1、2016 年普通高等學校招生全國統一考試（新課標 II 卷）理科綜合（物理部分）、選擇題：本大題共 8小題，每小題 6分。在每小題給出的四個選項中，第1418 題只有一項是符合題目要求，第 1921 題有多項符合題目要求。全部選對的得6 分，選對但不全的得 3分。有選錯的得 0 分。14、質量為 m的物體用輕繩 AB懸掛于天花板上。 用水平向左的力 F 緩慢拉動繩的中點 O， 如圖所示。用 T 表示繩 OA段拉力的大小，在 O點向左移動的過程中A、F 逐漸變大， T逐漸變大 B 、F 逐漸變大， T 逐漸變小C、F 逐漸變小， T逐漸變大 D 、F 逐漸變小， T 逐漸變小答案】 A解析】 以

2、 O 點為研究對象，設繩 OA與豎直方向的夾角為，物體的重力為 G,根據力的G平衡可知， F Gtan ，T，隨著 O點向左移， 變大，則 F 逐漸變大，cosT 逐漸變大，選項 A 正確。考點】 本題考查靜電力的性質與能的性質，考查考生應用電場性質分析問題的能力。15、如圖， P 為固定的點電荷，虛線是以 P為圓心的兩個圓。帶電粒子 Q在 P 的電場中運 動，運動軌跡與兩圓在同一平面內， a、b、c 為軌跡上的三個點。若 Q僅受 P 的電場力作用，其在 a、b、c點的加速度大小分別為 aa、ab、ac ，速度大小分別為 va、vb、vc ，A、 aa>ab >ac ， va>

3、;vc>vbaa >ab >ac ， vb >vc >vaC、 ab>ac >aa，vb>vc>va Dab>ac>aa，va>vc >vb答案】 D解析】 由點電荷電場強度公式 E k Q2 可知，離場源電荷越近，電場強度越大，有牛頓r2第二定律可知，加速度越大，由此可知，ab ac aa ，選項 A、B 錯誤；由力與運動的關系可知， 運動粒子受到的庫侖力指向運動軌跡凹的一側， 因此運動電荷與P 點點電荷帶同種電荷，粒子從 c 到 b 的過程中，電場力做負功，動能減少，在從 b到 a的過程中電場力做正功， 動能增大

4、，因此粒子在 b點的速度最小，由于 c、b 兩點的電勢差小于 a、b 兩點的電勢差，因此粒子從 c 到 b 的過程中，動能的減少 量小于從 b 到 a的過程中動能的增加量， 因此粒子在 c點的動能小于在 a 點的動能， 即有 va vc vb ，選項 D正確。考點】 本題考查靜電力的性質與能的性質，考查考生應用電場性質分析問題的能力。16、小球 P和 Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上， P 球的質量大于 Q球的質量，懸掛 P 球的繩比懸掛 Q 球的繩短。將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示。將兩球由靜 止釋放。在各自軌跡的最低點，A、P 球的速度一定大于 Q球的速度B、P 球的動能一定小于

5、 Q球的動能C、P 球所受繩的拉力一定大于 Q球所受繩的拉力D、P 球的向心加速度一定小于 Q球的向心加速度 答案】 C 解析】 小球從釋放到最低點的過程中，只有重力做功，有機械能守恒定律可知， 12mgLmv2 ， v2gL ，繩長 L 越大，小球到最低點的速度越大，選項 A 錯12誤；由于 P球的質量大于 Q球的質量，由 Ekmv2 可知，不能確定兩球動能的k23 大小關系，選項 B錯誤；在最低點，根據牛頓第二定律可知，F mg m v ，2求得 F 3mg ，由于 P球的質量大于 Q求的質量，因此選項 C正確；由 a v 2g L可知，兩球在最低點的向心加速度相等，選項D 錯誤。考點】變

6、本題考查機械能守恒定律及牛頓第二定律得應用， 考查考生應用功能關系和力與 運動關系分析問題的能力17、阻值相等的四個電阻、電容器C 及電池 E（內阻可忽略）連接成如圖所示電路。開關S斷開且電流穩定時， C 所帶的電荷量為 電荷量為 Q2。Q1與 Q 2的比值為21B、52A、B、Q1；閉合開關 S，電流再次穩定后， C 所帶的C、D、答案】 C解析】 電路中四個電阻相同，開關 S斷開時，外電路的連接如圖甲所示，由于不計電池 的內阻，設每個定值電阻的阻值為 2R32R R3R，因此根據串并聯電路的特點可知，電容器兩端的電壓為 U11E ；當開關5S 閉合后， 外電路的連接如圖乙所示，則電容器兩端

7、的電壓為1R21R R21E，由Q CU 可知，3Q1 U1 3 ，選項 C正確。Q2 U 2 5考點】 本題考查含容電路問題，考查考查考生應用電路知識解決問題的能力。難點】 本題解題的關鍵點時要能正確畫出開關斷開與閉合時的等效電路圖，如果不能正 確地判斷電路連接的特點，則必定會導致錯誤。18、一圓筒處于磁感應強度大小為 B 的勻強磁場中，磁場方向與筒的軸平行，筒的橫截面 如圖所示。圖中直徑 MN 的兩端分別開有小孔，筒繞其中心軸以角速度 順時針轉動。 在該截面內，一帶電粒子從小孔 M 射入筒內，射入時的運動方向與 MN 成 30°角。當筒 轉過 90°時，該粒子恰好從小孔

8、 N 飛出圓筒。不計重力。若粒子在筒內未與筒壁發生碰 撞，則帶電粒子的比荷為A、B、C、3B2BB答案】 A解析】 由題可知，粒子在磁場中做圓周運動的軌跡如圖，D、由幾何關系可知， 粒子在磁場中做圓周運動的圓弧所對的圓心為30°，因此粒子在磁場中運動的時間為 t1122mqB在磁場中運動的時間與圓筒轉過90°所用的時間相等，即m6qB2 ，求得 qm3B,選項 A正確。考點】 本題考查的是帶電粒子在有界磁場中的運動，考查考生的綜合分析能力。易錯點】 本題解題的關鍵是要正確地審題，根據身體結果正確的畫出粒子運動的軌跡， 并找準幾何關系，如果不能正確畫出粒子在磁場運動的軌跡，不

9、能正確確定粒子 運動的半徑及幾何關系必定會導致錯解。19、兩實心小球甲和乙由同一種材質制成，甲球質量大于乙球質量。兩球在空 氣中由靜止下落，假設它們運動時受到的阻力與球的半徑成正比，與球的速 率無關。若它們下落相同的距離，則A、甲球用的時間比乙球長B、甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C、甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D、甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功【答案】 BD【解析】 由于兩球由同種材料制成，甲球的質量大于乙球的質量，因此甲球的體積大于乙球的體積，甲的半徑大于乙球的半徑，設球的半徑為 r ，根據牛頓第二定律，下落kr 3k過程中 mg kr ma ， a g g 2 ，

10、可知，球下落過程做勻4 3 4 r 2r3變速直線運動，且下落過程中半徑大的球，下落的加速度大，因此甲球下落的加速12度大，選項 C 錯誤；由 hat2 可知，下落相同的高度，甲球所用的時間短，選22項 A 錯誤；由 v2 2ah 可知，甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小，選項B正確；由于甲球受到的阻力大，因此克服阻力做的功多，選項D正確。【考點】 本題考查力與運動、 功與能，考查考生應用動力學規律及功能關系的解題的能力。20、法拉第圓盤發電機的示意圖如圖所示。銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q 分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸，圓盤處于方向豎直向上的勻速磁場B 中。圓盤旋轉時，關于流過電阻

11、R 的電流，下列說法正確的是A、若圓盤轉動的角速度恒定，則電流大小恒定B、若從上往下看，圓盤順時針轉動，則電流沿a到 b 的方向流動C、若圓盤轉動方向不變，角速度大小發生變化，則電流方向可能發生變化 D、若圓盤轉動的角速度變為原來的2 倍，則電流在 R 上的熱功率也變為原來的 2 倍答案】 AB解析】 設圓盤的半徑為 r ，圓盤轉動的角度為 ，則由圓盤轉動產生的電動勢為12E 2Br 2 可知，若轉動的角速度恒定，則電動勢恒定，電流恒定，選項A 正確；根據右手定則可知，從上向下看，圓盤順時針轉動，圓盤中電流右邊緣指向 圓心，即電流由 a到 b的方向流動，選項 B正確；圓盤轉動方向不變，產生的電

12、流的方向不變，選項 C錯誤；若圓盤轉動的角速度變為原來的2 倍，則電動勢為E2 原來的 2倍，由閉合電路歐姆定律 I 可知，電流為原來的 2倍，由P I 2RR 可知，電阻 R上的功率為原來的 4 倍，選項 D錯誤。 考點】 本題考查的電磁感應現象，考查學生的綜合分析能力。21、 如圖，小球套在光滑的豎直桿上，輕彈簧一端固定于O點，另一端與小球相連。現將小球從 M點由靜止釋放，它在下降的過程中經過了 N 點。已知 M、 N兩點處，彈簧對小球的彈力大小相等，且 ONM< OMN< /2 。在小球從 M 點運動到 N 點的過程中，A、彈力對小球先做正功后做負功B、有兩個時刻小球的加速度

13、等于重力加速度C、彈簧長度最短時，彈力對小球做功的功率為零D、小球到達 N 點時的動能等于其在 M、N 兩點的重力勢能答案】 BCD解析】 小球在從 M點到 N 點的過程中，彈簧的壓縮量先增大，后減小，到某一位置時， 彈簧處于原長，再繼續向下運動到 N 點，彈簧又伸長。彈簧的彈力與小球速度方 向的夾角先大于 90°，到小于 90°再到大于 90 °，因此彈力對小球先做負功， 再做正功，最后又做負功，選項 A 錯誤；彈簧與桿垂直時，小球的加速度等于重 力加速度， 當彈簧的彈力為零時， 小球的加速度也等于重力加速度， 選項 B 正確； 彈簧長度最短時，彈力與小球運動的

14、速度方向垂直，這時彈力做功的功率為零， 選項 C正確；由于在 M、N 兩點的彈簧的彈力大小相同，即彈簧的形變量相同， 彈性勢能相同，由能量守恒可知，小球到達N 點時的動能等于其在 M、N兩點的重力勢能差，選項 D 正確。考點】 的本題考查力與運動、功與能關系的應用，考查考生綜合應用力學規律及功能關 系分析問題的能力。技巧點撥】 本題中初末狀態彈簧的彈力大小相同， 實質是告訴我們彈簧的彈性勢能相同， 為后面分析選項 D提供了過程中彈簧的彈力做功為零這一條件。三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第2232 題為必考題，每個試題考生都必須作答。第 3340 題為選考題，考生根據要求作答。（一

15、）必考題（共 129 分）22、（6 分）某物理小組對輕彈簧的彈性勢能進行探究，實驗裝置如圖（a）所示：輕彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一物快接觸而不連接，紙帶穿過打點計 時器并與物塊連接。向左推物塊使彈簧壓縮一段距離，由靜止釋放物塊，通過測量和計 算，可求得彈簧被壓縮后的彈性勢能。1）試驗中涉及到下列操作步驟： 把紙帶向左拉直 松手釋放物快 接通打點計時器電源 向左推物快使彈簧壓縮，并測量彈簧壓縮量 上述步驟正確的操作順序是 （填入代表步驟的序號）。2）圖（ b）中 M 和 L 紙帶是分別把彈簧壓縮到不同位置后所得到的實際打點結果。打 點計時器所用交流電的頻率為 50Hz。由

16、 M 紙帶所給的數據，可求出在該紙帶對應的試 驗中物塊脫離彈簧時的速度為 m/s。比較兩紙帶可知， （填 “M”或 “L”）紙帶對應的實驗中彈簧被壓縮后的彈性勢能大。答案】 （2分） 1.29（2 分） M（2 分）解析】 實驗中應先向左推物塊使彈簧壓縮，測量彈簧的壓縮量，然后把紙帶拉直，再 接通打點計時器電源， 等打點穩定后， 再松手放開被壓縮的物塊， 使其向右滑動， 因此步驟為。 由于物塊離開彈簧時的速度最大，相等時間位移也最大，因此在M紙帶中物塊2.85 10 2 m0.02s脫離彈簧時的速度為 v1.29m s，由于彈簧壓縮量越大，彈性勢能越大，因此推開物塊后，轉化成物塊的動能越多，物

17、塊離開彈簧后獲得的速 度越大，打點間隔越大，因此 M紙帶對應的實驗中彈簧壓縮的后的彈性勢能大。【考點】 利本題考查探究彈簧彈性勢能實驗，考查考生的實驗能力。23、（ 9分）某同學利用圖（ a）所示電路測量量程為 2.5V的電壓表 V 的內阻（內阻為數 千歐姆），可供選擇的器材有：電阻箱 R（最大阻值 99999.9 ），滑動變阻器 R1（最 大阻值 50），滑動變阻器 R2（最大阻值 5k ），直流電源 E（電動勢 3V），開關 1 個， 導線若干。實驗步驟如下： 按電路原理圖（ a）連接線路； 將電阻箱阻值調節為 0，將滑動變阻器的滑片移到與圖 （a） 中最左端所對應的位置， 閉 合開關 S

18、； 調節滑動變阻器，使電壓表滿偏；8 / 152.00V ，記下 保持滑動變阻器的滑片位置不變，調節電阻箱阻值，使電壓表的示數為 電阻箱的阻值。回答下列問題：（1）試驗中應選擇滑動變阻器 （填“ R1”或“ R2”）。（2）根據圖（ a）所示電路將圖（ b）中實物圖連線。（3）實驗步驟中記錄的電阻箱阻值為630.0 ，若認為調節電阻箱時滑動變阻器上的分壓不變，計算可得電壓表的內阻為 （結果保留到個位）。（4）如果此電壓表是由一個表頭和電阻串聯構成的，可推斷該表頭的滿刻度電流為 （填正確答案標號）。A、100 A B 、 250 A C 、 500 A D 、 1mA 答案】 （1）R1（2 分

19、）（2）（ 3分）（3）2520（ 2分） （4）D（2 分）解析】 （ 1）為了使電阻箱調節時，滑動變阻器分出的電壓變得很小，分壓電路中滑動 變阻器的最大阻值越小越好，因此選用R1。（3）如果認為滑動變阻器分出的電壓不變，則調節電阻箱后，電壓表兩端的電壓為 2V，電阻箱兩端的電壓為 0.5V, 根據串聯電路的分壓原理， RV2R 0.5求得電壓表的內阻 RV 4 630 2520（4）如果電壓表有一個表頭與一個電阻串聯組成，可推得此電壓表的最大電流2.5V等于表頭的滿偏電流， I g 9.9 10 4 0.99mA，選項 D正確。 g 2520考點】 本題考查測量電壓表內阻實驗，考查考生應用

20、比例法（類似半偏法）測電阻的實驗能力。24、（ 12分）如圖，水平面（紙面）內間距為l 的平行金屬導軌間接一電阻，質量為m、長度為 l 的金屬桿置于導軌上， t=0 時，金屬桿在水平向右、 大小為 F 的恒定拉力作用下 由靜止開始運動。 t0時刻，金屬桿進入磁感應強度大小為B 、方向垂直于紙面向里的勻強磁場區域，且在磁場中恰好能保持勻速運動。桿與導軌的電阻均忽略不計，兩者始終 保持垂直且接觸良好，兩者之間的動摩擦因數為 。重力加速度大小為 g。求 （1）金屬桿在磁場中運動時產生的電動勢的大小；（2）電阻的阻值。a，由牛頓第二定【解析】 （ 1）設金屬桿進入磁場前的加速度大小為2 分）ma F

21、mg v，有運動學公式得：設金屬桿到達磁場左邊界時的速度為v at0 （2 分）聯立式得 R22B2l 2t01 分）當金屬桿以速度 v 在磁場中運動時，由法拉第電磁感應定律，桿中的電動勢為 E Blv Blt0 (mF g)（ 1 分）（ 1 分）聯立式可得 E（2）設金屬桿在磁場區域中勻速運動時，金屬桿中的電流為I ，根據歐姆定律I E R（2 分）式中 R為電阻的阻值。金屬桿所受的安培力為f BlI（ 1 分）因金屬桿做勻速運動，由牛頓運動定律得 Fmg f0（2 分）考點】本題考查電磁感應與電路、力學的綜合， 意在考查考生的推理和綜合分析的能力。25、（20 分）輕質彈簧原長為 2l，

22、將彈簧豎直放置在地面上，在其頂端將一質量為5m 的物體由靜止釋放，當彈簧被壓縮到最短時，彈簧長度為l0 現將該彈簧水平放置，一端固定在 A 點，另一端與物塊 P接觸但不連接。 AB 是長度為 5l的水平軌道， B 端與半徑為l的光滑半圓軌道 BCD 相切，半圓的直徑 BD 豎直，如圖所示。 物塊 P與 AB間的動摩擦因數 =0.5 。用外力推動物塊 P，將彈簧壓縮至長度 重力加速度大小為 g。（1）若 P的質量為 m，求 P到達 B 點時速度的大小， 的位置與 B 點間的距離；（2）若 P能滑上圓軌道，且仍能沿圓軌道滑下，求l ，然后釋放， P 開始沿軌道運動，以及它離開圓軌道后落回到AB上P

23、得質量的取值范圍。l時的彈性勢能為Ep 5mgl2 分）設 P 的質量為M，到達 B點時的速度大小為 vB ，由能量守恒定律得Ep 12M聯立式，2vBMg?4l2 分）vB6gl若 P 能沿圓軌道運動到速度大小設 P 滑到12 mv2Bm代入數據得v 應滿足 mv l1 分）D 點，其到達 D 點時的向心力不能小于重力，即mg 0 P 此時的2 分）D點時的速度為12 mvD2聯立式得 vDvD 滿足式要求，vDmg?2l2gl由機械能守恒定律得2 分）1 分）故 P能運動到 D點，并從 D點以速度 vD 水平射出。P 落回12到軌道AB所需的時間為 t，由運動學公式得 2l 12gt22

24、分）P落回到 AB上的位置與 B點之間的距離為 s vD t2 分）聯立式得 s 2 2l1 分）2）為使 P 能滑上圓軌道，它達到 B 點時的速度不能小于零。可知解析】 （ 1）依題意，當彈簧豎直放置，長度被壓縮至l 時，質量為 5m的物體的動能為零，其重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能。由機械能守恒定律，彈簧長度為5mgl > Mg ?4l （ 2 分）要使 P仍能沿圓軌道滑回， P 在圓軌道的上升高度不能超過半圓軌道的中點C。12由機械能守恒定律得 1MvB2 Mgl（ 10）（2 分）2B55聯立 （ 10）式得 m M < m（1 分）32【考點】 本題考查力與運動、功和能的綜

25、合應用，意在考查考生的綜合分析能 力。（二）選考題33. 物理選修 3-3 （15分）（1）（5 分）一定量的理想氣體從狀態 a開始，經歷等 溫或等壓過程 ab、bc、cd、da 回到原狀態，其 pT 圖 像如圖所示， 其中對角線 ac 的延長線過原點 O。下列判 斷正確的是 。（填正確答案標號。選對 1 個得2 分，選對 2 個得 4 分，選對 3 個得 5 分。每選錯 1 個 扣 3 分，最低得分為 0 分）A、氣體在 a、 c 兩狀態的體積相等B、氣體在狀態 a 時的內能大于它在狀態 c 時的內能C、在過程 cd 中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功D、在過程 da 中氣體從外界吸

26、收的熱量小于氣體對外界做的功E在過程 bc 中外界對氣體做的功等于在過程 da 中氣體對外界做的功【答案】 ABE【解析】 由 pV k 可知， p-T 圖像過原點的一條斜的直線是一條等容線，選項A 正確；一定質量理想氣體內能只與溫度有關， a 的溫度高于 c 的溫度， a 的內能大于 c 的內能，選項 B 正確；由于 cd 過程氣體的內能不變，根據熱力學第一定律可知， 氣體向外放出的熱量等于外界對氣體做的功，選項 C錯誤；在 da 過程中氣體內 能增加，氣體對外界吸收的熱量大于氣體對外界做的功，選項D 錯誤；Wbc pb（Vb Vc） pbVb pcVc ， Wda pd（Va Vd ） p

27、dVd paVa，由于pbVb paVa，pcVc pdVd，因此 bc過程外界對氣體做的功與 da過程氣體對 外界做的功相等，選項 E正確。考點】 熱力學第一定律。（ 2）（ 10分）一氧氣瓶的容積為 0.08 m3，開始時瓶中氧氣的壓強為 20 個大氣壓。某 實驗室每天消耗 1 個大氣壓的氧氣 0.36 m 3。當氧氣瓶中的壓強降低到 2 個大氣壓時， 需重新充氣。 若氧氣的溫度保持不變， 求這瓶氧氣重新充氣前可供該實驗室使用多少天。解析】 設氧氣開始時的壓強為 p1, 體積為 V1，壓強變為 p2（2 個大氣壓）時，體積為 V2 根據玻意耳定律得：p1V1 p2V2由重新充氣前，用去的氧

28、氣在 p2 壓強下的體積為：V3 V2 V1設用去的氧氣在 p0（1 個大氣壓）壓強下的體積 V0，則有p2V3 p0V0設實驗室每天用去的氧氣在 p0下的體積為 V , 則氧氣可用的天數為N V0V將 聯立得，N=4 （天）【考點】 理想氣體實驗定律得應用34. 物理 選修 3-4（15 分）（1）（ 5分）關于電磁波，下列說法正確的是 。（填正確答案標號。選對 1 個得2 分，選對 2 個得 4 分，選對 3 個得 5 分。每選錯 1 個扣 3 分，最低得分為 0 分） A、電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率無關B 周期性變化的電場和磁場可以相互激發，形成電磁波C、電磁波在真空中自由傳

29、播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度垂直 D、利用電磁波傳遞信號可以實現無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸E、電磁波可以由電磁振蕩產生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波隨即消失【答案】 ABC【解析】 電磁波在真空中的速度均為 3 108 m s ，與電磁波的頻率無關， 選項 A正確； 周 期性變化的電場產生周期性變化的磁場， 周期性變化的磁場又產生周期性變化的 電場， 它們相互激發在空中傳播， 就形成了電磁波， 選項 B 正確； 電磁波是橫波， 因此其電場強度和磁感應強度方向與傳播方向垂直，選項C 正確；光是電磁波，利用光纖對光的全反射可以傳播信息，選項D錯誤；電磁振蕩停止了，已形

30、成的電磁波在空中仍然存在，并繼續向前傳播，選項E 錯誤。（2）（ 10分）一列簡諧橫波在介質中沿 x軸正向傳播，波長不小于 10 cm。O和 A是介 質中平衡位置分別位于 x=0 和 x=5 cm 處的兩個質點。 t=0 時開始觀測，此時質點 O的位 移為 y=4 cm，質點 A 處于波峰位置： t=1/3s 時，質點 O第一次回到平衡位置， t=1s 時， 質點 A 第一次回到平衡位置。求（i ）簡諧波的周期、波速和波長；（ii ）質點 O 的位移隨時間變化的關系式。【解析】 （i）設震動周期為 T。由于質點 A在 0到 1s 內由最大位移處第一次回到平衡位 置，經歷的是 1/4 個周期，由

31、此可知 T=4s 由由于質點 O與 A 的距離 5cm 小于半個波長，且波沿 x 軸正向傳播， O在 t=1/3s 時回到平衡位置，而 A 在 t=1s 時回到平衡位置，時間相差 2/3s 。兩質點平衡位 置的距離除以傳播時間，可得波的速度v 7.5cm/ s 利用波長、波速和周期的關系，簡諧波的波長 30cm （ ii）設質點 O的位移隨時間變化的關系為 y A（2Tt0 ） 將式及題給的條件代入上式得：4 Acos 00 Acos( 0)60解得： 0 ， A 8cm 3質點 O的位移隨時間變化的關系式為：y 0.08cos（ t ） （國際單位制）或 y 0.08cos（ t 5 ） （國際單位制）35. 物理選修 3-5（15 分）（ 1）（ 5 分）在下列描述的核過程的方程中，屬于衰變的是，屬于衰變的是 ，屬于裂變的是 ，屬于聚變的是 。（填正確答案標號） A、 164C 174N -10eB、 1352P 1362S 01eC、 29328U 23940Th 24HeD、 174N 24He 187O 11HE、01n15440Xe 3984Sr 221nF、 13H 12H 24He 01n（2）（5 分）現用某一光電管進行光電效應實驗，當用某一