1、2019北京西城區(qū)高三二模物 理 2019.5本試卷共17頁，共300分。考試時長150分鐘。考生務必將答案答在答題卡上，在試卷上作答無效。考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。第一部分 （選擇題 共120分）本部分共20小題，每小題6分，共120分。在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。13關于一定質(zhì)量的氣體，下列說法正確的是 A氣體放出熱量，其內(nèi)能一定減小B氣體對外做功，其內(nèi)能一定減小C氣體的溫度降低，每個分子熱運動的動能一定減小baOD氣體的溫度降低，分子熱運動的平均動能一定減小14如圖所示，一束光射向半圓形玻璃磚的圓心O，經(jīng)折射后分為兩束單色光a和b。下列判斷正確的是Aa

2、光的頻率大于b光的頻率Ba光光子能量大于b光光子能量C玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率D玻璃磚對a光的折射率大于對b光的折射率15人類一直在追求能源的開發(fā)和有效利用，太陽能的利用非常廣泛，而太陽的巨大能量來源于太陽內(nèi)部所發(fā)生的核聚變反應，該核反應可能是 A BC Dy/mx/m1234v0 16如圖所示，實線為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t = 0時刻的波形，虛線是該波在t = 0.20s時刻的波形，則此列波的周期可能為A0.10s B0.20s C0.40s D0.80s17地球繞著太陽公轉(zhuǎn)，其運動可看成勻速圓周運動。已知引力常量為G，如果要通過觀測求得太陽的質(zhì)量，還需要測量下列哪

3、些量A地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑和自轉(zhuǎn)周期 B地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑和公轉(zhuǎn)周期C地球半徑和地球的公轉(zhuǎn)周期D地球半徑和地球的自轉(zhuǎn)周期18回旋加速器的工作原理如圖所示：D1和D2是兩個中空的半圓金屬盒，它們之間有一定的電勢差。A處的粒子源產(chǎn)生的粒子在兩盒之間被電場加速，兩個半圓盒處于垂直于盒面的勻強磁場中。粒子進入半圓金屬盒內(nèi)做勻速圓周運動。若忽略粒子在電場中的加速時間且不考慮相對論效應，則下列說法正確的是A粒子在磁場中回轉(zhuǎn)一周運動的周期越來越小B粒子在磁場中回轉(zhuǎn)一周運動的周期越來越大C僅增大兩盒間的電勢差，粒子離開加速器時的動能增大 D僅增大金屬盒的半徑，粒子離開加速器時的動能增大19如圖所示，小車放在木板

4、上，小車的前端系一條細繩，繩的一端跨過定滑輪掛一個小盤，盤中放重物，用懸吊重物的方法為小車提供拉力。小車后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器。以小車為研究對象，用該裝置進行物理實驗，下列說法正確的是A若探究動能定理, 必須調(diào)整定滑輪的高度使細線與木板平行B若探究動能定理，必須使盤和盤上重物的質(zhì)量遠大于小車質(zhì)量C若研究勻變速直線運動規(guī)律，必須墊高木板一端以平衡小車受到的摩擦力D若研究勻變速直線運動規(guī)律，必須使盤和盤上的重物質(zhì)量遠大于小車質(zhì)量20. 2019年央視春晚深圳分會場首次成功實現(xiàn)4K超高清內(nèi)容的5G網(wǎng)絡傳輸。2020年我國將全面進入5G萬物互聯(lián)的商用網(wǎng)絡新時代。所謂5G是指第五代通信技術

5、，采用33005000MHZ頻段的無線電波。現(xiàn)行的第四代移動通信技術4G，其頻段范圍是18802635MHZ。5G相比4G技術而言，其數(shù)據(jù)傳輸速度提升了數(shù)十倍，容量更大，時延大幅度縮短到1毫秒以內(nèi)，為產(chǎn)業(yè)革命提供技術支撐。根據(jù)以上內(nèi)容結合所學知識，判斷下列說法正確的是A. 4G信號是縱波，5G信號是橫波 B. 4G信號和5G信號相遇能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象 C. 4G信號比5G信號更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象 D. 4G信號比5G信號在真空中的傳播速度更小第二部分 （非選擇題 共180分）21.（18分）R0ASE rRPV圖1用圖1所示的電路測定一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)阻。蓄電池的電動勢E約為2 V，內(nèi)阻r比較小

6、，為了實驗的方便，電路中串聯(lián)了一個定值電阻 R0。（1）現(xiàn)有蓄電池、電流表（量程00.6 A）、滑動變阻器（020）、開關、導線若干，以及下面的器材：A電壓表（03 V） B電壓表（015 V）C定值電阻（2 ） D定值電阻（10 ）實驗中電壓表應選用 ；R0應選用 （選填相應器材前的字母）。（2）圖2是實驗器材實物圖，已連接了部分導線。請根據(jù)圖1，補充完成實物間的連線。在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應該置于最_端 ( 選填“左”或“右”)。指示燈開關+輸出|V0 5 10 15|A0 5 10 15圖2（3）某位同學根據(jù)實驗記錄的數(shù)據(jù)做出如圖3所示的 U-I 圖線，可得出蓄電池的電動勢E=

7、_ V，圖線的斜率k=_ ，電源內(nèi)電阻r =_ 。（4）采用圖1電路測量電源電動勢和內(nèi)阻，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是（ ）A電流表的分壓作用 B電流表的分流作用C電壓表的分流作用 D電壓表的分壓作用（5）某位同學在實際操作中發(fā)現(xiàn)：開關斷開時，電流表的示數(shù)為零，電壓表卻還有較大示數(shù)；閉合開關，移動滑片，電壓表和電流表示數(shù)能夠正常變化，獲得多組數(shù)據(jù)。那么，這種閉合開關時所獲得的多組數(shù)據(jù)_（選填“可以”或“不可以”）用于求電動勢和內(nèi)阻。結合圖2，簡要說明“開關斷開時，電壓表還有較大示數(shù)”的原因。 22（16分）aPNlRMQ 如圖所示，兩根足夠長的金屬導軌MN、PQ平行放置在傾角為的絕緣斜面上，兩導軌

8、間距為l。在M、P兩點間接有阻值為R的電阻。一根質(zhì)量為m的均勻直金屬桿ab放在兩導軌上，并與導軌垂直，導軌和金屬桿接觸良好，不計它們之間的摩擦，且導軌和金屬桿的電阻可忽略,重力加速度為g。（1）讓ab桿由靜止開始沿導軌下滑，求它下滑的加速度大小。（2）若在整套裝置上施加磁感應強度大小為B、方向垂直于斜面向下的勻強磁場。讓ab桿由靜止開始沿導軌下滑。a. 當ab桿速度大小為v時，求此時ab桿中的電流大小；b. 求ab桿下滑過程中的最大速度。23.（18分）（1）光滑桌面上有A、B兩個小球。A球的質(zhì)量為0.2kg，以8m/s的速度與質(zhì)量為0.1kg的靜止的B球碰撞。碰撞后A球的速度變?yōu)?m/s，B

9、球的速度變?yōu)?m/s，方向與原來相同。根據(jù)這些實驗數(shù)據(jù)，小明同學對這次碰撞的規(guī)律做了一個猜想：在碰撞過程中，A球的動能損失了一些，A球通過與B球碰撞而將損失的動能全部轉(zhuǎn)移給了B球。 a. 請通過計算說明，小明同學以上猜想是否正確？b. 請你猜想：在這次碰撞中，什么物理量守恒？即：在碰撞中A球這個量的損失量恰好等于B球這個量的增加量? 通過計算來驗證你的猜想。（2）如圖，質(zhì)量為m的物體，僅在與運動方向相同的恒力F的作用下，經(jīng)過時間t，發(fā)生了一段位移l，速度由v1增加到v2。結合圖中情景，請猜測并推導：a. 恒力和其作用時間的累積Ft直接對應著什么物理量的變化？并由牛頓運動定律和運動學公式推導這種

10、關系的表達式。b. 恒力在其作用空間上的積累Fl直接對應著什么物理量的變化？并由牛頓運動定律和運動學公式推導這種關系的表達式。EbS圖124（20分）如圖1所示，有一個連接在電路中的平行板電容器，平行板間為真空，其電容為C，兩極板之間的距離為d，極板的面積為s，電源的電動勢為E, 靜電力常量為k，忽略邊緣效應。（1）開關S閉合，電路達到穩(wěn)定, 求平行板電容器極板上所帶的電荷量。ES圖2（2）保持開關S閉合, 將一塊表面形狀以及大小和平行板電容器極板完全相同、厚度略小于d（可近似為d）的絕緣電介質(zhì)板插入平行板電容器兩極板之間，如圖2所示。已知：插入電介質(zhì)后的平行板電容器的電容 ，式中 r 為大于

11、1的常數(shù)。求電介質(zhì)板插入平行板電容器的過程中，通過開關S的電量。并說明該電流的方向。ES圖3P（3）電路在情境（1）的狀態(tài)下,斷開開關S，保持電容器的電荷量不變。有一塊厚度為d/2的導體板，其表面形狀大小和該平行板電容器的極板完全相同。在外力F的作用下，該導體板能夠沿著下極板的內(nèi)側(cè)緩慢地進入到如圖3所示的位置。不計摩擦阻力。a求兩極板間P點的電場強度的大小E1；b在電場中，將單位體積內(nèi)所蘊藏的電場能量叫做能量密度，用 we表示。已知 ，式中E場為電場強度。求該導體板進入電場的全過程中，外力F所做的功WF。物理試題答案第一部分共20小題，每小題6分，共120分。13D14C15A16D17B18

12、D19A 20C第二部分共11小題，共180分。21（18分）（1）A; C （2）連線圖：電源AV右 （3） 2.032.07 2.452.60 0.45 0.60 （4） C （5） 可以； 說明：a連接電壓表的正極到開關的連線有誤，使開關 外接，而導致電源、電壓表和定值電阻直接形成回路，所 以開關打開時電壓表仍有示數(shù)；b在上述回路中，由于電 壓表的內(nèi)阻遠大于回路的其他電阻，所以導致“開關斷開 時，電壓表還有較大示數(shù)”。 22（16分）（1） 對ab桿受力分析: 桿只受重力和垂直于斜面的支持力。所以，對桿沿著斜面向下的方向列出的動力學方程為： mgsin = ma 解得：a =gsin （

13、2）a.當ab桿速度大小為v時，閉合回路的感應電動勢為 e = lvB 所以，此時ab桿中的電流大小： i = e/R= lvB/R b. 對ab桿受力分析: 桿受重力、垂直于斜面的支持力和沿著斜面向上的安培阻力。當桿ab在下滑過程中達到最大速度vm時，必有：mgsin ilB = 0i = e/R= lvmB/R 解得：vm = mgRsin/ l2B2 23（18分）（1） a. 這次碰撞導致兩個球的動能變化是：A球的動能損失為：12 mA v12 12 mA v22 = 4.8J B球獲得的動能為:12 mB vB 2 =3.2J. 顯然二者并不相等。可見小明的猜想是錯誤的。 b. 我猜

14、想，這次碰撞應該是總動量守恒的。即：在碰撞過程中A球的動量損失量，始終等于B球的動量增加量。 對于整個過程的計算如下：A球的動量損失量：mA v1 mA v2 = 0.8kgm/s B球動量的增加量：mB vB= 0.8kgm/s 二者恰好相等。我的猜想得到驗證。 （2）a. 恒力和其作用時間的累積Ft直接對應著動量的變化。由牛頓運動定律和運動學公式推導： F = ma; v2=v1 + at 解得：Ft =m v2 mv1 b. 恒力和其作用空間的累積Fl直接對應著動能的變化。由牛頓運動定律和運動學公式推導： F=ma; v22 v12 = 2al 解得： Fl = 12 m v22 12 m v12 24（20分）（1）極板上的電量Q : Q = CU = CE （2）該電介質(zhì)板插入平行板電容器后，極板的電荷量Q1： Q1 =CE =r C E 所以，該電介質(zhì)板插入平行板電容器的過程中，通過開關S的電量為： Q1 Q =r C E C E = C E（r 1） 通過開關S