3.動力學問題的解答離不開對勻變速直線運動規第二定律作為連接這些知識點的橋梁，其在整個高中物理中的串聯作用至關重要。正因為在近年來的高考命題中常常以壓軸題的形式出現，考查學生對于不同運動形式的理解和圖像問題的處理能此時牛頓第二定律的形式：F合x=m1a1x+m2a2x+m3a3x+?;F合y=m1a1y+m2a2y+m3a3y+?2x3x、??和a1y、a2y、a3y、??指的是系統內每個物體在x軸和y軸上相對地面的加速度。1122 A.轎廂A下降過程中處于完全失重狀態B.配重B的質量為480kg33C.配重B的質量為500kg 2 2。44 A.繩子的拉力大小不變C.物體A和B運動的加速度大小不變B.繩子的拉力大小變大D.物體A和B運動的加速度大小變小 一端與物體A相連.A上端連接一輕質細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連且始終與斜面平行。開中正確的是()A.剛釋放B時，A受到細線的拉力大小為mgB.A的最大速度為 55面間動摩擦因數均為tanθ,則細線的拉力為()mgsinθmgsinθmgsinθmgsinθ 是()A.斜面的傾角θ=60°B.每個物塊的質量m=2.5kgC.當F=10N時，F0=15N 系一小物塊A和B。其中mA=20kg，mB未知，滑輪下緣距地面H=1m。開始B物塊離地面高h=0.6m，B.mB=10kg66A.木塊A向上做勻加速運動的過程中，力F的最大值是8ND.從A向上做勻加速運動到A、B分離 Ft1A.F1=16NB.F2=20ND.在t1～t2時間段內物塊做勻加速直線運動 77A.t=1s時物塊A的速度小于0.8m/sB.t=1s時彈簧彈力為0.6NC.物塊B的質量為2kgD.F大小為1.5N C.t1 A.若在F作用下三個磚塊保持相對靜止的一起向上運B.若μ>則無論F多大，磚塊A、B、C都將保持相對靜止C.若μ=，且F>3mg，則磚塊A、B之間的摩擦力為FD.若μ=，且F>3mg，則磚塊A、B之間的摩擦力為F 88 (1)泥石流經過B點時的速度大小及由A點運動到B點所用的時間； 若運動員起跳時獲得豎直向上的初速度v0=1m/s，并在距離水面h0=1.6m前完成規定動作并調整好入水(3)運動員即將入水時速度v的大小和入水至水深h處的過程運動員受到水的平均作用力F的大小。99 為h=10m。已知A物塊的質量為m=1kg，B物塊的質量為M=3kg，A物塊與斜面間的動摩擦因數μ(2)斜面的長度L及A從t=0時刻起到返回斜面底端所需時間t。3.動力學問題的解答離不開對勻變速直線運動規第二定律作為連接這些知識點的橋梁，其在整個高中物理中的串聯作用至關重要。正因為在近年來的高考命題中常常以壓軸題的形式出現，考查學生對于不同運動形式的理解和圖像問題的處理能此時牛頓第二定律的形式：F合x=m1a1x+m2a2x+m3a3x+?;F合y=m1a1y+m2a2y+m3a3y+?2x3x、??和a1y、a2y、a3y、??指的是系統內每個物體在x軸和y軸上相對地面的加速度。1122 A.轎廂A下降過程中處于完全失重狀態B.配重B的質量為480kg33C.配重B的質量為500kgBC．對轎廂A和配重B的整體應用牛頓第二定律得mAg-mBg=(mA+mB)a解得配重B的質量mB=故BC錯誤；D．轎廂A勻速上升、配重B勻速下降時，電動機牽引繩的拉力F滿足F+mBg=mAg解得F=2000N牽引繩的功率P=Fv=4kW故D正確。故選D。 m/s+2m/s=5m/s故A正確；的速度-時間圖象由圖像圍成的面積表示位移D．在t=1s時刻，由牛頓第二定律可得F-μmg=ma代入數據解得F=5N故D正確。本題選錯誤的，故選B。44 22 2。55 在相鄰的0.5s兩瓦片的距離Δx1=a1t2=0.625m所以在L1內有瓦片塊數個瓦片在軌道上運 動時，在大于L1范圍內，根據牛頓第二定律得mgsinθ-μ0mg 3m/s相鄰瓦片的距離為Δx=vt=1.5m所以在大于L1范圍內有瓦片塊數個則軌道上瓦片的個數為n=6個。 A.繩子的拉力大小不變B.繩子的拉力大小變大C.物體A和B運動的加速度大小不變D.物體A和B運動的加速度大小變小有F=mAa對B，有mBg-F=mBa聯立求得g，F=g將A和B互換位置，繩子仍保持66=(mA+mB(a/求得g對B，根據牛頓第二定律有F/=mBa/求得F/=g因為mA>mB，所以可得a< 一端與物體A相連.A上端連接一輕質細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連且始終與斜面平行。開中正確的是()A.剛釋放B時，A受到細線的拉力大小為mgB.A的最大速度為mg-T=ma解得故物體A受到細線的拉力大小為mg，故A錯誤；大小剛好等于B的重力，設此時彈簧的伸長量為x1，則mg-kx1-mgsinθ=0解得x1=所以此時彈簧守恒，根據機械能守恒定律得sinθ=×2mv解得vm=故B正確；D．當B下落至最低點時，此時A上升到最高位置，根據對稱性可知B產生的加速故對B受力分析，根據牛頓第二定律可知T/-mg=ma/解得T/=mg故AB整體研究，設此時彈簧彈力F+mgsinθ-mg=a/解得F=mg對A研究，A受到彈簧拉力、重力和繩子的拉力，則=mgsinθ+F-T/=mg故D錯誤。故選B。 77面間動摩擦因數均為tanθ,則細線的拉力為()mgsinθmgsinθmgsinθmgsinθ有T-μmgcosθ-mgsinθ=ma對B由牛頓第二定律有4mgsinθ-μ(4m+m)gcosθ-μmgcosθ-T=4ma兩式聯立解得mgsinθ故選B。 是()A.斜面的傾角θ=60°B.每個物塊的質量m=2.5kgC.當F=10N時，F0=15ND.當F=10N時，物塊的加速度大小為a=2.5m/s2=2.5=gsinθ解得sinθ=所以θ=30°故AB錯誤；CD．當F=10N時，據F-2mgsinθ=2ma可求得三個物塊的加速度大小為a=5m/s2對三個物體有F0-3mgsinθ=3ma可解得F0=15N故C正確，D錯誤。故選C。9988系一小物塊A和B。其中mA=20kg，mB未知，滑輪下緣距地面H=1m。開始B物塊離地面高h=0.6m，B.mB=10kgBC．B剛落地時A繼續上升做豎直上拋運動，此時vA=vB=2g(H-h)=22m/s又vA=2ah所以m/s2對A、B由牛頓第二定律有mBg-mAg=(mB+mA(a解得mB=5mA=100kg，B錯誤CD．隔離A由牛頓第二定律有FT-mAg=mAa解得FT=166.67N，D錯誤。故選C。 A.木塊A向上做勻加速運動的過程中，力F的最大值是8ND.從A向上做勻加速運動到A、B分離【詳解】AB．對于A，根據牛頓第二定律有F-mAg+FBA=mAa故當FBA=0時，F最大，即Fm=mAg+mAa=12N故AB錯誤；有kx2-mBg=mBa解得x2=0.12m以A、B為整體，A、B上升的高度為Δx=x1-x2=0.08m99根據動力學公式v2=2aΔx，A、B分離時的速度為=0.4由動能定理有WF+W彈-(mA+mB(gΔx=(mA+mB(v2由題意知W彈=1.28J，可得WF=0.64J故C正確，D錯誤。故選C。 【詳解】AC．由推力與時間的圖像可得FA=8-2t，FB=2+2t則t=0時，可知FA0=8N，FB0=2N作用力為F，對B根據牛頓第二定律可得F+FB0=mBa解得F=2N故AC錯誤；mBmA4mBmA48-2t6解得t=1s分離時的速度為v=at=1m/s故B正確，D錯誤。故選B。 Ft1A.F1=16NB.F2=20NC.木板加速度所能達到的最大值為2.5m/s2D.在t1～t2時間段內物塊做勻加速直線運動木板與地面間的靜摩擦力達到最大值，根據平衡條件BC．當拉力達到F2時，木板相對物塊發生相對滑動，根據牛頓第二定律，對木板f2-f1=m1a對物塊F2-f2故選B。 A.t=1s時物塊A的速度小于0.8m/sB.t=1s時彈簧彈力為0.6NC.物塊B的質量為2kgD.F大小為1.5Ns<×1m/s=0.8m/s，0-1s內速度變化量Δv=s<0.8m/s，t=1s時物塊A的速度vA=Δv<故A正確；D．圖像可知t=0時，物塊A的加速度aA=1.0m/s2水平向右的恒力F=mAaA=3×1N=3N故D錯誤;由牛頓第二定律得F=(mA+mB)a共得物塊B的質量-mA=2kg故C錯誤；B．t=1s時彈簧彈力F彈=mBa共=2kg×0.6m/s2=1.2N故B錯誤；故選AC。 C.t1aAB A.若在F作用下三個磚塊保持相對靜止的一起向上運B.若μ>則無論F多大，磚塊A、B、C都將保持相對靜止C.若μ=，且F>3mg，則磚塊A、B之間的摩擦力為FD.若μ=，且F>3mg，則磚塊A、B之間的摩擦力為F【詳解】A．根據牛頓第二定律F-3mg=3ma得三個磚塊的加速度為-g，A錯誤；C．若μ=，且F>3mg，三塊磚相對靜止，一起勻加速度運動，根據2f-mg=ma得f=，故選BC。 則F合=mgtan30°=ma解得a=gtan30°整體由牛頓第二定律得F=3ma=、3mg故A正確；θ (1)泥石流經過B點時的速度大小及由A點運動到B點所用的時間；根據運動學公式可得2axAB=v-0解得vB=36m/s根據運動學公式vB=at可得t=6s(2)設汽車開始運動到與泥石流速度相等所用時間為t1，則有vB-a1t1=a2t1解得t1=4s泥石流在水平面上運動的位移為x1=vBt1-解得x1=104m汽車在水平面上運動的位移為解得x2=32m共速時二者的距離為Δx=x2+x0-x1=8m>0所以泥石流追不上汽車。 若運動員起跳時獲得豎直向上的初速度v0=1m/s，并在距離水面h0=1.6m前完成規定動作并調整好入水(3)運動員即將入水時速度v的大小和入水至水深h處的過程運動員受到水的平均作用力F的大小。【詳解】(1)運動員起跳后做豎直上拋運動，到最高點則有-2ghm=0-v解得hm=m=0.05mt2為hm+H-h0=代入數據解得t2=1.3s運動員完成規定動作允許的最長時間為tm=t1+t2=0.1s+運動員入水后至水深h處，由速度位移關系公式可得-2ah=0-v2代入數據解得a=40.2m/s2運動員入水后至水深h處的過程中，受