2025年湖北云學名校聯盟高一年級3月聯考命題學校：鄖陽中學命題人：魏東徐磊審題人：云學研究院考試時間：2025年3月11日10:30-11:45時長：75分鐘總分：100分一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，第8～10題有多項符合題目要求。每小題全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。A.牛頓B.哈雷C.開普勒D.卡文迪什2.2024年巴黎奧運會中國隊獲得40枚金牌的耀眼戰績。如圖是體操比賽中的一個瞬間，規則要求運動員保持此姿勢3秒鐘以上，此時兩手臂對稱撐住地面處于靜止狀態。設兩手臂之間的夾角為θ,運動員的重力為G,則可以判斷高一3月聯考物理試卷第1頁共6頁3.飛行員駕駛戰斗機斜向上勻速飛行，途中投放一顆炸彈，忽略炸彈受到的空氣阻力，炸彈落地前飛行員觀察到炸彈的運動是A.勻速直線運動B.勻加速直線運動C.勻變速曲線運動D.非勻變速曲線運動4.如圖為某機床動力裝置的部分截圖，它們彼此密切嚙合在一起進行傳動，已知P、Q兩個齒輪的齒數分別為n、n?,當P輪以角速度w轉動時，齒輪Q轉動的角速度是5.投壺是由古代禮儀演化而來，非常盛行的一種文雅游戲。如圖，某次投壺游戲時，兩箭分別從高度為21、1的a、b位置水平拋出，落地時水平位移分別為1、21。忽略空氣阻力，兩箭都可以看做質點，下列說法正確的是A.a、b兩箭空中運動的位移相等B.若改變兩箭拋出的先后順序和時間間隔，兩箭可能在空中相遇C.要想兩箭落到同一點，a箭的初速度要變為原來的√2倍D.落地時a箭速度偏角正切值為b箭速度偏角正切值的6.某同學從教學大樓的5樓將一小玩具從窗口豎直向上拋出，拋出后第2s內玩具的位移為-5m(取豎直向上為正方向)。已知每層樓高度約為3m,忽略空氣阻力，重力加速度大小g=10m/s2,則玩具拋出后距窗口3m的時間不可能是7.如圖，傾角為45°的斜面體c上有質量相等的物塊a和b,在水平推力F=60N的作用下三者一起向左做勻加速運動，已知a、b的質量為1kg,斜面體c的質量為3kg,c與水平地面之間的動摩擦因數為0.2,重力加速度大小為g=10m/s2,下列說法正確的是A.a、b的接觸面可能是光滑的B.b、c的接觸面可能是光滑的C.若F>60N,則a、b一定會相對于c沿斜面向上運動D.若F<60N,則a、b一定會相對于c沿斜面向下運動高一3月聯考物理試卷第2頁共6頁高一3月聯考物理試卷第3頁共6頁8.如圖所示，長為1m的輕質細桿一端固定在水平轉軸O上，另一端固定一個質量為1kg的小球(視為質點)。小球在豎直平面內繞轉軸O做圓周運動，通過最高點的速度大小為v=2m/s。忽略空氣阻力，重力加速度大小g=10m/s2,下列說法正確的是A.小球通過最高點時，對輕桿的作用力方向豎直向下，大小為6NB.小球通過最高點時，速度越大，對輕桿的的作用力越大C.若將輕桿換成等長的輕繩，小球從最高點以v=2m/s水平拋出，則拋出瞬間輕繩拉力為6ND.若將輕桿換成等長的輕繩，小球從最高點以v=2m/s水平拋出，則經輕繩再次拉直9.質量均為m的兩個相同小球A、B通過兩根輕彈簧1、2和一根水平輕繩3按照如圖所示連接，已知彈簧1與豎直墻壁的夾角為30°,重力加速度為g,下列說法正確的是A.彈簧1中彈力的大小B.輕繩3被剪斷的瞬間，A球的加速度為C.彈簧1被剪斷的瞬間，輕繩3中的彈力不變D.彈簧2被剪斷的瞬間，輕繩3中的彈力不變10.如圖所示，裝置BO'0可繞豎直軸O'O轉動，可視為質點的小球A與兩細線連接后分別系于B、C兩點，裝置靜止時細線AB水平，細線AC與豎直方向的夾角θ=37°。已知小球的質量m=1kg,細線AC長l=1m,∠ABC=45°(重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)。下列說法正確的是A.若裝置勻速轉動的角速度為√2rad/s時，繩AC中的拉力大小為12.5NB.裝置轉動時，轉動越快，繩AC中的拉力越大c.當AB繩剛好豎直時，裝置勻速轉動的角速度為D.當裝置轉動的足夠快時，AC繩中的拉力與角速度的平方成正比二、實驗題：本大題共2小題，共16分。11.(7分)中國的載人登月工程計劃于2030年前實現載人登月。而隨著我國的航天技術的發展，我們的航天員也必定能登上其他星球。假如在2035年，中國航天員在一個未知星球上研究平拋運動的規律。拍下了小球作平拋運動過程中的多張照片，經合成照片如圖。1、2、3、4、5為連續四次拍下的小球位置，照片中第4次拍下的小球位置因故模糊，已知連續拍照的時間間隔是0.10s,每個小方格邊長為1cm,又知該照片的長度與實際的長度之比為1:20,則：(1)由以上信息，可知1點_(選填“是”或“不是”)小球的拋出點。(2)該星球表面的重力加速度大小為_m/s2,小球在第4次拍照時的速度大小是m/s(結果可用根式表示)。(3)若已知該星球的半徑與地球半徑之比為R星：R地=1:4,則該星球的質量與地球質量12.(10分)50Hz,重力加速度大小為g=9.8m/s2。木板小車電火花計時器高一3月聯考物理試卷第4頁共6頁高一3月聯考物理試卷第5頁共6頁5353(1)(單選)下列說法正確的是(選填字母標號)A.電火花打點計時器應使用工作電壓約為8V的交流電源(2)實驗中得到的部分紙帶及測量情況如圖丙所示，每兩個點之間還有四個點未畫出，根據圖丙的紙帶可求出小車的加速度a=m/s2(結果保留三位有效數字);(3)該同學根據實驗數據作出了小車的加速度a與拉力傳感器示數F的關系圖像如圖乙所(4)若圖乙中圖線在縱軸上的截距為ao,直線斜率為k,則小車的質量M=;(5)該同學發現，不斷增加鉤碼的質量，小車的加速度會趨向于一恒定值，該值大小為 m/s2(結果保留三位有效數字)。13.(10分)水平方向的恒力作用。現將一質量為m的小球在該區域從A點以速度v水平拋出，最終在B點落地，速度方向豎直向下。已知AB連線與水平方向夾角為30°,AB之間的距離為L,星球重力加速度未知，忽略空氣阻力，所有結果用題(1)小球落地時的速度大小；(2)小球運動過程中受到的水平恒力。14.(15分) (2)t=2s時，物體B的速度15.(18分)2024年11月11日，全國郵政快遞企業共處理快遞包裹超7億件，創下了歷年“雙11”當日的送帶長L=8.5m,以v=7m/s的速度順時針勻速轉動，其右上側有一水平平臺MN,平臺右側N點固定一個彈性擋板。質量mg=1kg的木板B靜止在平臺MN上且與平臺左側M點對齊。一個可好沿水平方向無碰撞地滑上木板B的左端。木板B與擋板碰撞后以原速率反彈，運動過程中A始終未能滑離B。已知A與傳送帶間的動摩擦因數μ?=0.75,A與B間的動摩擦因數μ2=0.15,B與平臺間的動摩擦因數μ3=0.05,擋板距木板右端s=2.92m,空氣阻力忽略不計，重力加速度(1)包裹A離開傳送帶時的速度大小：(2)木板B第一次與擋板碰撞時的速度大小；(3)木板B第一次與擋板碰撞后到包裹A停下所需的時間。2025年湖北云學名校聯盟高一年級3月聯考物理試卷評分細則123456789DCBABDB詳解：引力常量G最早是由英國物理學家卡文迪什通過實驗較為準確測出，故D對。詳解：由于運動員保持該姿勢時處于靜止狀態，受力平衡。無論為多少，運動員所受合力都為0,故A錯。豎直方向上，重力與地面對兩只手的彈力相等，故無論為多大，地面對行員的加速度為g,方向豎直向下，故炸彈相對于飛行員做自由落體運動。故B對。時邊緣線速度相等，由p=Q可得p1=Q?,故選A。 Vb=√2,故要想兩箭落到同一點，a箭的初速度要變為原來的2倍，故C錯a、b兩箭在空中運動的位移方向不同，故A錯。由圖中數據可知，a箭位移偏角的正切值為b箭位移偏角正切值的4倍，根據平拋運動的推論，a箭速度偏角的正切值也應為b箭的帶入可得豎直上拋的初速度為10m/s。由豎直上拋運動的對稱性可知離拋出點3m的時刻一共有3個，,h=3m,可得故不可能的為D選項。詳解：abc整體受力分析如圖所示第7題圖a物體需要b物體給他水平向左的靜摩擦力來提供勻加速運動的加速度，故a、b接觸面一定是粗糙的，故A選項錯。對ab整體受力分析如上圖所示，由豎直方向的平衡方程和水平方向的牛頓第二定律可得：fbe=0,故bc的接觸面可能是光滑的。(或假使bc接觸面光滑，ab整體能夠跟隨c一起向右的臨界加速度為a=gtanθ=10m/s2故假設成立)故B選項對。F>60N,若b、c接觸面光滑，ab會相對于c沿斜面向上運動。若b、c接觸面粗糙，b會受到沿斜面向下的靜摩擦力，a、b會相對于c具有沿斜面向上的運動趨勢，abc整體可能依舊保持相對靜止，一起向左勻加速運動，故C選項錯，同理D選項錯。詳解：當小球重力恰好提供向心力時可得臨界速度vo=√=√10m/s,由于v=2m/s<√10m/s,所以輕桿模型小球運動到最高點時輕桿對小球的作用力方向豎直向上，,由牛頓第三定律得小球對輕桿的作用力大小也為6N,方向豎直向下，故A對。最高點，v<√10m/s時，速度越大，小球對輕桿的作用力越小；v>√10m/s時，速度越大，小球對輕桿的作用力越大；故在最高點時，小球對輕桿的作用力隨速度的增大先減小后增大，故B錯。若將輕桿換成等長的輕繩，小球最高點以v=2m/s<√10m/s水平拋出，繩子會處于松弛狀態，故小球將做平拋運動(向心運動),直至繩再次拉直，這個過程中輕繩拉力為0,故C錯。小球平拋過程軌跡如圖所詳解：對B、AB整體受力分析，由平衡知識可得：彈簧1中彈力;彈簧2中彈力F?=mg;繩子3中彈力輕彈簧1被剪斷的瞬間，輕繩3中的彈力突變為0,故C錯。輕彈簧2被剪斷的瞬間，彈簧1中彈力不變，彈力1的水平分量不變，輕繩3的彈力不變，故D對。詳解：由幾何關系知繩AB長0.2m。①較小時，AC、BC繩中都有拉力，小球受力分析如上圖1,當TAB=0時，可得隨著o繼續增大，小球會飛起，AB繩會松弛，直至豎直。此過程中小球受力分析如上圖2,Frcosa=mgFrsina=mw2lsina得Fr=mw2l=w2上圖3,Frcos53?=mg+TABFrsin53?=mw2lsin530得Fr=mw2l=w211.(共7分)(1)不是(1分)(2)20(2分)√65(2分)(3)1:8(2分)解：(1)因為豎直方向上連續相等時間內的位移之比不是1:3:5,不符合初速度為零的勻變速直線運動特點，由此可知1點不是小球的拋出點。(2)該照片的長度與實際背景屏的長度之比為1:20,可得小正方形的實際邊長=20;豎(3)由—2=,得,故12.(共10分)(1)(2分)(2)0.820(2分)(3)平衡摩擦力過度(2分)(4)1(2分)(5)19.6(2分)(3)當力傳感器示數=0時小車合力大小為0,可知平衡摩擦力過度。13.(共10分)由(2分)(2分)(1分)(2分)由牛第二定律=(2分)得：恒力大小方向與A點拋出速度方向相反。(1分)(補充：方向水平向左也給分)14.(共15分)解：(1)A、B分離前對整體由牛頓第二定律F+(2分)對A物體由牛頓第二定律F-=(2分)(2分)(1分)(補充：整體法+隔離法各2分，或者兩次隔離法各2分)(2)1s末B的速度V(m/s2)(2分)1s后A、B分離，由牛頓第二定律=2s末時B的速度V(m/s2)(2分)得V?=10.5m/s2(2分)(本題第二問也可以用a-t圖像求解，結果正確同樣給分。)15.(共18分)解：(1)包裹滑上傳送帶后，設向上滑動的加速度為1,根據牛頓第二定律有sin+1cos=1’(1分)得1=10/2,方向沿斜面向下設包裹與傳送帶共速所用時間為1,由=0-11,得1=0.5(1分)因1=6.25<,共速后包裹未滑離傳送帶，由μ1=tan37°,此后包裹與傳送帶保持相對靜止，故包裹滑離傳送帶時