1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，質量相同的兩小球(可看成質點)a、b分別從斜面頂端A和斜面中點B沿水平方向拋出后，恰好都落在斜面底端，不計空氣阻力，下列說法正確的是A小球a、b在空中飛行的時間之比為21B小球a、b拋出時的初速度大小之比為21C小球a、b到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角之比為11D小球a、b到達斜面底端時的動能之比為412、圖是某質點運動的速度圖像，由圖像得到的正確結果是A01 s內的平均速度是2m/sB01s內的位移大小是3 mC01s內的加速度大于24s內的加速度D01s內的運動方向與24s內的運動方向相反3、假設該高速公路上甲、乙兩車在同一車道上行駛，甲車在前，乙車在后。

3、t=0時刻，發現前方有事故，兩車同時開始剎車，行進中兩車恰好沒有發生碰撞。兩車剎車過程的v-t圖像如圖所示，以下判斷正確的是At=0時刻兩車間距等于50mB兩車都停止運動時相距50mCt=5s時兩車間距大于t=15s時兩車間距D乙車剎車的加速度大小是甲車的1.5倍4、最近，不少人喜歡踩著一種獨輪車，穿梭街頭.這種獨輪車全名叫電動平衡獨輪車，其中間是一個窄窄的輪子，兩側各有一塊踏板.當人站在踏板上向右運動時，可簡化為如圖甲、乙所示的模型.關于人在運動中踏板對人腳的摩擦力，下列說法正確的是 A考慮空氣阻力，當人以如圖甲所示的狀態向右勻速運動時，腳所受摩擦力向左B考慮空氣阻力，當人以如圖甲所示的狀態

4、向右減速運動時，腳所受摩擦力可能向右C考慮空氣阻力，當人以如圖乙所示的狀態向右勻速運動時，腳所受摩擦力不可能為零D不計空氣阻力，當人以如圖乙所示的狀態向右加速運動時，腳所受摩擦力不可能為零5、如圖所示為甲物體和乙物體在平直地面上同向運動的vt圖象，已知t0時甲在乙前方x070m處下列說法正確的是（）A2s時，甲物體的速度方向發生改變B在04s內，甲和乙之間的最大距離為78mC3s時，甲、乙物體相遇D在03s內，甲物體在乙物體前面，3s4s內乙物體在甲物體前面6、如圖所示，ABC為在豎直平面內的金屬半圓環，AC連線水平，AB為固定的直金屬棒，在金屬棒上和圓環的BC部分分別套著兩個相同的小環M、N

5、，現讓半圓環繞對稱軸以角速度做勻速轉動，半圓環的半徑為R，小圓環的質量均為m，棒和半圓環均光滑，已知重力加速度為g，小環可視為質點，則M、N兩環做圓周運動的線速度之比為() A B C D 二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,一質量為m的小球置于半徑為R的光滑豎直圓軌道最低點A處,B為軌道最高點,C、D為圓的水平直徑兩端點輕質彈簧的一端固定在圓心O點, 已知彈簧的勁度系數為k=mg/R，原長為L=2R，彈性限度內，若給小球一水平初速度v0,已知重力加速度為g

6、,則（ ）A無論v0多大，小球均不會離開圓軌道B若在則小球會在B.D間脫離圓軌道C只要，小球就能做完整的圓周運動.D只要小球能做完整圓周運動,則小球與軌道間最大壓力與最小壓力之差恒為6mg8、如圖所示，輕繩懸掛兩個相同的質量均為的小球、處于靜止狀態，、之間存在著的大小相等方向相反的斥力作用，那么對球懸線1的張力和懸線的張力大小關系可能出現的情況是ABCD9、如圖所示，傾角為=60的斜面A被固定在水平面上，細線的一端固定于墻面，另一端跨過斜 面頂端的小滑輪與物塊B相連，B靜止在斜面上.滑輪左側的細線水平，右側的細線與斜面平 行，A與B的質量相同。撤去固定A的裝置后，A、B均做直線運動.不計一切摩

7、擦，重力加速度 為g=10m/s2.在B沒有離開斜面的過程中，下列說法正確的是( )(可能用到的數學公式)AA、B 組成的系統機械能守恒BB 的速度方向一定沿斜面向下CA、B速度大小相等D當 A 滑動的位移為m 時，A 的速度大小vA= 5m/s10、A、D分別是斜面的頂端、底端，B、C是斜面上的兩個點，ABBCCD，E點在D點的正上方，與A等高從E點以一定的水平速度拋出質量相等的兩個小球，球1落在B點，球2落在C點，關于球1和球2從拋出到落在斜面上的運動過程( )A球1和球2運動的時間之比為21B球1和球2動能增加量之比為12C球1和球2拋出時初速度之比為21D球1和球2運動時的加速度之比為

8、12三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，利用實驗得到了8組數據，在圖1所示的坐標系中，通過描點連線得到了小燈泡的伏安特性曲線.（1）根據圖線的坐標數值，請在圖2中選出該實驗正確的實驗電路圖：_(選填“甲”或“乙”).（2）根據所選電路圖，請在圖3中用筆畫線代替導線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路.（_）（3）根據圖1，可判斷出圖4中正確的關系圖象是（圖中P為小燈泡功率為通過小燈泡的電流）_.（5）將同種規格的兩個這樣的小燈泡并聯后再與R = 10的定值電阻串聯，接在電動勢為8V、內阻不計的電

9、源上，如圖5所示.閉合開關S后，則電流表的示數為_A，兩個小燈泡的總功率為_ W(本小題結果均保留兩位有效數字）.12（12分）如圖甲所示為阿特武德機的示意圖，它是早期測量重力加速度的器械，由英國數學家和物理學家阿特武德于1784年制成他將質量均為M的兩個重物用不可伸長的輕繩連接后，放在光滑的輕質滑輪上，處于靜止狀態再在一個重物上附加一質量為m的小物塊，這時，由于小物塊的重力而使系統做初速度為零的緩慢加速運動并測出加速度，完成一次實驗后，換用不同質量的小物塊，重復實驗，測出不同m時系統的加速度所產生的微小加速度可表示為a=_(用M、m、重力加速度g表示)；若選定如圖甲所示左側重物從靜止開始下落

10、的過程進行測量，想要求出重力加速度g則需要測量的物理量有：_A小物塊的質量m B重物下落的距離及下落這段距離所用的時間C繩子的長度 D滑輪半徑經過多次重復實驗，得到多組a、m數據，作出圖像，如圖乙所示，已知該圖像斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當地的重力加速度g=_，并可求出每個重物質量M=_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一定質量的理想氣體從狀態A到狀態B再到狀態C的過程如p-V圖象所示，已知A狀態時氣體的溫度為tA= -73.9C求:(1) C狀態時氣體的熱力學溫度Tc的大小;(2)從狀態A到狀態B

11、的過程，氣體吸熱還是放熱，簡要說明理由。14（16分）如圖，在直角三角形OPN區域內存在勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向外一帶正電的粒子從靜止開始經電壓U加速后，沿平行于x軸的方向射入磁場；一段時間后，該粒子在OP邊上某點以垂直于x軸的方向射出已知O點為坐標原點，N點在y軸上，OP與x軸的夾角為30，粒子進入磁場的入射點與離開磁場的出射點之間的距離為d，不計重力求（1）帶電粒子的比荷；（2）帶電粒子從射入磁場到運動至x軸的時間15（12分）在如圖所示的豎直平面內,水平軌道CD和傾斜軌道GH與半徑r=m的光滑圓弧軌道分別相切于D點和G點,GH與水平面的夾角=37過G點、垂直于紙面的

12、豎直平面左側有勻強磁場,磁場方向垂直于紙面向里,磁感應強度B=1.25T;過D點、垂直于紙面的豎直平面右側有勻強電場,電場方向水平向右,電場強度E=1104N/C小物體P1質量m=210-3kg、電荷量q=+810-6C,受到水平向右的推力F=9.9810-3N的作用,沿CD向右做勻速直線運動,到達D點后撤去推力當P1到達傾斜軌道底端G點時,不帶電的小物體P2在GH頂端靜止釋放,經過時間t=0.1s與P1相遇P1和P2與軌道CD、GH間的動摩擦因數均為=0.5,取g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,物體電荷量保持不變,不計空氣阻力求: (1)小物體P1在水平軌道CD上運動

13、速度v的大小;(2)傾斜軌道GH的長度s參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據下落的高度求出平拋運動的時間之比,結合水平位移和時間求出初速度之比,根據動能定理求出小球到達斜面底端時的動能之比.抓住速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍,求出兩球的速度方向與斜面的夾角關系.【詳解】A、因為a、b兩球下落的高度之比為2:1,根據 得, ,則飛行時間之比為 ,故A錯誤.B、a、b兩球的水平位移之比為2:1,時間之比為,根據 知,初速度之比為,故B錯；C、小球落在斜面上時,速度方向與水平

14、方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍,因為位移與水平方向的夾角相等,則速度與水平方向的夾角相等,到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角也相等,故C對;D、根據動能定理可以知道,到達斜面底端時的動能之比代入已知量可知 ，故D錯；故選C2、C【解析】A、由v-t圖像的面積可求得01s的位移s=1m，時間t=1s，由平均速度定義得：，故A選項錯誤；B、由v-t圖像的面積可求得02s的位移s=3m，故B選項正確；C、利用圖像斜率求出 0-1s的加速度：=2m/s2、2-4s的加速度=1m/s2、因而：，故C選項正確；D、由圖像可見0-1s、2-4s兩個時間段內速度均為正，表明速度都為正向，運動

15、方向相同，故D選項錯誤3、A【解析】A. 行進中兩車恰好沒有發生碰撞，說明t=10s時刻兩車速度相等時恰好相遇，則t=0時刻兩車間距等于兩車在10s位移之差，為S=1010m=50m，故A正確； B.t=10s時兩車相遇，都停止時兩車的距離等于10s后兩車的位移之差，為510m=25m，故B錯誤；C. 根據“面積”表示位移，可知t=5s15s內兩車通過的位移相等，所以t=5s時兩車間距等于t=15s時兩車間距，故C錯誤；D. 根據vt圖象的斜率表示加速度,甲的加速度大小為a1=20/20=1m/s2；乙的加速度大小為a2=30/15=2m/s2；故乙車的加速度是甲車的加速度的2倍。故D錯誤；

16、故選：A4、B【解析】A.考慮空氣阻力，當人處如圖甲所示的狀態向右勻速運動時，根據平衡條件，則腳所受摩擦力為右，故A錯誤；B.考慮空氣阻力，當人處如圖甲所示的狀態向右減速運動時，合力向左，腳所受摩擦力可能向右，故B正確；C.當考慮空氣阻力，當人處如圖乙所示的狀態向右勻速運動時，根據平衡條件，則重力、支持力與空氣阻力處于平衡，則腳所受摩擦力可能為零，故C錯誤；D.當不計空氣阻力，當人處如圖乙所示的狀態向右加速運動時，根據牛頓第二定律，腳受到的重力與支持力提供加速度，那么腳所受摩擦力可能為零，故D錯誤。5、B【解析】A、根據圖象可知，04s內甲的速度都為正，方向沒有發生變化，故A錯誤；B、C、t3

17、s時甲和乙兩物的速度相等，兩者之間的距離最大，最大距離為 Sx甲+x0 x乙，故B正確，C錯誤；D、t3s兩者之間的距離最大，則3s之后的一段時間內，甲仍在乙的前面，故D錯誤6、A【解析】M點的小球受到重力和桿的支持力，在水平面內做勻速圓周運動，合力的方向沿水平方向，所以：Fn=mgtan45=mvM所以： 同理，N點的小球受到重力和桿的支持力，在水平面內做勻速圓周運動，合力的方向沿水平方向，設ON與豎直方向之間的夾角為Fn=mgtan=mvN所以： 又：Fnm2rr=Rsin聯立得： 所以：A ，與結論相符，選項A正確；B，與結論不相符，選項B錯誤；C ，與結論不相符，選項C錯誤； D ，與

18、結論不相符，選項D錯誤；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】AB彈簧的勁度系數為，原長為L=2R，所以小球始終會受到彈簧的彈力作用，大小為F=k（L-R）=kR=mg，方向始終背離圓心，無論小球在CD以上的哪個位置速度為零，重力在沿半徑方向上的分量都小于等于彈簧的彈力（在CD以下，軌道對小球一定有指向圓心的支持力），所以無論v0多大，小球均不會離開圓軌道。故A符合題意，B不符合題意。C小球在運動過程中只有重力做功，彈簧的彈力和軌道的支持力不做功，

19、機械能守恒，當運動到最高點速度為零，在最低點的速度最小，有，解得：所以只要，小球就能做完整的圓周運動，故C符合題意。D在最低點時，設小球受到的支持力為N，根據牛頓第二定律有：，解得：運動到最高點時受到軌道的支持力最小，設為N，設此時的速度為v，由機械能守恒有：，此時合外力提供向心力，有：，可得：。聯立可得壓力差為：N=6mg，與初速度無關。故D符合題意。8、ABC【解析】設之間的斥力為，以為研究對象，根據平衡條件：以整體為研究對象，根據平衡條件：若時，則有：若時，則有：若時，則有：A.與分析相符，故A正確；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤9、ACD【

20、解析】A、由于細線的拉力看作內力，且左側繩頭處不做功，故系統只有重力做功，故AB組成的系統機械能守恒，故A正確；B、兩物體運動如圖所示：由圖可知，B不是沿斜面運動，故B錯誤；C、撤去固定A的裝置后，A、B均做直線運動，根據運動的合成與分解，當A滑動的位移為x時，設B的位移大小s，依據幾何關系有：sx=x(1-cos),sy=xsin且;解得： ,因B的下降的高度為sy=xsin；根據系統只有重力做功，機械能守恒定律，則有： 如下圖所示，畫陰影部分的三角形相似，依據位移之比等于速度之比，可得： ,解得： ，故C，D正確故選ACD【點睛】本題考查機械能守恒定律以及運動的合成和分解，能明確兩者的運動

21、關系，找出對應的運動軌跡，同時明確細線的拉力作為內力處理，繩頭與左側繩相連處沒有位移，故拉力對系統不做功，系統機械能守恒10、BC【解析】試題分析：作出輔助線如圖，由幾何知識可得出兩小球豎直方向的位移比是，水平位移比是，由得運動時間比，故A選項錯；由動能定理可知B選項正確；水平方向勻速運動，由可知C選項正確；它們運動的加速度是重力加速度，所以D選項錯考點：本題考查了平拋運動規律及動能定理的應用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲 D 0.60 1.2 【解析】（1）1描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓

22、接法，所以正確的實驗電路圖是甲（2）2根據實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）3由于燈泡電阻隨電流增大電阻R增大，由可知，圖象斜率增大，故選D（4）45由圖5所示電路圖可知，兩燈泡并聯，可以把電源與定值電阻等效為電源，設每只電燈加上的實際電壓和實際電流分別為U和I，在這個閉合電路中，則有：代入數據并整理得：在圖a所示坐標系中作出的圖象如圖所示由圖象可知，兩圖象交點坐標值為：U=2V，I=0.3A此時通過電流表的電流值0.6A每只燈泡的實際功率=20.3=0.6W所以兩個小燈泡的總功率為1.2W12、 AB ; 【解析】(1)1對整體分析，根據牛頓第二定律得： ，解得：a=（2）2根據h=，則有：g= 所以需要測量的物理量有：小重物的質量m，重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t故AB正確，CD錯誤故選AB.(3)3因為a=，則，知圖線斜率k= ，b=，解得 ; .四、計算