功的代數和為零3、一個豎直放置的光滑大圓環里套

3、著一個小圓環，在大圓環的最低點B給小圓環一個初速度v0，使其做完整的圓周運動，下列說法錯誤的是 （ ） A若v0取不同數值，則小圓環在A、B兩點的動能差恒定B若v0取不同數值，則小圓環在A、B兩點對大圓環的作用力差值恒定C若v0取不同數值，則小圓環在B點一定對大圓環外表面無擠壓D若v0值恒定，則小圓環通過大圓環的任意一條直徑兩端時動能之和恒定4、如圖所示，一個小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面內做勻速圓周運動，關于小球的受力情況，下列說法正確的是A只受重力和支持力B受重力、支持力和壓力C受重力、支持力和向心力D受重力、壓力和向心力5、有A、B兩小球，B的質量為A的兩倍；現將它們以相同速率沿同一方向

4、拋出，不計空氣阻力圖中為A的運動軌跡，則B的運動軌跡是（ ）ABCD6、裝修工人在搬運材料時施加一個水平拉力將其從水平臺面上拖出，如圖所示，則在勻加速拖出的過程中（ ）A材料與平臺之間的接觸面積逐漸減小，摩擦力逐漸減小B材料與平臺之間的相對速度逐漸增大，摩擦力逐漸增大C平臺對材料的支持力逐漸減小，摩擦力逐漸減小D材料與平臺之間的動摩擦因數不變，支持力也不變，因而工人拉力也不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，圖(a)為某一列簡諧橫波在t=0時刻的波動圖象，

5、圖(b)為P質點的振動圖象。下列說法正確的有 。A該列波的波速為4m/sB再經過5.5s的過程中P質點經過的路程為22mC該波沿x軸負方向傳播Dt = 2.75s時P質點處于波峰E.若波源在t = 1s時刻停止振動，則該波立即停止傳播8、在動摩擦因數0.2的水平面上有一個質量m2kg的小球，小球與水平輕彈簧及與豎直方向成45角的不可伸長的輕繩一端相連，如圖所示，此時小球處于靜止狀態，且水平面對小球的支持力恰好為零，取g10m/s2，以下說法正確的是A此時輕彈簧的彈力為零B此時輕繩的拉力為202NC當剪斷輕繩的瞬間，小球所受的摩擦力為零D當剪斷輕繩的瞬間，小球的加速度大小為8m/s2，方向向左9

6、、一雨滴從空中由靜止開始沿豎直方向落下，若雨滴下落過程中所受重力保持不變，且空氣對雨滴阻力隨其下落速度的增大而增大，則圖所示的圖象中可能正確反映雨滴整個下落過程運動情況的是（ ）ABCD10、如圖所示，用光滑的粗鐵絲做成一直角三角形，BC邊水平，AC邊豎直，ABC=，A=，AB及AC兩邊上分別套有細線系著的銅環M、N，當它們靜止時，細線跟AB所成的角，跟AC所成的角大小為（細線長度小于BC）則（ ）A=BCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為研學小組的同學們用圓錐擺驗證向心力表達式的實驗情景將一輕細線上端固定在鐵架臺上

7、，下端懸掛一個質量為m的小球，將畫有幾個同心圓周的白紙置于懸點下方的水平平臺上，調節細線的長度使小球自然下垂靜止時恰好位于圓心處用手帶動小球運動使它在放手后恰能在紙面上方沿某個畫好的圓周做勻速圓周運動調節平臺的高度，使紙面貼近小球但不接觸（1）若忽略小球運動中受到的阻力，在具體的計算中可將小球視為質點，重力加速度為g從受力情況看，小球做勻速圓周運動所受的向心力是_（選填選項前的字母）A小球所受繩子的拉力B小球所受的重力 C小球所受拉力和重力的合力 在某次實驗中，小球沿半徑為r的圓做勻速圓周運動，用秒表記錄了小球運動n圈的總時間t，則小球做此圓周運動的向心力大小Fn=_（用m、n、t、r及相關的

8、常量表示）用刻度尺測得細線上端懸掛點到畫有圓周紙面的豎直高度為h，那么對小球進行受力分析可知，小球做此圓周運動所受的合力大小F=_（用m、h、r及相關的常量表示） 保持n的取值不變，改變h和r進行多次實驗，可獲取不同時間t研學小組的同學們想用圖像來處理多組實驗數據，進而驗證小球在做勻速圓周運動過程中，小球所受的合力F與向心力Fn大小相等為了直觀，應合理選擇坐標軸的相關變量，使待驗證關系是線性關系為此不同的組員嘗試選擇了不同變量并預測猜想了如圖所示的圖像，若小球所受的合力F與向心力Fn大小相等，則這些圖像中合理的是_（選填選項的字母）（2）考慮到實驗的環境、測量條件等實際因素，對于這個實驗的操作

9、，下列說法中正確的是_（選填選項前的字母）A相同體積的小球，選擇密度大一些的球可以減小空氣阻力對實驗的影響B相同質量的小球，選擇體積小一些的球有利于確定其圓周運動的半徑C測量多個周期的總時間再求周期的平均值，有利于減小周期測量的偶然誤差D在這個實驗中必須測量出小球的質量（3）上述實驗中小球運動起來后撤掉平臺，由于實際實驗過程中存在空氣阻力的影響，所以持續觀察會發現小球做圓周運動的半徑越來越小經過足夠長時間后，小球會停止在懸點正下方若小球在運動中每轉動一周的時間內半徑變化均可忽略，即每一周都可視為勻速圓周運動請分析說明在小球做上述圓周運動的過程中，隨著細繩與豎直方向的夾角不斷減小，小球做圓周運動

10、的周期是如何變化的_12（12分）如圖所示，某組同學借用“探究a與F、m之間的定量關系”的相關實驗思想、原理及操作，進行“研究合外力做功和動能變化的關系”的實驗：(1)為達到平衡阻力的目的，取下細繩及托盤，通過調整墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據打出的紙帶判斷小車是否做_運動(2)連接細繩及托盤，放入砝碼，通過實驗得到下圖所示的紙帶紙帶上O為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為0.1 s的相鄰計數點A、B、C、D、E、F、G.實驗時小車所受拉力為0.2 N，小車的質量為0.2 kg.請計算小車所受合外力做的功W和小車動能的變化Ek。補填表中空格_；_.(結果保留至小數點后第四位).OB

11、OCODOEOFW/J0.04320.05720.07340.0915Ek/J0.04300.05700.07340.0907分析上述數據可知：在實驗誤差允許的范圍內WEk，與理論推導結果一致(3)實驗前已測得托盤質量為7.7103kg，實驗時該組同學放入托盤中的砝碼質量應為_kg(g取9.8 m/s2，結果保留至小數點后第三位)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，有一條沿順時針方向勻速傳送的傳送帶，恒定速度v=4m/s，傳送帶與水平面的夾角=37，現將質量m=1kg的小物塊輕放在其底端（小物塊可

12、視作質點），與此同時，給小物塊沿傳送帶方向向上的恒力F=10N，經過一段時間，小物塊上到了離地面高為h=2.4m的平臺上已知物塊與傳送帶之間的動摩擦因數=0.5，（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）問：（1）物塊從傳送帶底端運動到平臺上所用的時間？（2）若在物塊與傳送帶達到相同速度時，立即撤去恒力F，計算小物塊還需經過多少時間離開傳送帶以及離開時的速度？14（16分）如圖，電容為 C 的電容器通過單刀雙擲開關 S 左邊與一可變電動勢的直流電源相連，右邊與兩根間距為 L 的光滑水平金屬導軌 M1M2P1P2、N1N2Q1Q2 相連（M1 處左側有一小段光滑絕緣材料隔開且各

13、部分平滑連接）。水平導軌存在兩個磁感應強度大小均為 B 的勻強磁場區域， 其中區域 I 方向豎直向上，區域豎直向下，虛線間的寬度都為 d，兩區域相隔的距離足夠大。有兩根電阻均為 R 的金屬棒 a 和 b 與導軌垂直放置，金屬棒 a 質量為 m，金屬棒 b 質量為 3m，b 棒置于磁場的中間位置 EF 處，并用絕緣細線系住，細線能承受的最大拉力為 F0。現將 S 擲向“1”，經足夠時間后再擲向“2”，已知在 a 棒到達小段絕緣材料前已經勻速運動。（1）當 a 棒滑過絕緣材料后，若要使 b 棒在導軌上保持靜止，則電源電動勢應小于某一值E0。求 E0 的大小。（2）若電源電動勢小于 E0，使 a 棒

14、以速度 v1(v1 為已知量)滑過絕緣材料，求 a 棒通過虛線 M1N1 和 M2N2 的過程中，a 棒產生的焦耳熱。（3）若電源電動勢大于 E0，使 a 棒以速度 v2(v2 為已知量)滑過絕緣材料，從 a 棒剛好滑過絕緣材料開始計時，經過 t0 后滑過虛線 M2N2 位置，此時 a 棒的速度為v2求 t0 時刻金屬棒 b 的速度大小。15（12分）如圖，、為物體平拋運動軌跡上的兩點，已知物體在點的速度大小為，方向與豎直方向的夾角為，物體運動到點時速度方向與豎直方向的夾角為，重力加速度為，求、兩點間的高度差。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中

15、，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】人與氣球組成的系統動量守恒，設人的速度v1，氣球的速度v2，設運動時間為t，以人與氣球組成的系統為研究對象，以向下為正方向，由動量守恒得：m1v1-m2v2=0，則，則繩子長度L=s氣球+s人=10m+20m=30m，即繩子至少長30m長，故選B【點睛】本題為動量守恒定律的應用，屬于人船模型的類別，關鍵要找出人和氣球的速度關系和繩子長度與運動路程的關系2、D【解析】A：設物體a下降的速度為va，物體b的速度為vb，拉b的繩子與水平面的夾角為，將物體b的速度分解如圖，則vbcos=va，即b的速度大于a的速度；它們質量相等，則b的動能大于a的動能。故A項

16、錯誤。B：水平面粗糙，兩物體運動過程中，有摩擦力做功，a、b系統的機械能不守恒，則兩物體機械能的變化量不相等。故B項錯誤。C：a的重力勢能的減小量等于兩物體總動能的增加量與產生的內能之和，則a的重力勢能的減小量大于兩物體總動能的增加量。故C項錯誤。D：當物體a下降的速度為va，物體b前進的速度為vb，拉b的繩子與水平面的夾角為時，vbcos=va。設此時繩的拉力為F，取一小段極短的時間t，在時間t內，繩子拉力對a做的功Wa=-Fvat，繩子拉力對b做的功Wb=Fvbtcos=Fvbcost=Fvat，所以在時間t內，繩的拉力對a所做的功與對b所做的功的代數和為零。則a下降的整個過程中，繩的拉力

17、對a所做的功與對b所做的功的代數和為零。故D項正確。【點睛】繩連接、桿連接的物體沿繩（桿）方向的速度分量相等。3、B【解析】A項：由機械能守恒可知，12mv02=12mvA2+2mgR，解得：12mv02-12mvA2=2mgR，故A正確；B項：在B點有：NB-mg=mv02R，在A點有：當v0較大時，NA+mg=mvA2R，此時有：NA-NB=mvA2R-mv02R-2mg=-6mg，當v0較小時，mg-NA=mvA2R，解得：NB-NA=mv02R+mvA2R，故B錯誤；C項：在B點，由圓周運動知識可知，大環對小環一定具有向上的彈力，即大環的內表面對小環有彈力作用，故C正確；D項：設小環在

18、大環上運動經過M、N兩點（在大環的直徑的兩端點上），設MN與豎直方向連線夾角為，由機械能守恒有：B到M點：12mv02=12mvM2+mgR(1+cos) B到N點：12mv02=12mvN2+mgR(1-cos)解得：12mvM2+12mvN2=mv02-2mgR，故D正確本題選不正確的，故應選：B4、A【解析】小球受重力和支持力，由兩個力的合力提供小球做圓周運動的向心力；【詳解】小球只受重力和支持力兩個力的作用，靠兩個力的合力提供向心力，向心力不是物體實際受到的力，是做圓周運動所需要的力，靠其它力提供，故A正確，BCD錯誤?！军c睛】本題是圓錐擺類型的問題，分析受力情況，確定小球向心力的來源

19、，再由牛頓第二定律和圓周運動結合進行分析，是常用的方法和思路。5、A【解析】試題分析：兩球初速度大小和方向均相同，同時因拋出后兩物體均只受重力，故加速度相同，因此二者具有相同的運動狀態，故B的運動軌跡也是；選項A正確，BCD錯誤故選A考點：拋體運動【名師點睛】本題考查對拋體運動的掌握，要注意明確質量不同的物體在空中加速度是相同的，而影響物體運動的關鍵因素在于加速度，與質量無關6、D【解析】C勻加速拉動的過程只能持續到重心離開臺面的瞬間，故在勻加速拉動過程中，物體的重心在臺面上，故物體對臺面的壓力不變，故物體受到的支持力不變，故C錯誤；AB而在拉動過程中動摩擦因數不變，由可知摩擦力是不變的，故A

20、B錯誤；D因為摩擦力不變，物體做勻加速直線運動，由牛頓第二定律可知因為加速度不變，摩擦力不變，所以工人的拉力是不變的，故D正確。故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A由圖象a可知波長=4m圖b可知，波的周期T=1s，所以這列簡諧橫波的波速為故A正確；B由于5.5s=5T，則再經過5.5s的過程中P質點經過的路程為220.2m=4.4m，故B錯誤；C由振動圖象可知t=0時P質點向下振動，可知該波沿x軸負方向傳播，故C正確；Dt=2.75s=2T，此時

21、P質點處于波峰，故D正確；E若波源在t=1s時刻停止振動，則該波仍在介質中繼續傳播，故E錯誤；8、BD【解析】試題分析：剪斷輕繩前小球受力情況，如圖所示，根據平衡條件得：輕彈簧的彈力大小F=mg=20N，細線的拉力大小為T=2mg=202N剪斷輕繩瞬間彈簧的彈力沒有變化，此時輕彈簧的彈力大小仍為F=20N，水平面對小球的支持力大小N=mg=20N，摩擦力大小為f=mg=4N，根據牛頓第二定律得：加速度a=F-fm=20-42m/s2=8m/s2，方向向左故選BD.考點：牛頓第二定律；共點力的平衡.9、AC【解析】考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系專題：牛頓運動定律綜合專題分析

22、：雨滴下落的過程中受重力和阻力，阻力隨速度增大而增大，根據牛頓第二定律，判斷加速度的變化，以及根據加速度方向與速度的方向關系判斷速度的變化解答：解：根據牛頓第二定律得，a=，速度增大，阻力增大，加速度減小，雨滴做加速度減小的加速運動，當加速度減小到零，雨滴做勻速直線運動故A、C正確，B、D錯誤故選AC點評：解決本題的關鍵會通過牛頓第二定律，根據物體的受力情況判斷物體的運動情況10、CD【解析】假設AC上的銅環質量為零，重力為零，它僅受線的拉力和鐵絲AC的彈力，它們是一對平衡力由于鐵絲對AC上的環的彈力垂直于AC，則細線必定垂直于AC，則細線平行于BC，此時，實際上AC上的環的質量大于零，重力大

23、于零，要使此環處于靜止，細線的左端必須斜向左上方，則有，此時三角形為銳角三角形，所以；假設AB上的銅環P的質量為零，重力為零，它僅受細線的拉力和鐵絲AB的彈力，它們是一對平衡力，則此環平衡時，細線與AB垂直，而AB上的銅環的質量大于零，重力大于零，要使此環處于靜止狀態，細線不能與AB垂直，應有，故CD正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C mgr/h B ABC 設小球做半徑為r的圓周運動的周期為T，此時小球距細線上端固定點的豎直高度為h，根據受力情況和向心力公式有可解得因半徑變小，繩長不變，h變大，故小球周期變大 【解析】（1）1

24、小球做圓周運動的向心力來自小球所受重力和細線拉力的合力，故選C;2小球所受的向心力小球做此圓周運動所受的合力大小3根據Fn=F可得：可得，則圖像B正確；（2）4A. 相同體積的小球，選擇密度大一些的球可以減小空氣阻力對實驗的影響，選項A正確；B. 相同質量的小球，選擇體積小一些的球有利于確定其圓周運動的半徑，選項B正確；C. 測量多個周期的總時間再求周期的平均值，有利于減小周期測量的偶然誤差，選項C正確；D. 由（1）的分析可知，在這個實驗中沒必要測量出小球的質量，選項D錯誤；（3）5 設小球做半徑為r的圓周運動的周期為T，此時小球距細線上端固定點的豎直高度為h，根據受力情況和向心力公式有可解得因半徑變小，繩長不變，h變大，故小球周期變大12、勻速直線 0.1115 0.1105 0.015 【解析】(1)物塊平衡阻力需要依靠自身的重力的分力來平衡，所以物塊所受合外力為零，做勻速直線運動；(2)根據功的公式求出合外力做功的大小，結合某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出點的速度，從而得出動能的變化量；(3)根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度，對砝碼和砝碼盤分析，根據牛頓第二定律求出砝碼的質量。【詳解】