1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是A豎直上拋物體到達最高點時，速度為零，物體處于平衡狀態B人站在電梯中隨電梯一起運動時，當電梯減速下降時，電梯對人的支持力大于人的重力C跳水運動員踩壓跳板彎曲到最低點時，運動員對跳板的壓力由跳板發生形變而產生D慣性是由物體的速度和質量共同決定的2、關于運動物體所受的合外力、合外力做的功及動能變化的關系，下列說法正確的是()A合外力為零，則合外力做功一定為零B合外力做功為零，則合外力一定為零C合外力做功越多，則動能一定越大D動能不變，則物體所受合外力一定為零3

3、、如果一個人的質量為70 kg，則（a）他正常行走時具有的動能約為70 J；（b）以地面為零勢能面，他原地跳起時的最大重力勢能約為1000 J。根據合理性可判斷A說法（a）和（b）均不合理B說法（a）和（b）均合理C只有說法（a）合理D只有說法（b）合理4、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷t=0時，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運動此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動（整個運動過程中沒有接觸），它們運動的v-t圖像分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示則由圖線可知 ( )A兩電荷的電性一定相反Bt1時刻兩電荷的電勢能最大C0t3時間內，兩電荷的動量變化相同D0t3時間內，甲的

4、動能一直增大，乙的動能一直減小5、為了讓乘客乘車更為舒適，某探究小組設計了一種新的交通工具，乘客的座椅能隨著坡度的變化而自動調整，使座椅始終保持水平，如圖所示當此車加速上坡時，盤腿坐在座椅上的一位乘客( )A處于失重狀態B不受摩擦力的作用C所受力的合力豎直向上D受到向前（水平向右）的摩擦力作用6、一個帶正電的質點，電荷量q=2.0109C，在靜電場中由a點移到b點，在這過程中，除靜電力外，其他力做的功為2.0105 J，質點的動能增加了8.0105 J，則a、b兩點間的電勢差為（ ）A3.0104 VB1.0104 VC4.0104 VD7.0104 V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分

5、，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，10匝矩形線圈，在磁感應強度為0.4T的勻強磁場中，繞垂直磁場的軸以角速度為100rad/s勻速轉動，線框電阻不計，面積為0.5m1，線框通過滑環與一理想變壓器的原線圈相連，副線圈接有兩只燈泡L1和L1已知變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，開關斷開時L1正常發光，且電流表示數為0.01A，則( )A若從圖示位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為100cos(100t) VB若開關S閉合，電流表示數將增大C若開關S閉合，燈泡L1將變暗D燈泡L1的額定功率為1W

6、8、圖中，輕質彈簧的一端固定在地面上，另一端放有一小物塊(可視為質點)，物塊與彈簀不連接.通過物塊向下壓縮彈簧，當物塊與地面相距0.1m時由靜止釋放物塊，通過傳感器測得物塊的動能Ek與其離地高度h的變化關系如圖所示，其中0.2m -0.35m范圍內圖象為直線，其余部分為曲線以地面為重力勢能參考平面，取g=10m/s2，可知( )A物塊的質量為0.2kgB彈簧的最大彈性勢能為0.5JC物塊開始運動時，彈簧、物塊、地球組成的系統具有的機械能為0.7JD物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小為0.4J9、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內阻不計)連接，下極板接地一帶電油滴位于電容器中的

7、P點且恰好處于平衡狀態現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離( )A極板間電壓變小B電容器的電容減小C極板帶電量將增大DP點的電勢將降低10、衛星電話在搶險救災中能發揮重要作用第一代、第二代海事衛星只使用靜止軌道衛星，不能覆蓋地球上的高緯度地區第三代海事衛星采用同步和中軌道衛星結合的方案，它由4顆同步衛星與12顆中軌道衛星構成中軌道衛星高度為10354公里，分布在幾個軌道平面上(與赤道平面有一定的夾角)在這個高度上，衛星沿軌道旋轉一周的時間為四分之一天則A中軌道衛星的角速度大于地球自轉的角速度B4顆同步衛星的軌道半徑一定相同，而且在同一平面內C在中軌道衛星經過地面某點的正上方的一天后，

8、該衛星還在地面該點的正上方D若某時刻中軌道衛星、同步衛星與地心在同一直線上，那么6小時后它們仍在同一直線上三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學研究小燈泡的伏安特性,所使用的器材有：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V (量程3V，內阻3k)電流表A(量程0.5A，內阻0.5)固定電阻(阻值1000)滑動變阻器R(阻值09.0)電源E(電動勢5V，內阻不計)開關S，導線若干（1）實驗要求能夠實現在03.8V的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖_（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示由

9、實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻_(填“增大”“不變”或“減小”)，燈絲的電阻率_(填“增大”“不變”或“減小”)（3）用另一電源(電動勢4V，內阻1.00)和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調節滑動變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實際功率，閉合開關S，在R的變化范圍內，小燈泡的最小功率為_W(結果均保留2位有效數字)12（12分）在“研究平拋運動”的實驗中，得到物體運動的部分軌跡如圖所示，a、b、c三點在運動軌跡上（圖中已標出），則拋出時小球的初速度為_m/s，小球運動到b點的速度方向與豎直方向夾角為_（取g=10m/s2）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定

10、的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）從離地面H高處落下一只小球，小球在運動過程中所受的空氣阻力是它重力的k(k1)倍，而小球與地面相碰后，能以相同大小的速率反彈，求：(1)小球第一次與地面碰撞后，能夠反彈起的最大高度是多少？(2)小球從釋放開始，直至停止彈跳為止，所通過的總路程是多少？14（16分）如圖（a）所示，一導熱性能良好、內壁光滑的氣缸水平放置，橫截面積為S110-4m2、質量為m0.2kg厚度不計的活塞與氣缸底部之間封閉了一部分氣體，此時活塞與氣缸底部之間的距離為12cm，在活塞的右側6cm處有一對與氣缸固定連接的卡環，氣體的溫度為300K，大氣壓強P0

11、1.0105Pa現將氣缸豎直放置，如圖（b）所示，取g10m/s2 求：活塞與氣缸底部之間的距離；加熱到675K時封閉氣體的壓強15（12分）如圖所示，有一質量m=1kg的小物塊，在平臺上以初速度v0=3m/s水平拋出，到達C點時，恰好沿C點的切線方向進入固定在水平地面上的半徑R=0.5m的粗糙圓弧軌道，最后小物塊滑上緊靠軌道末端D點的質量為M=3kg的長木板，木板上表面與圓弧軌道末端切線相平，木板下表面與水平地面之間光滑接觸，當小物塊在木板上相對木板運動l=1m時，與木板有共同速度，小物塊與長木板之間的動摩擦因數=0.3，C點和圓弧的圓心連線與豎直方向的夾角=53，不計空氣阻力，取g=10m

12、/s2，sin53=0.8，cos53=0.1求：(1)A、C兩點的高度差h；(2)物塊剛要到達圓弧軌道末端D點時對軌道的壓力；(3)物塊通過圓弧軌道克服摩擦力做的功參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A.豎直上拋物體到達最高點時，速度為零，小球只受到重力一個力的作用，加速度不為零，不是平衡狀態，故A錯誤；B.人站在電梯中隨電梯一起運動時，當電梯向下減速過程中，人的加速度的方向向上，電梯對人的支持力大于人的重力，故B正確；C.跳水運動員踩壓跳板使跳板彎曲到最低點時，運動員對跳板的壓力是運動員發生形變而產生

13、的，故C錯誤；D.慣性大小只與質量有關，和物體的速度大小無關，故D錯誤2、A【解析】如果物體所受的合外力為零，根據W=FS得，那么外力對物體做的總功一定為零，故A正確；如果合外力做的功為零，但合外力不一定為零可能物體的合外力和運動方向垂直而不做功，故B錯誤；根據動能定理可知，如果合外力做功越多，動能變化越大，但是動能不一定越大，故C錯誤；物體動能不變，只能說合外力不做功，但合外力不一定為零，例如做勻速圓周運動的物體，故D錯誤故選A點睛：合外力做功和動能變化的關系由動能定理反映合外力為零，其功一定為零，但合外力功為零，但合外力不一定為零注意功是標量，公的正負不表示方向3、B【解析】人正常行走的速

14、度大約為1.4m/s，所以動能約為人原地跳起時上升的最大高度約為1m，所以重力勢能為故B正確。故選B。4、B【解析】由圖象0-t1段，判定甲從靜止開始與乙同向運動，則知甲的電性分析t1時刻前后兩球距離的變化，判斷電場力做功情況，分析兩電荷的電勢能0t2時間內，分析兩電荷間距離變化，可知相互靜電力的變化t1t3時間內，甲的動能一直增大，乙的動能先減小后增大【詳解】A項：由圖象0-t1段看出，甲從靜止開始與乙同向運動，說明甲受到了乙的排斥力作用，則知兩電荷的電性一定相同，故A錯誤；B項：0t1時間內兩電荷間距離逐漸減小，在t1t2時間內兩電荷間距離逐漸增大，t1時刻兩球相距最近，系統克服電場力最大

15、，兩電荷的電勢能最大，故B正確；C項：0t3時間內，系統動量守恒，所以兩點電荷的動量變化大小相等，方向相反，故C錯誤；D項：由圖象看出，0t3時間內，甲的速度一直增大，則其動能也一直增大乙的速度先沿原方向減小，后反向增大，則其動能先減小后增大，故D錯誤故應選：B【點睛】本題也可以運用類比的方法分析，相當于發生了完全非彈性碰撞，t1時刻兩球的速度相同，動能損失最大，兩電荷的電勢能最大5、D【解析】當此車加速上坡時，整體的加速度沿斜面向上，乘客具有向上的分加速度，所以根據牛頓運動定律可知乘客處于超重狀態，故A錯誤；對乘客進行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向上，而靜摩擦力必沿水平

16、方向，由于乘客有水平向右的分加速度，所以受到向前（水平向右）的摩擦力作用故B錯誤，D正確；由于乘客加速度沿斜面向上，根據牛頓第二定律得所受力的合力沿斜面向上故C錯誤故選D點睛：解決本題的關鍵知道乘客和車具有相同的加速度，通過汽車的加速度得出乘客的加速度以及能夠正確地進行受力分析，運用牛頓第二定律求解6、A【解析】質點在電場中移動，根據動能定理有：得a、b兩點間的電勢差故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A變壓器的輸入電壓的最大值為：Um=NBS=1

17、00.40.5100=100V從垂直中性面位置開始計時，故線框中感應電動勢的瞬時值為：u=Umcost=100cos(100t) V故A正確；B若開關S閉合，輸出電壓不變，輸出端電阻減小，故輸出電流增加，故輸入電流也增加，輸入功率增加，電流表示數將增大，故B正確；C若開關S閉合，輸出電壓不變，故燈泡L1亮度不變；故C錯誤；D變壓器輸入電壓的有效值為：開關斷開時L1正常發光，且電流表示數為I1=0.01A，燈泡L1的額定功率等于此時變壓器的輸入功率為：故D錯誤。8、ABC【解析】在從0.2m上升到0.35m范圍內，Ek=EP=mgh，圖線的斜率絕對值為：，則 m=0.2kg，選項A正確；在Ek-

18、h圖象中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內圖象為直線，其余部分為曲線，說明滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內所受作用力為恒力，所以從h=0.2m，滑塊與彈簧分離，彈簧的原長的0.2m，根據圖象可知，此時物塊動能為0.30J，重力勢能為EP=mgh=20.2=0.4J，總機械能為0.3J+0.4J=0.7J；物塊在最低點時，彈性勢能最大，此時的重力勢能EP0=mgh0=20.1J=0.2J，則彈性勢能為：0.3J+0.4J-0.2J=0.5J，故BC正確；物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小時，動能最大，由圖可知，動能的最大值大于0.3J，則重力勢能與

19、彈簧的彈性勢能總和最小值小于0.4J，選項D錯誤；故選ABC.【點睛】本題考查了能量守恒定律和圖象的理解與應用問題，根據該圖象的形狀得出滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內所受作用力為恒力，說明物體不再受到彈簧的彈力的作用是解題的關鍵9、BD【解析】試題分析：電容器與電源保持相連，則U不變，選項A錯誤；根據可知將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離時，d變大，則C減小，選項B正確；電容的定義式Q=CU，當C減小，則Q也減小，選項C錯誤；因為，當d變大時，E減小，則由UP0=EdP0可知P點與下極板的電勢差減小，P點的電勢降低，選項D正確；故選BD.考點：電容器；電場強度；電勢差【名師點睛

20、】此題是對電容器的動態分析；關鍵是要掌握三個基本公式：、和Q=CU；分清兩種情況：電容器兩端電壓一定還是帶電量一定；判斷某點電勢的變化要看該點與零電勢點的電勢差的變化情況.10、ABC【解析】因 解得： ； 中軌道衛星的周期小于同步衛星的周期，則軌道半徑小于同步衛星半徑小的周期小，角速度大即中軌道衛星的角速度大于地球自轉的角速度，故A正確；同步衛星都在赤道平面內，所以4顆同步衛星的軌道在同一個平面，軌道半徑一定相同故B正確；一天后地球完成1周，中軌道衛星完成4周則衛星仍在地面該點的正上方故C正確； 經過6小時，中軌道衛星完成一周，而同步衛星與地球為周故不可能在一直線上故D錯誤；故選ABC.三、

21、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、電路圖見解析； 增大； 增大； 0.39 【解析】（1）1因本實驗需要電流從零開始調節，因此應采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內阻與電流表內阻接近，故應采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應用R0和電壓表串聯，故原理圖如圖所示；（2）34I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；（3）5當滑動變阻器的阻值最大為9.0時，電路中的電流最小，燈泡實際功率最小，由E=U+I（R+r）得U=-10I+4

22、，作出圖線如圖所示由交點坐標可得U1=1.78V，I1=221mA，P1=U1I10.39W；12、2m/s =53 【解析】在豎直方向根據：h=gT2 代入數據可解得：T=0.1s水平方向勻速直線運動,則v0=xt=2m/s 在b點,豎直方向的速度為vb=hOC2T=0.30.2=1.5m/s 小球運動到b點的速度方向與豎直方向的夾角為tan=v0vb=21.5=43 所以=53 故本題答案是：2m/s；=53【點睛】平拋運動在豎直方向上是勻變速運動,由ab和bc之間的距離差可以求出時間間隔,在水平方向上勻速直線運動,由ab等各點在水平方向上的位移,和兩點之間的時間間隔,可求得水平速度,也就是小球的初速度,b為ac的中點時刻,可以使用ac段的平均速度表示b點的豎直方向的瞬時速度.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2）【解析】（1）設小球第一次與地面碰后，能夠反彈起的最大高度是h，則由動能定理得：解得 （2）設球從釋放開始，直至停止彈跳為止，