1、2018年中考物理試題分類匯編：專題27 歐姆定律一選擇題（共20小題）1（2018蘭州）有兩個可變電阻，開始時阻值相等，都為R，現將其中一個電阻的阻值增大，將另一個電阻的阻值減小，則兩個電阻并聯后總電阻將（）A一定大于RB一定等于RC一定小于RD以上結果都有可能【分析】根據并聯電路總電阻與支路電阻的關系進行分析，即總電阻的倒數等于支路電阻倒數之和。【解答】解：因為并聯電路總電阻的倒數等于支路電阻倒數之和，所以并聯電路總電阻小于任一電阻值，即兩個電阻并聯后總電阻小于較小電阻的阻值，故選項C正確。故選：C。2（2018邵陽）已知R1：R2=2：3，將它們接在如圖所示電源電壓為12V的電路中，閉合

2、S則通過它們的電流之比及它們兩端的電壓之比是（）AI1：I2=3：2 U1：U2=1：1BI1：I2=3：2 U1：U2=3：2CI1：I2=2：3 U1：U2=1：1DI1：I2=1：1 U1：U2=2：3【分析】并聯電路各支路兩端的電壓相等；由I=即可求出電流之比。【解答】解：因為并聯電路電壓相等，因此將它們并聯在同一電路中，它們兩端的電壓之比為1：1；故BD錯誤；由I=可得：電流之比： =，故A正確，C錯誤。故選：A。3（2018樂山）一根粗細均勻的金屬導線其電阻值為R，將其剪成相等的兩段后，再進行并聯，則并聯后的電阻值為（）A2RBRCD【分析】不考慮溫度影響，在導體材料一定時，電阻與

3、長度成正比，與橫截面積成反比。【解答】解：一根粗細均勻，電阻值為R電阻絲截成長度相等的兩段，則每段長度變為原來的，再把得到的兩段并聯起來使用，橫截面積變為原來的2倍，所以阻值變為原來的，即R。故選：D。4（2018臨沂）如圖所示的電路中，電流表A1的示數為0.5A，A2的示數為0.3A，電阻R2的阻值為10下列說法正確的是（）A通過電阻R1的電流為0.5AB電源電壓為5VC電阻R1的阻值為15D若斷開開關S2，電流表A1示數變大【分析】由電路圖可知，兩電阻并聯，電流表A2測R2支路的電流，電流表A1測干路的電流；開關S1控制整個電路，開關S2控制電阻R1；根據并聯電路的電流特點求出通過電阻R1

4、的電流，再根據并聯電路的電壓特點求出電源的電壓，利用歐姆定律求出電阻R1的阻值，若斷開開關S2，只有R1支路的電流，判斷出電流表A1示數的變化。【解答】解：由電路圖可知，兩電阻并聯，電流表A2測R2支路的電流，電流表A1測干路的電流；開關S1控制整個電路，開關S2控制電阻R1；因為并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以通過電阻R1的電流：I1=II2=0.5A0.3A=0.2A，故A錯誤；又因為并聯電路中各支路兩端的電壓相等，故根據歐姆定律可得，電源的電壓：U=U2=I2R2=0.3A×10=3V，故B錯誤；電阻R1的阻值：R1=15，故C正確。若斷開開關S2，電流表A1只測量R

5、2的電流，電流表A1示數變小，故D錯誤。故選：C。5（2018呼和浩特）早在19世紀20年代，德國物理學家歐姆就對導體中電流，導體兩端電壓的關系進行了大量的實驗研究，發現對于大多數導體而言，導體中電流跟導體兩端電壓成正比，并于1827年在動電電路的數學研究一書中，把他的實驗規律總結成如下公式：S=E（S表示導體中的電流；E表示導體兩電壓；表示導體對電流的傳導率，簡稱電導率）。關于這一規律，下列說法正確的是（）A對于不同的導體，給它們兩端加相同的電壓，通過的電流與導體的電導率成反比B對于不同的導體，如果通過的電流相同，電壓與導體的電導率成正比C電導率反映的是導體對電流的導通作用D電導率的大小是由

6、加在導體兩端電壓與通過導體的電流決定的【分析】歐姆定律內容：導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體的電阻成反比；導體電阻是導體本身的一種性，與電壓和電流無關；【解答】解：由題知，導體中的電流S與導體兩電壓E成正比，即S=E，表示電導率；A、由S=E可知，在電壓相同時，通過的電流與導體的電導率成正比，故A錯誤；B、電壓是形成電流的原因，所以電壓與導體的電導率無關，故B錯誤；C、由S=E知，電壓E一定時，通過的電流S與電導率成正比，所以電導率反映的是導體對電流的導通能力，故C正確；D、電導率是導體對電流的傳導率，電導率是導體本身的一種性質，與加在導體兩端電壓與通過導體的電流無關，故D錯誤。故選

7、：C。6（2018宿遷）如圖所示，電源電壓保持不變，先閉合開關S1，電壓表示數為U1；再閉合開關S2，電壓表示數為U2，電阻R1、R2的阻值之比為（）AU1：U2BU2：UICU2：（U2U1）DU1：（U2U1）【分析】先閉合開關S1時，定值電阻R1、R2串聯，電壓表測量R1的電壓，示數為U1；再閉合開關S2，只有電阻R1連入電路，電壓表測量電源電壓，根據串聯電路的特點可求R2的電壓；根據歐姆定律可得R1、R2的阻值之比。【解答】解：閉合開關S1、S2時，只有電阻R1連入電路，電壓表測量電源電壓，則電源電壓為U=U2，只閉合開關S1時，定值電阻R1、R2串聯，電壓表測量R1的電壓，則R1的電

8、壓為U=U1；因串聯電路的總電壓等于各電阻兩端的電壓之和，所以R2的電壓：U=UU=U2U1；串聯時通過R1、R2的電流相等，根據歐姆定律可得R1、R2的阻值之比：=。故選：D。7（2018重慶）在如圖所示的實物電路中，電源電壓恒為3V，滑動變阻器的規格為”10 1A“，燈泡上標有“2.5V 1W”的字樣，閉合開關后調節滑動變阻器的滑片，在保證各元件安全的情況下，下列說法正確的是（）A小燈泡正常發光時的電阻為2.5B向右移動滑片時，電壓表V1的示數變小，小燈泡亮度變暗C向右移動滑片時，電壓表V2與電流表A的示數之比不變D讓小燈泡正常發光1min，滑動變阻器產生的電熱為12J【分析】由電路圖可知

9、，燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表V1測量小燈泡電壓，電壓表V2測滑動變阻器兩端的電壓，電流表測量電路中電流。（1）燈泡上標有“2.5V 1W”，根據P=變形可求小燈泡正常發光時的電阻；（2）根據串聯電路的電流特點可知，滑動變阻器向右移動滑片時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，根據串聯分壓的原理，滑動變阻器分配的電壓減小，即電壓表V2示數減小，小燈泡兩端電壓變大，小燈泡變亮；（3）電壓表V2與電流表A的示數之比等于滑動變阻器的阻值，據此分析；（4）由燈泡上標有“2.5V 1W”，根據P=UI可求小燈泡的額定電流，再根據串聯電路電壓的特點，求出滑動變阻器兩端的電壓，根據Q=UIt求出小燈泡正常發光1m

10、in，滑動變阻器產生的電熱。【解答】解：A、小燈泡正常發光時的電阻：RL=6.25，故A錯誤；B、滑動變阻器向右移動滑片時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，根據串聯分壓的原理，滑動變阻器分配的電壓減小，即電壓表V2示數減小，小燈泡兩端電壓變大，即V1示數變大，小燈泡變亮，故B錯誤；C、滑動變阻器向右移動滑片時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，即電壓表V2與電流表A的示數之比等于滑動變阻器的阻值，故C錯誤；D、小燈泡正常發光時的電流：I=IL=0.4A，串聯電路的總電壓等于各部分電壓之和，U滑=UU額=3V2.5V=0.5V，小燈泡正常發光1min，滑動變阻器產生的電熱：Q=U滑It=0.5V

11、15;0.4A×60s=12J故D正確；故選：D。8（2018臺州）某同學利用如圖甲所示的電路進行實驗，電源電壓恒為3伏，更換5個定值電阻Rx，得到如圖乙所示的圖象。以下有關敘述正確的是（）A該同學研究的是電流和電壓的關系B實驗中電壓表的示數保持0.5伏不變C滑動變阻器阻值變化范圍為1歐5歐D將Rx從5歐換成10歐后，應將滑片P向左移【分析】A、研究電流和電壓的關系時，要控制電阻不變；B、由圖乙求出電流與電阻之積分析；C、由圖乙知，電流為0.5A時，對應的電阻為5；電流為0.1A時，對應的電阻為25，根據歐姆定律和串聯電路的規律求出變阻器連入電路中的電阻變化范圍；D、根據控制變量法，

12、研究電流與電阻的關系時，需控制定值電阻的電壓相同，當換上大電阻時，根據分壓原理確定電壓表示數的變化，由串聯電路電壓的規律結合分壓原理確定滑片移動的方向。【解答】解：A、研究電流和電壓的關系時，要控制電阻不變，由圖乙知，電阻是變化的，故A錯誤；B、由題意和圖象可知，該同學研究的是電流和電阻的關系，實驗中要控制Rx兩端的電壓不變（即電壓表示數不變）；由圖乙知，電流與電阻之積（即Rx兩端的電壓）：U=IRx=0.5A×5=0.1A×25=2.5V，即電壓表保持2.5伏不變，故B錯誤；C、由圖乙知，電流最大為0.5A時，對應的電阻為5，根據歐姆定律和串聯電路的規律，變阻器連入電路中

13、的電阻：R滑1=R總R1=R1=5=1；由圖乙知，電流最小為0.1A時，對應的電阻為25，根據歐姆定律和串聯電路的規律，變阻器連入電路中的電阻：R滑2=R總R2=R2=25=5；所以，滑動變阻器阻值變化范圍為1歐5歐，故C正確；D、根據串聯分壓原理可知，將定值電阻由5改接成10的電阻，電阻增大，其分得的電壓增大（大于2.5V）；探究電流與電阻的實驗中應控制電阻兩端的電壓不變，根據串聯電路電壓的規律可知應增大滑動變阻器分得的電壓使電壓表的示數減小為2.5V，由分壓原理，應增大滑動變阻器連入電路中的電阻，所以滑片應向右端移動，故D錯誤。故選：C。9（2018嘉興）圖象法是利用圖象這種特殊且形象的工

14、具，表達各科學量之間存在的內在關系或規律的方法。下列從圖象中獲得的結論錯誤的是（）A12BR1R2C12Dp1p2【分析】分析圖象，確定圖象反應的物理量間的關系，然后根據圖象反應的物理量間的關系作出判斷，然后答題。【解答】解：A、根據=可知，在物體的體積相同時，質量越大，密度越大，由圖象可知12，故A正確；B、根據R=可知，在電壓相同時，電流越大，導體的電阻越小，由圖象可知R1R2，故B錯誤；C、根據v=可知，在時間相同時，路程越大，速度越大，由圖象可知v1v2，故C正確；D、根據p=可知，在受力面積相同時，壓力越大，壓強越大，由圖象可知p1p2，故D正確。故選：B。10（2018常德）如圖所

15、示，R0為定值電阻，R1為滑動變阻器，A1，A2為實驗室用電流表（接線柱上標有“”，“0.6”，“3”），閉合開關后，調節滑片P使兩電流表指針所指位置相同。下列說法正確的是（）A電流表A1與A2的示數之比為1：4B通過R0與R1的電流之比為4：1CR0與R1兩端的電壓之比為1：4DR0與R1的阻值之比為4：1【分析】由電路圖可知，R0與R1并聯，電流表A1測R0中電流，電流表A2測干路電流，根據并聯電路的電流特點結合兩電流表指針所指位置相同可知兩電流表的量程，根據指針位置相同時大量程示數是小量程示數的5倍可知兩者的大小關系，根據并聯電路的電流關系可知兩電阻中電流的關系，根據并聯電路的分流特點可

16、知兩電阻的關系，再根據歐姆定律求出兩電阻的電壓關系。【解答】解：由電路圖可知，R0與R1并聯，電流表A1測R0中的電流，電流表A2測干路電流，因并聯電路中總電流等于各支路電流之和，且兩電流表指針所指位置相同，所以，電流表A1的量程為00.6A，電流表A2的量程為03A，因指針位置相同時大量程示數是小量程示數的5倍，所以，電流表A1與A2示數之比為1：5，即I=5I0，故A錯誤；由并聯電路的電流特點可得，通過R0與R1的電流之比： =，故B錯誤；因并聯電路兩端的電壓都相等，所以R0與R1兩端的電壓之比為1：1，故C錯誤；根據并聯電路的分流特點可知，R0與R1的阻值之比：=，故D正確。故選：D。1

17、1（2018遵義）如圖甲所示，R2為電阻箱調節R2時電流表示數I隨之變化。如圖乙所示是電阻箱阻值R2與電流表示數的倒數的圖象。則定值電阻R1與電源電壓U的大小分別為（）A5 30VB5 2.5VC10 20VD10 10V【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯，電流表測電路中的電流，根據圖乙可知R2的阻值為0和10時的值，據此得出對應電路中的電流，根據串聯電路的特點和歐姆定律分別表示出電源的電壓，利用的電壓不變得出等式即可求出R1的阻值，進一步求出電源的電壓。【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯，電流表測電路中的電流，由圖乙可知，當R2=0時， =2A1，則電路中的電流I1=0.5A，此時只

18、有R1接入電路，則由I=可得，電源的電壓：U=I1R1=0.5A×R1，當R2=10時， =6A1，則電路中的電流I2=A，因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電源的電壓：U=I2（R1+R2）=A×（R1+10），因電源的電壓不變，所以，0.5A×R1=A×（R1+10），解得：R1=5，電源的電壓U=I1R1=0.5A×5=2.5V。故選：B。12（2018玉林）下列關于導體電阻的說法正確的是（）A長度長的導體，電阻一定大B橫截面積大的導體，電阻一定小C導體的電阻由其兩端的電壓和通過的電流來決定D導體的電阻與導體的材料、長度和橫截面積

19、等因素有關【分析】導體的電阻是導體的一種性質，反映了導體對電流阻礙作用的大小；電阻大小與導體的材料、長度、橫截面積有關；還受溫度的影響；與導體中的電流、導體兩端的電壓大小無關。【解答】解：ABD、導體的電阻由導體的長度、橫截面積、材料和溫度決定；在相同條件下，長度長的導體，其電阻大；在相同條件下，橫截面積大的導體，其電阻小；故AB錯誤，D正確；C、導體的電阻是導體的一種性質，反映了導體對電流阻礙作用的大小；導體的電阻與導體兩端電壓和通過的電流無關；故C錯誤。故選：D。13（2018眉山）如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關后，兩燈都能正常工作，燈L1，L2的電阻之比為R1：R2=1：2，此時甲

20、、乙兩電表的示數之比為（）A2：1B1：2C3：2D2：3【分析】根據電路的連接，乙表與電源連接，故為電壓表，甲表不能是電流表，故兩表都為電壓表，甲表測L2的電壓，乙表測電源電壓，兩燈串聯，根據分壓原理和串聯電路電壓的規律得出答案。【解答】解：乙表與電源連接，故為電壓表，甲表不能是電流表，否則S閉合時，將燈短路，不發光，故兩表都為電壓表，甲表測L2的電壓，乙表測電源電壓，兩燈串聯，燈L1、L2的電阻之比為R1：R2=1：2，根據分壓原理，L2的電壓為燈L1的2倍，即2UL1，根據串聯電路電壓的規律，總電壓為：U=UL1+2UL1=3UL1，甲、乙兩電表的示數之比為2UL1：3UL1=2：3只有

21、D正確。故選：D。14（2018達州）甲乙兩地相距30km，在甲、乙兩地之間沿直線架設了兩條輸電線，已知輸電線的電阻與其長度成正比，現輸電線在某處發生了短路，為確定短路位置，甲地檢修員先用如圖所示的測量儀接入AB時，電流表的示數為0.2A，乙地檢修員后用相同的測量儀接人CD時，電流表的示數為0.3A則短路位置離甲地（）A18kmB15kmC12kmD10km【分析】根據歐姆定律可計算電路中的電阻，進一步計算短路位置離甲地的距離。【解答】解：由題知，甲乙兩地相距30km，輸電線的電阻與其長度成正比，設每km輸電線的電阻為R0，短路位置離甲地的距離為s，則短路位置離乙地的距離為30kms，則AB間

22、的總電阻（兩條輸電線的總長度為2s）：Rab=2sR0，同理可得，CD間的總電阻：Rcd=2（30kms）R0，用如圖所示的測量儀進行檢測時，電源電壓不變，所以由歐姆定律得：U=IabRab，U=IcdRcd，因電源電壓不變，所以可得IabRab=IcdRcd，代入數據有：0.2A×2sR0=0.3A×2（30kms）R0，解得：s=18km。故選：A。15（2018濱州）下列說法中正確的是（）A絕緣體不容易導電是因為絕緣體中幾乎沒有電荷B兩個完全相同的燈泡串聯，靠近電源正極的燈泡較亮C電壓一定的情況下，導體的電阻與導體中的電流成反比D把導線A剪為相等的兩段，其中一段拉長到

23、原來的長度，其阻值大于導線A的原阻值【分析】（1）絕緣體不容易導電是因為絕緣體中的自由電荷很少；（2）兩個完全相同燈泡的電阻相等，它們串聯時通過的電流相等，根據P=I2R比較兩燈泡的實際功率關系，然后判斷兩燈泡的亮暗關系；（3）電阻是導體本身的一種性質，只與導體的材料、長度、橫截面積和溫度有關，與兩端的電壓和通過的電流無關；（4）導體的電阻與其材料、長度、橫截面積和溫度有關，材料和溫度相同，長度越大、橫截面積越小，其電阻越大。【解答】解：A絕緣體不容易導電的原因是絕緣體內部幾乎沒有自由移動的電荷，而不是幾乎沒有電荷，故A錯誤；B兩個完全相同燈泡的電阻相等，它們串聯時通過的電流相等，由P=I2R

24、可知兩燈泡的實際功率相等，兩燈泡的亮暗相同，故B錯誤；C電阻是導體本身的一種性質，與兩端的電壓和通過的電流無關，電壓一定的情況下，通過電阻的電流不變，故C錯誤；D把導線A剪為相等的兩段，其中一段拉長到原來的長度后，材料和溫度、長度不變，橫截面積變小，電阻變大，其阻值大于導線A的原阻值，故D正確。故選：D。16（2018攀枝花）如圖所示，電源電壓保持不變，開關S閉合后，燈L1和L2都正常發光，甲、乙兩個電表示數之比為4：3此時燈L1和L2的電阻之比為（）A1：3B3：1C3：4D4：3【分析】根據電壓表并聯在電路中，電流表串聯在電路中確定甲乙儀表的種類，然后根據串聯電路的特點和歐姆定律求出兩燈泡

25、的電阻之比。【解答】解：由圖知，如果甲、乙兩個電表中任何一個為電流表，將會形成短路，因此甲、乙都為電壓表，此時燈L1、L2串聯連接，電壓表乙測量L2兩端電壓，電壓表甲測量電源電壓；因為串聯電路兩端電壓等于各部分電壓之和，且甲、乙兩個電表的示數之比是4：3，所以燈L1、L2兩端電壓之比：U1：U2=（43）：3=1：3；又因為串聯電路電流相等，即I1=I2；所以，由I=可得，R1：R2=： =U1：U2=1：3。故選：A。17（2018武漢）為了能自動記錄跳繩的次數，某科技小組設計了一種自動計數器，其簡化電路如圖甲所示。R1是一種光敏元件，每當繩子擋住了射向R1的紅外線時，R1的電阻會變大，自動

26、計數器會計數一次，信號處理系統能記錄AB間每一時刻的電壓。若已知電源電壓為12V，某一時段AB間的電壓隨時間變化的圖象如圖乙所示，則下列說法正確的是（）AAB兩端電壓為6V時，跳繩自動計數器會計數一次B繩子擋住了射向R1的紅外線時，R1和R2的阻值相等C繩子沒有擋住射向R1的紅外線時，R1的阻值是R2的3倍D繩子擋住了射向R1的紅外線時，R1的阻值會變為原來的5倍【分析】由電路圖知，兩電阻串聯，AB間電壓為R2兩端電壓。由題知，射向R1的激光被擋時它的電阻變化，由串聯電路分壓原理，結合圖象分析射向R1的激光被擋和沒擋時AB間電壓以及兩電阻的大小關系從而解題。【解答】解：由甲圖電路知，R1與R2

27、串聯，AB間電壓為R2兩端電壓。（1）由題知，當射向R1的激光被擋時，R1阻值變大，根據串聯電路的分壓原理知，R1分得電壓增大，R2分得電壓減小，由圖象知，此時U2=UAB=2V，因為R1的電阻變大，自動計數器會計數一次，即AB間電壓為2V計數一次，故A錯誤；由串聯電路的分壓原理有： =，即： =，所以：R1=5R2，故B錯誤；（2）當射向R1的激光沒有被擋時，R1阻值變小，R1分得電壓減小，R2分得電壓增大，由圖象知，此時，U2'=UAB'=6V，由串聯電路的分壓原理有： =，即： =，所以：R1'=R2，故C錯誤；且R1=5R1'，即繩子擋住了射向R1的紅外

28、線時，R1的阻值會變為原來的5倍，故D正確。故選：D。18（2018襄陽）如圖所示，電源電壓恒定。當開關S1、S2閉合，甲、乙兩表為電壓表時，兩表示數之比U甲：U乙=4：1；當開關S1閉合、S2斷開，若甲、乙兩表均為電流表時，兩表的示數之比為（）A4：3B3：2C3：4D3：l【分析】當S1、S2閉合，甲乙兩表為電壓表時，兩電阻串聯，甲測電源的電壓，乙測R2兩端的電壓，根據串聯電路電流的規律和歐姆定律表示出電阻之比；當開關S1閉合、S2斷開，甲乙兩表為電流表時，兩電阻并聯，甲測R2支路的電流，乙測干路電流，根據并聯電路電壓規律和歐姆定律表示出兩支路的電流之比，根據兩電阻的關系即可求出兩表示數比

29、值。【解答】解：由電路圖可知，當S1、S2閉合，甲乙兩表為電壓表時，兩電阻串聯，甲測電源的電壓，乙測R2兩端的電壓，由串聯電路電流相等和I=可得：=，且已知U甲：U乙=4：1，化簡可得： =，則R1=3R2；當S1閉合、S2斷開，甲乙兩表為電流表時，兩電阻并聯，甲測R2支路的電流，乙測干路電流，由并聯電路中各支路兩端的電壓相等和I=可得，兩電流表的示數之比：=。故選：C。19（2018婁底）甲圖是燈泡L和定值電阻R的IU圖象，將L和R先后以乙圖和丙圖兩種方式連在同電源上，若乙圖中U1：U2=m，丙圖中，I1：I2=n，則下述正確的是（）Am=nBmnCmnDmn=1【分析】圖乙中，燈泡與電阻串

30、聯，U1：U2=m；圖丙中，燈泡與電阻并聯，I1：I2=n，分別根據串聯電路的電壓規律和并聯電路的電壓規律求得兩電阻之比，然后即可得出結論。【解答】解：由圖乙知，燈泡與電阻串聯，所以通過它們的電流相同，由I=可知，當電流相同時，電壓與電阻成正比，所以： =m，由圖丙知，燈泡與電阻并聯，各支路兩端的電壓相同，由I=可知，當電壓相同時，電流與電阻成反比，所以： =n，則=，由圖象甲可知，燈泡電阻隨電壓增大而增大，而乙圖中燈泡兩端電壓比丙圖中小，所以RL乙小于RL丙，所以：，則m，即mn1，故D錯誤；由圖象可知，在電流相同時，燈泡的電壓較大，即U1U2，則U1：U2=m1，由前面的解答可知1m，則可

31、得n1，比較可知mn，故B正確，AC錯誤。故選：B。20（2018赤峰）如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，先閉合開關S1，電流表、電壓表的示數分別為I1、U1，再閉合開關S2、S3，電流表的示數分別為I2、U2，則正確的是（）AI1I2 U1U2BI1I2 U1U2CI1I2 U1U2DI1I2 U1U2【分析】（1）分析電路結構，確定各電路元件的連接方式，確定各電表所測量的量；（2）根據各電表所測量的量，根據串并聯電路的特點和歐姆定律分析答題。【解答】解：由電路圖可知，只閉合開關S1時，電阻R2與R3串聯，電流表測電路中的電流；電壓表測電阻R3兩端的電壓，電壓表的示數為U1；則電源電壓U=

32、UR2+U1U2，所以電壓表示數U1U；電流表示數為I1=；再閉合開關S2、S3，同時將滑動變阻器的滑片移到最左端，R2被短路，R1與R3并聯，電壓表測量電源電壓；電流表測干路電路電流；則此時電壓表示數U2=U；此時電流表示數為I2=IR1+IR3=+；所以，U1U2；由于；所以，I1I2；故選：C。二填空題（共17小題）21（2018天津）當某導體兩端電壓是3V時，通過它的電流是0.2A，則該導體的電阻是15；當它兩端電壓為0V時，該導體的電阻為15。【分析】（1）已知導體兩端的電壓和通過的電流，根據歐姆定律求出導體的電阻；（2）電阻是導體本身的一種性質，只與導體的材料、長度、橫截面積和溫度

33、有關，與其兩端的電壓無關。【解答】解：根據I=可得，導體的電阻：R=15；電阻是導體本身的一種性質，與兩端的電壓和通過的電流無關，在這個導體兩端電壓為0時，導體的電阻仍為15不變。故答案為：15；15。22（2018沈陽）如圖所示，甲為亮度可調的臺燈，電位器是調節其亮度的裝置；乙為電位器的內部結構示意圖，a、b、c是它的三個接線柱，旋鈕帶動滑片轉動。若順時針旋轉旋鈕時燈泡發光變亮，則需將b和c（選填“a和b”、“a和c”或“b和c”）接線柱接入電路。關于電位器上電阻絲的材料，應該選用鎳鉻合金絲（選填“銅絲”或“鎳鉻合金絲”）。【分析】（1）滑動變阻器與燈泡串聯，順時針旋轉旋片可以使燈泡亮度增加

34、，則電流變大，電阻變小，據此確定連接方法；（2）在長度和粗細都相同的情況下，鎳鉻合金絲的電阻大，這樣在移動滑片改變相同的長度時，鎳鉻合金絲的阻值會有明顯的變化。【解答】解：（1）順時針旋轉旋片時，燈泡變亮，原因是電流變大，電源電壓不變，根據歐姆定律可知：電路中電阻變小，則應連接接線柱b、c與燈泡串聯后接入電路。（2）在長度和粗細都相同的情況下，鎳鉻合金絲的電阻大，這樣在移動滑片改變相同的長度時，鎳鉻合金絲的阻值會有明顯的變化，起到明顯改變電阻的目的，而用銅絲制作的話，起不到明顯改變電阻的目的。故答案為：b和c；鎳鉻合金線。23（2018自貢）兩個電阻甲和乙，電阻值分別為20、40，將它們串聯接

35、入電路中，則甲乙兩電阻兩端的電壓之比為1：2；將它們并聯接入電路中，通過甲乙兩電阻的電流之比為2：1。【分析】在串聯電路中，各處的電流是相同的；在并聯電路中，各支路兩端的電壓相等，據此分析比值的大小。【解答】解：兩個電阻甲和乙，電阻值分別為20、40，將它們串聯接入電路中，通過的電流是相同的，根據U=IR可知，其電壓之比等于電阻之比，即U1：U2=R1：R2=20：40=1：2；將它們并聯接入電路中，其兩端的電壓是相等的，根據I=可知，其電流與電阻成反比，即電流之比等于電阻之比的倒數，I1：I2=R2：R1=40：20=2：1。故答案為：1：2；2：1。24（2018哈爾濱）電阻R1、R2串聯

36、，電源電壓是10V，R1兩端電壓為8V，R1為10則R1中的電流等于0.8A，R2等于2.5。【分析】（1）已知R1兩端電壓和電阻。根據歐姆定律即可求出R1中的電流；（2）由串聯電路的特點和歐姆定律求R2兩端電壓和電阻。【解答】解：（1）通過R1的電流：I1=0.8A；（2）由于串聯電路的總電壓等于各電阻兩端的電壓之和，則：U2=UU1=10V8V=2V；由于串聯電路的電流處處相等，則I2I1=0.8A；根據歐姆定律可得：R2=2.5。故答案為：0.8；2.5。25（2018成都）小佑收集了很多材料和長度都相同但粗細不同的鉛筆芯。如圖所示，是用他身邊的器材自制的簡易調光燈電路。閉合開關，夾子A

37、向右移動的過程中燈泡亮度應該變亮（選填“變亮”、“變暗”、或“不變”）；夾子A從最左端移動到最右端的過程中，他發現燈泡亮度變化不明顯，他應該調換更細（選填“粗”或“細”）的鉛筆芯來做實驗。【分析】影響電阻大小的因素是材料、長度和橫截面積；燈泡的亮度取決于燈泡的實際功率，通過燈泡的電流越大，功率越大；根據夾子移動的方向判定電阻的變化，根據歐姆定律判定電流的變化，從而判定出燈泡亮度的變化。【解答】解：閉合開關，夾子A向右移動的過程中，鉛筆芯接入電路中的長度變短，電阻減小，根據歐姆定律可知，電流變大，燈泡變亮；夾子A從最左端移動到最右端的過程中，他發現燈泡亮度變化不明顯，說明電流的變化比較小，根據I

38、=可知，即電阻變化較小，故應選用電阻較大的鉛筆芯，即換用更細的鉛筆芯。故答案為：變亮；細。26（2018濱州）如圖所示，把標有“6V，6W”字樣的燈泡L接入電源電壓恒為9V的電路中，為使燈泡L正常發光，需要串聯的定值電阻R0=3。【分析】（1）由燈泡正常發光的電壓和額定功率根據P=UI計算燈泡正常發光時的電流；（2）由圖L和R0串聯，根據串聯電路電壓特點計算R0兩端電壓；（3）由串聯電路特點和歐姆定律計算R0的阻值。【解答】解：由燈泡的銘牌可知，燈泡正常發光的電壓6V，額定功率為6W，由P=UI可得，燈泡正常發光時的電流：IL=1A；由圖可知，燈泡L與電阻R0串聯，當燈泡正常發光時，因串聯電路

39、的總電壓等于各部分電路兩端電壓之和，所以R0兩端的電壓：UR=UUL=9V6V=3V；串聯電路中電流處處相等，所以IR=IL=1A，則R0的阻值為：R0=3。故答案為：3。27（2018江西）如圖所示，卡通動物的對話，形象地描述了描述了導體的電阻大小與導體的材料、長度和橫截面積有關。【分析】影響導體電阻大小的因素：導體的材料、長度和橫截面積。要研究導體的電阻大小與一個量之間的關系，需要保持其它量不變。【解答】解：（1）上、中兩段導體的電阻與導體的長度有關；根據控制變量法，必須控制除了長度以外的所有因素相同，由表格信息可知，上、中兩段導體的材料、橫截面積都相同，而長度不同，長度越長電阻越大；（2

40、）由上、中兩段，導體的電阻與導體的橫截面積有關；由表格信息可知，上、中兩段導體的材料、長度都相同，而橫截面積不同，粗的好走，說明橫截面積越大，電阻越小；故導體的電阻大小與導體的材料、長度和橫截面積有關。故答案為：長度；橫截面積。28（2018襄陽）電阻R1與R2的IU圖象如圖所示。當R2上的電壓為1.5V時，R2的阻值是10；若將它們并聯連接到電壓為2.5V的電源上，則干路的電流是0.7A。【分析】（1）由圖象可知，R2阻值是變化的，則通過它的電流與它兩端所加電壓就不成正比。由歐姆定律計算R2的電阻值；（2）并聯電路各支路兩端的電壓相等，通過干路的電流可通過圖象直接讀出各自的電流，然后求和。【

41、解答】解：電阻R2的函數圖象是一條過原點的曲線，所以通過的電流跟它兩端所加電壓不成正比。當U2=1.5V時，通過它的電流I2=0.15A，由歐姆定律可得：R2=10；電阻R1的函數圖象是一條過原點的直線，所以通過的電流跟它兩端所加電壓成正比。當U1=1V時，通過它的電流I1=0.2A，由歐姆定律可得：R1=5；將它們并聯連接到兩端電壓為2.5V的電路中時，由圖象中可知：R2電流為0.2A，通過R1的電流：I1=0.5A，則通過干路的電流大約是0.2A+0.5A=0.7A。故答案為：10；0.7。29（2018安徽）某定值電阻兩端加上10V的電壓時，測得通過它的電流為2A，則其阻值為5，若電壓為

42、0，則它的阻值為5。【分析】電阻是導體本身的一種性質，與導體兩端的電壓和通過的電流無關；根據歐姆定律公式I=變形后可求電阻值。【解答】解：由I=得定值電阻的阻值：R=5；由于電阻是導體本身的一種性質，與導體兩端的電壓和通過的電流無關，所以當它兩端的電壓為零時，它的阻值仍為5。故答案為：5；5。30（2018貴陽）如圖所示電路，電源電壓不變。閉合開關S，移動滑動變阻器的滑片P至某位置時，電流表的示數為I1；移動滑片P至另一位置時，電流表的示數為I2，電壓表示數為1V若I1：I2=4：3，前后兩次滑動變阻器的阻值之比為2：3，則電源電壓為4V。【分析】由圖知，兩電阻串聯，電壓表測R兩端電壓，電流表

43、測電路中電流。已知前后再次變阻器的阻值關系，根據串聯電路特點和歐姆定律表示出兩次電路中電流，由電流比計算出R與第二次變阻器連入電路的阻值關系，再由串聯電路特點和第二次電路中電壓表示數計算電源電壓。【解答】解：由圖知，兩電阻串聯，電壓表測R兩端電壓，電流表測電路中電流，若前后兩次滑動變阻器的阻值分別為R1、R2，則： =，即：R1=R2，根據串聯電路特點和歐姆定律有：I1=，I2=，則： =，化簡可得： =，當移動滑片P至另一位置時，電流表的示數為I2，電壓表示數為1V，即：UR=1V，串聯電路中電流處處相等，由歐姆定律有： =，所以U2=×UR=3UR=3×1V=3V所以電

44、源電壓：U=U2+UR=3V+1V=4V。故答案為：4。31（2018淮安）如圖所示為小王同學設計的遮光感應煙霧探測器部分工作原理圖。在一個外部光線無法進入的煙室中，裝有一個激光發生器及帶有一光敏電阻R0（光照越強，R0阻值越小，反之則越大）的電路，R為定值電阻，電源電壓恒定。煙霧進入煙室后，激光被煙霧遮擋而使光敏電阻的阻值發生變化，煙霧越來越濃時，電路中電流表示數逐漸減小，當電壓表示數達到某一固定值時，探測器便會發出警報。如果要使煙霧濃度較小時探測器就能發出警報，你認為對電路中的R應如何調整？答：R應調小一點【分析】（1）分析電路的連接方式，電壓表和電流表測哪個元件的電壓和電流，由感光電阻性

45、質可知R0電阻值的變化，利用歐姆定律可求得電路中電流的變化及R0兩端電壓的變化。（2）如果要使煙霧濃度較小時探測器就能發出警報，即電壓表示數在R0阻值較小時就達到某一固定值，此時根據串聯電路的分壓特點可知電阻R的變化。【解答】解：（1）由圖可知R與R0串聯，電壓表測量光敏電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流；由感光電阻的性質知：當煙霧進入煙室并越來越濃時，使光照變弱，感光電阻阻值增大，則電路中的總電阻增大，電源電壓不變，由I=可知：電路中電流減小，即電流表示數減小；由U=IR可知，定值電阻R兩端的電壓會減小，則根據串聯電路的電壓特點知，感光電阻R0兩端的電壓增大，即電壓表的示數會變大。（2）

46、如果要使煙霧濃度較小時探測器就能發出警報，即電壓表示數在R0阻值較小時就達到某一固定值，根據串聯電路的分壓特點可知：應減小R的電阻值，所以，電路中的R應調小一點。故答案為：減小；R應調小一點。32（2018達州）兩個標有“5 1A“和“10 0.6A”的定值電阻，將它們串聯起來使用時等效電阻為15，電源電壓最多為9V；若將它們并聯時干路電流最大是1.5A。【分析】（1）（2）串聯電路電流處處相等；為了不損壞電阻，比較兩電阻允許通過的最大電流，選其中較小的電流；然后根據串聯電路電阻的特點求出總電阻，再利用U=IR即可求出電源電壓的最大值；（3）并聯電路兩端電壓相等；為了不損壞電阻，根據U=IR分

47、別求出各電阻兩端允許的最大電壓，然后比較，選其中較小的電壓，再利用I=分別求出各支路電流，最后利用并聯電路電流的特點求出干路上允許的最大電流。【解答】解：（1）串聯電路的等效電阻（總電阻）等于各個電阻之和，所以R=R1+R2=5+10=15；（2）由題知，兩電阻允許通過的最大電流分別為：I1=1A，I2=0.6A，則I1I2，因串聯電路電流處處相等，所以為了不損壞電阻，串聯電路中的最大電流為0.6A；則電源電壓的最大值：U大=I大（R1+R2）=0.6A×（5+10）=9V；（3）兩電阻兩端允許的最大電壓分別為：U1=I1R1=1A×5=5V，U2=I2R2=0.6A

48、15;10=6V，比較可知U1U2 ，為使兩電阻都不燒壞，則電路兩端允許加的最大電壓是5V；此時通過R1電阻的電流為1A，通過R2電阻的電流：I2=0.5A，則并聯電路中干路上允許的最大電流為：I大=I1+I2=1A+0.5A=1.5A。故答案為：；15；9；1.5A。33（2018咸寧）如圖甲所示的電路中，電源電壓恒定不變，圖乙是小燈泡L和定值電阻R1的電流與電壓關系的圖象。當只閉合S1、S2時，電壓表示數為2V；當只閉合S2、S3時，電壓表示數為4V則電源電壓U=8V，R2=5。【分析】（1）當只閉合S1、S2時，R1與L串聯，電壓表測燈泡兩端電壓，由圖象此時燈泡的電流，由串聯電路特點和歐

49、姆定律計算R1的電壓，從而得到電源電壓；（2）當只閉合S2、S3時，R2與L串聯，電壓表仍測燈泡兩端電壓，由圖象讀出此時燈泡的電流，由串聯電路特點和歐姆定律計算R2的阻值。【解答】解：（1）由電路圖可知，當只閉合S1、S2時，R1與L串聯，電壓表測燈泡兩端電壓，由圖象知，燈泡兩端電壓為2V時的電流為0.6A，串聯電路中電流處處相等，即通過R1的電流也為0.6A，R1的電流為0.2A時，電壓為2V，R1的電流與電壓成正比，所以R1的電流為0.6A，它兩端電壓為6V，所以電源電壓U=UL+U1=2V+6V=8V；（2）當只閉合S2、S3時，R2與L串聯，電壓表仍測燈泡兩端電壓，燈泡兩端電壓為4V，

50、由圖象知，此時通過燈泡的電流為0.8A，由串聯電路特點可知，I2=IL=0.8A，U2=UUL=8V4V=4V，由歐姆定律可得R2的阻值：R2=5。故答案為：8；5。34（2018安順）如圖，電源電壓恒定，R1=30，R2=60，當開關S3閉合，S1、S2都斷開時，電流表的示數為0.1A，則電源電壓是9V；當開關S3斷開，S1、S2都閉合時，電流表的示數是0.45A。【分析】（1）當開關S3閉合，S1、S2都斷開時，R1與R2串聯，電流表測電路中電流，由串聯電路特點和歐姆定律計算電源電壓；（2）當開關S3斷開，S1、S2都閉合時，兩電阻并聯，電流表測干路電流，由并聯電路特點和歐姆定律可計算出干

51、路電流。【解答】解：（1）由圖知，當開關S3閉合，S1、S2都斷開時，R1與R2串聯，電流表測電路中電流，由串聯電路特點和歐姆定律可得，電源電壓：U=I（R1+R2）=0.1A×（30+60）=9V；（2）當開關S3斷開，S1、S2都閉合時，兩電阻并聯，電流表測干路電流，由并聯電路特點和歐姆定律可得，此時電流表的示數（即干路電流）：I=I1+I2=+=+=0.45A。故答案為：9；0.45。35（2018綏化）如圖所示的電路中，電源電壓保持不變。只閉合開關S1時，R1兩端的電壓為U1，電壓表V1與V2的示數之比為3：2；若只閉合開關S2時，R2兩端的電壓為U2，電壓表V1與V2的示數

52、之比為4：3，則R1與R2的電阻之比為2：3，電壓U1與U2之比為8：9。【分析】由電路圖可知，只閉合開關S1時，電阻R0、R1串聯，電壓表V1測電源電壓，電壓表V2測R1兩端的電壓，根據串聯電路電壓規律和串聯分壓求出R1與R0以及U1與U的關系；同理，只閉合開關S2時，電阻R0、R2串聯，電壓表V1測電源電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，根據串聯電路電壓規律和串聯分壓求出R2與R0以及U2與U的關系；進而得出R1與R2的電阻之比以及電壓U1與U2之比。【解答】解：由電路圖可知，只閉合開關S1時，電阻R0、R1串聯，電壓表V1測電源電壓，電壓表V2測R1兩端的電壓，已知電壓表V1與V2的示數之

53、比為3：2，則有： =由串聯電路的電壓規律和串聯分壓規律可得，R0、R1的電阻之比：=只閉合開關S2時，電阻R0、R2串聯，電壓表V1測電源電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，電壓表V1與V2的示數之比為4：3，則有： =由串聯電路的電壓規律和串聯分壓規律可得，R0、R2的電阻之比：=聯立可解得： =。聯立可解得： =。故答案為：2：3；8：9。36（2018淮安）如圖甲所示是電阻R和燈泡L的IU圖象。由圖可知，電阻R的阻值是10將電阻R和燈泡L接在圖乙電路中，S閉合，電流表示數為0.3A，則電源電壓為4V。【分析】由圖示圖象求出電阻兩端電壓與對應的電流，然后由歐姆定律求出電阻阻值；由圖示圖象求

54、出電流對應的電阻與燈泡兩端電壓，然后由串聯電路特點求出電源電壓。【解答】解：（1）根據圖象，由I=可得，電阻R的阻值：R=10；（2）由電路圖可知，電阻R和燈泡L串聯，電流表測電路中的電流，串聯電路中各處的電流相等，由圖象可知，電流I=0.3A時，UL=1V，UR=3V，則電源電壓：U=UL+UR=1V+3V=4V；故答案為：10；4。37（2018金華）用如圖所示的電路圖研究“電流與電阻的關系”，電流表量程為“00.6A”，電壓表量程為“03V“，滑動變阻器的規格為“50 1A“，電源電壓3伏恒定不變，在AB間分別接入阻值不同的電阻R，移動滑動變阻器的滑片，使電壓表示數保持2伏不變，讀出電流表示數并記錄。實驗組次123電阻R/歐51020電流I/安0.40.20.1（1）分析表中數據，可得出的實驗結論是電壓一定時，導體中的電流與導體的電阻成反比；（2）為了使實驗結論更可靠，控制AB間電壓2伏不變，再多測幾組數據，AB間允許接入電阻R的取值范圍是3.33100歐。【分析】（1）電壓一定時，導體中的電流與導體的電阻成反比；（2）電路中電流最大時定值電阻和滑動變阻器接入電路中的電阻都最小，根據歐姆定律求出電路中的定值電阻的最小值；電阻，利用電阻的串聯求出變阻器接入電路中的最小