廈門灌口中學2024屆高考物理試題命題比賽模擬試卷（28）

注意事項:

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5亳米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，一根彈簧一端固定在左側豎直墻上，另一端連著A小球，同時水平細線一端連著A球，另一端固定在

右側豎直墻上，彈簧與豎直方向的夾角是60。，A、B兩小球分別連在另一根豎直彈簧兩端。開始時A、B兩球都靜止

不動，A、B兩小球的質量相等，重力加速度為g,若不計彈簧質量，在水平細線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度分

A.aA=aB=0

B.aA=2g,aH=0

C.。八=Gg，%二°

D.々八二26g,%=0

2、某次空降演練中，跳傘運動員從飛機上跳下，10s后打開降落傘，并始終保持豎直下落，在074s內其下落速度隨

時間變化的丫一，圖像如圖所示，則（）

A.跳傘運動員在0~10s內下落的高度為5也

B.跳傘運動員（含降落傘）在。?10s內所受的阻力越來越大

C.10s時跳傘運動員的速度方向改變，加速度方向保持不變

D.1074s內，跳傘運動員（含降落傘）所受合力逐漸增大

3、如圖所示，兩個接觸面平滑的鉛柱壓緊后懸掛起來，下面的鉛柱不脫落。主要原因是（）

A.鉛分子做無規則熱運動

B.鉛柱間存在磁力的作用

C.鉛柱間存在萬有引力的作用

D.鉛柱間存在分子引力的作用

4、已知地球質量為月球質量的81倍，地球半徑約為月球半徑的4倍.若在月球和地球表面同樣高度處，以相同的初

速度水平拋出物體，拋出點與落地點間的水平距離分別為s月和s地，則s月：s地約為（）

A.9：4B,6：1C.3：2D.1：1

5、氫原子的能級圖如圖所示，有一群處于〃=4能級的氫原子，若氫原子從〃二4能級向〃=2能級躍遷時所輻射出的光

恰能使某種金屬A發生光電效應，則下列說法中正確的是（）

4-------------------------0.85

3-------------------------1.51

2-------------------------3.4

1--------------------------13.6

A.這群氫原子輻射出的光中共有3種頻率的光能使金屬A發生光電效應

B.如果輻射進來能量為0.32eV的光子，可以使氫原子從〃=4能級向〃=5能級躍遷

C.如果輻射進來能量為1.32eV的光子，不可以使處于〃=4能級的氫原子發生電離

D.用氫原子從〃=4能級向〃=1能級沃遷時輻射出的光照射金屬A,所產生的光電子的最大初動能為10.2eV

6、如圖所示,一端擱在粗糙水平面上,另一端系一根細線（線豎直）處于靜止狀態的重直桿A受到的作用力個數（）

B.2

C.3D.4

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示質量均為機的物體AB通過輕質彈簧連接；物體A、C通過輕繩連接在光滑的輕質定滑輪兩側，用手托著

質量為M的物體C使A靜止在彈簧上，物體B靜止在地面上，繩伸直恰無彈力。忽略空氣阻力，旗手后物體C下落,

直至物體R對地面恰好無壓力。若將C換成大小為Mg的豎直向下的拉力作用，也直至物體B對地面恰好無壓力。兩

種情況下，此時A的動能分別表示為4、Ek2,A的重力勢能分別表示為、Ep,,彈簧的彈性勢能分別表示為E外、

E儂，細繩對A所做的功分別表示為％、1匕，重力加速度為g,則下列說法中正確的是（）

A.若M=m,則昂=￡（2B.若M>m,則4>后小

C.若〃>/〃，則￡為》與%D.若則叱<嗎

8、以下說法正確的是（）

A.氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數，與單位體積內分子數及氣體分子的平均動能都有關

B.布朗運動是液體分子的運動，它說明分子不停息地做無規則熱運動

C.當分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小

D.如果氣體分子總數不變，而氣體溫度升高，氣體的平均動能一定增大，因此壓強也必然增大

E.當分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小

9、質量為小的小球由輕繩。和方分別系于一輕質細桿的A點和/，點，如右圖所示，繩。與水平方向成。角，繩力在

水平方向且長為/,當輕桿繞軸A8以角速度/勻速轉動時，小球在水平面內做勻速圓周運動，則下列說法正確的是

A.。繩的張力不可能為零

B.。繩的張力隨角速度的增大而增大

C.當角速度①叵迫，力繩將出現彈力

D.若力繩突然被我斷，則。繩的彈力一定發生變化

10、A、B兩物體質量均為小，其中A帶正電，帶電量為+小B不帶電，通過勁度系數為4的絕緣輕質彈簧相連放在

⑶假設接入電路中電表的讀數：電流表圖讀數為h,電流表A2讀數為/2,則二極管兩瑞電壓的表達式為（用

題中所給的字母表示）。

（4）同學們用實驗方法測得二極管兩端的電壓U和通過它的電流I的一系列數據，并作出l-u曲線如圖乙所示。

t十：十1十f：：十上便十：十：十：

七白霜上廿

1.02.03.04.0UN

（5）若二極管的最佳工作電壓為2.5V,現用5.0V的穩壓電源（不計內限）供電，則需要在電路中串聯一個電限R才能使

其處于最佳工作狀態，請根據所畫出的二極管的伏安特性曲線進行分析，申聯的電阻K的阻值為。（結

果保留三位有效數字）

12.（12分）如圖所示，梁老師在課堂做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，橡皮條的一端固定在黑板上方的A點，

另一端被兩個彈簧測力計拉到O點。

（1）下列原因可能會導致實驗結果不準確的是________

A.彈簧測力計在實驗前沒有調零

B.彈簧測力計必須保持與木板平行，讀數時視線要正對彈簧側力計刻度

C.彈簧測力計自身的重力對拉力大小有影響

D.拉橡皮條的細繩套粗一些且短一些，實驗效果較好

⑵為了提高實驗的準確性，減少誤差，請提出合理的解決辦法（一條即可）

⑶兩彈簧測力計的讀數分別為人和尸2,兩細繩的方向分別與橡皮條延長線的夾角為圖和“2,如圖所示，以下說法正

確的是______.

A.為了驗證力的平行四邊形定則，只需作力的圖示來表示分力與合力

B.實驗中用平行四邊形定則求得的合力尸一定與。4在一條直線上

C.若保持。點的位置和夾角四不變，夾角（12可變，若乃增大，則尸2可能減小

D.兩彈簧測力計間的夾角四和（X2之和必須取90。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）一列簡諧橫波在均勻介質中沿x軸正方向傳播，U0時刻的波動圖象如圖甲所示，其中處于x=12m處的

質點c的振動圖象如圖乙所示。求：

①質點。的運動狀態傳到質點d所用的時間；

②從仁0時刻開始，5.5s內質點力運動的路程和t=5.5s時質點b的位移。

14.（16分）如圖所示，在xoy平面內，虛線。尸與x軸的夾角為3（凡O尸與），軸之間存在沿著y軸負方向的勻強電

場，場強大小為萬。OP與x軸之間存在垂直于xoy平面向外的勻強磁場。現有一帶電的粒子，從『軸上的M點以初

速度也）、沿著平行于x軸的方向射入電場，并從邊界OP上某點。（圖中未畫出）垂直于。尸離開電場，恰好沒有從

x軸離開第一象限。已知粒子的質量為，小電荷量為q（q>0）,粒子的重力可忽略。求：

⑴磁感應強度的大小；

⑵粒子在第一象限運動的時間；

⑶粒子從），軸上離開電場的位置到O點的距離。

15.(12分)半徑R=0.50m的光滑圓環固定在豎直平面內，輕質彈簧的一端固定在環的最高點A處，另一端系一個

質量m=0.20kg的小球.小球套在圓環上，已知彈簧的原長為Lo=0.50m,勁度系數k=4.RN/m.將小球從如圖所示

的位置由靜止開始釋放，小球將沿圓環滑動并通過最低點C,在C點時彈簧的彈性勢能EPC=0.6J,g取lOm/sz.求：

(1)小球經過C點時的速度汽的大小；

(2)小球經過C點時對環的作用力的大小和方向.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解題分析】

對水平細線被剪斷前的整體和小球B受力分析，求出兩段彈簧中的彈力。水平細線被剪斷瞬間，繩中力變為零，彈簧

彈力不會突變，對A和B分別受力分析，由牛頓第二定律求出AB各自的加速度。

【題目詳解】

設兩球的質量均為m,傾斜彈簧的彈力為I，豎直彈簧的彈力為心。對水平細線被剪斷前的整體受力分析，由平衡條

()

件可得：7；cav60=2mg,解得：7；=4〃zg。對水平細線被剪斷前的小球B受力分析，由平衡條件可得：T2=mgo

水平細線被剪斷瞬間，繩中力變為零，彈簧彈力不會突變。對水平細線被剪斷瞬間的A球受力分析知，A球所受合力

與原來細線拉力方向相反，水平向左，由牛頓第二定律可得：7；s加60°=〃心八，解得：(1八=2&。對水平細線被剪

斷瞬間的B球受力分析知，B球的受力情況不變，加速度仍為0。故D項正確，ABC三項錯誤。

【題目點撥】

未剪斷的繩，繩中張力可發生突變；未剪斷的彈簧，彈簧彈力不可以突變。

2、B

【解題分析】

A.假設空降兵在空中做勻加速運動，10s時的速度剛好為以，則這段時間內的下落位移應為

x=vt=^-t=5v2

但實際上由圖可知，根據圖線與橫軸圍成的面積表示位移可得其下落位移必然大于“2。故A錯誤；

B.空降兵在空中受到重力和空氣阻力的作用，而由圖像可知，空降兵在0~10s內的加速度不斷減小，由牛頓第二定律

mg-f=ma

可知空降兵受到的空氣阻力應當不斷增大，故B正確；

C.10s時空降兵的速度圖像仍在無軸上方，速度方向并未改變，但空降兵的速度走向由增大變為減小，故而加速度方

向改變。故C錯誤；

D.由圖可知，10~14s內，空降兵的速度逐漸減小，且減小的速率逐漸降低，表明空降兵的加速度逐漸減小，根據牛

頓第二定律可知其所受合力逐漸減小。故D錯誤。

故選B。

3、D

【解題分析】

分子間的引力的斥力是同時存在的，但它們的大小與分子間的距離有關。分子間距離稍大時表現為引力，距離很近時

則表現為斥力，兩鉛塊緊密結合，是分子間引力發揮了主要作用，D正確，ABC錯誤。

故選D。

4、A

【解題分析】

設月球質量為半徑為R',地球質量為M,半徑為R.

GMm

根據萬有引力等于重力得:

3GM

則有：8二丁

K

g81

因此［=77…①

g16

由題意從同樣高度拋出，〃=ggf2=gg/2…②

9

聯立①、②解得：/'=

4

在地球上的水平位移s地=

在月球上的s月=%「；

因此得到：s月：s地=9:4,故A正確，BCD錯誤.

點睛：根據萬有引力等于重力，求出月球表面重力加速度和地球表面重力加速度關系，運用平拋運動規律求出兩星球

上水平拋出的射程之比.

5、D

【解題分析】

A.氫原子從n=4能級向低能級躍遷時可以輻射出6種頻率的光子，其中只有從n=4能級向〃=3能級躍遷時所輻射出

的光子以及從〃=3能級向〃=2能級躍遷時所輻射出的光子的能量小于從〃=4能級向〃=2能級躍遷時所輻射出的光子的

能量，不能使金屬A發生光電效應，故共有4種頻率的光能使金屬A發生光電效應，故A錯誤；

B.因為從〃=4能級向〃=5能級躍遷時所需要的能量為

AE=E5-E4=0.3leV

不等于光子能量為0.32eV,故B錯誤；

C.因為要使處于〃=4能級的氫原子發生電離，所需要的能量只要大于0.85eV就可以，故C錯誤；

D.由題意可知，金屬A的逸出功為255eV,氫原子從〃二4能級向〃=1能級躍遷時所輻射出光子的能量為

hv=E4-Ey=12.75eV

由愛因斯坦光電效應方程可得最大初動能

4=/?v-W/)=10.2eV

故D正確。

故選Do

6、C

【解題分析】

棒保持靜止狀態，合力為零；對棒受力分析，受重力、繩子豎直向上的拉力，地面的支持力，由于繩子豎直向上的拉

力,有合力為零，故地面對棒沒有靜摩擦力，因此棒共受到3個力作用，故C正確，ABD錯誤；故選C.

【題目點撥】

受力分析時為防止漏力、多力，可以按照重力、彈力、摩擦力的順序分析，同時要結合平衡態分析，注意繩子的拉力

方向是解題的關鍵.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AD

【解題分析】

A.開始時彈簧被壓縮

k

當物塊B恰對地面無壓力時，彈簧的彈力等于〃.，此時彈簧伸長

k

則兩種情況下彈簧的形變量相同，彈簧的彈性勢能不變；由能量關系，第一種情況：

1,

Mgh=mgh+—+

第二種情況：

1”

Mgh=mgh+—mv~

若M=mf則v=v%即gu=%，選項A正確；

B.兩種情況下彈簧長度均變化〃=冬警，即A上升的高度相同，重力勢能變化量相同，選項B錯誤；

K

C.兩種情況下彈簧伸長量相同，則彈性勢能相同，選項C錯誤；

D.由A的分析可知，若”＞切，則X匕第一種情況下繩子對A做功：

=mgh+—wv2

第二種情況下繩子對A做功：

2

W2=mgh+gmv

則

叱〈嗎

選項D正確；

故選AD,

8、ACE

【解題分析】

A.氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數與分子密度和分子平均速率有關，即與單位體積內分子數及氣體

分子的平均動能都有關，故A正確；

B.布朗運動是懸浮小顆粒的無規則運動，反映了液體分子的無規則熱運動，故B錯誤；

C.兩分子從無窮遠逐漸靠近的過程中，分子間作用力先體現引力，引力做正功，分子勢能減小，當分子間的引力和

斥力平衡時，分子勢能最小，之后體現斥力，斥力做負功，分子勢能增大，故C正確；

D.根據理想氣體狀態方程

&C

T

可知溫度升高，體積變化未知，即分子密度變化未知，所以壓強變化未知，故D錯誤；

E.當分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，故E正確。

故選ACE.

9、AC

【解題分析】

小球做勻速圓周運動，在豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，所以。繩在豎直方向上的分力與重

力相等，可知。繩的張力不可能為零，故A正確；根據豎直方向上平衡得，FasinO=mgf解得乙=2多，可知。繩的

sinO

拉力不變，故B錯誤；當b繩拉力為零時，有：就="依再，解得汨產瀉，可知當角速度口＞產瀉時,

力繩出現彈力，故C正確；由于力繩可能沒有彈力，故b繩突然被剪斷，〃繩的彈力可能不變，故D錯誤。

10、ABD

【解題分析】

A.在未施加電場時，A物體處于平衡狀態，當施加上電場力瞬間，A物體受到的合力為施加的電場力，故

qE=mn

解得

a=2g

方向向上，故A正確；

B.B剛要離開地面時，地面對B彈力為0,即

F彈=

對A物體

Eq=mg+K中

即A物體合力為0,因此從開始到B剛要離開地面過程，A物體做加速度逐漸變小的加速運動，即A物體速度一直增

大，故B正確；

C.從開始到彈簧恢復原長的過程，A物體的機械能增量等于電勢能的減少量與彈性勢能的減少量之和，從彈簧恢復

原長到B剛要離開地面的過程，A物體的機械能增量等于電勢能的減少量與彈性勢能的增加量之差，故C錯誤；

D.當B離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加電場力到B離開地面，彈簧的彈力做功為零，A

上升的距離為

x三

k

根據動能定理可知

qErx-mgx=—1mv2

解得

故D正確。

故選ABDo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

-0—<=D-

11、AFr(&+陰一/再119

凡

jy」

E

【解題分析】

當紅表筆接4端、黑表筆同時接8端時，指針幾乎不偏轉，說明電阻很大，二極管反向截止，根據歐姆表的工作

原理可知，黑表筆應與歐姆表內部電池的正極相連，由二極管的單向導電性可知，A端應是二極管的正極；

(2)[2]由圖乙可知，實驗中要求電壓從零開始調節，故滑動變阻器應采用分壓接法；所以滑動變阻器應選阻值小的，即

滑動變限器應選F；

網在測量正向加電壓的伏安特性曲線時，實驗中最大電壓約為3V,所以電壓表V(量程。?15V,內阻約2500。)不符

合題意，故需要電流表AM量程。?0.5A,內阻為弓二2）與定值電阻叫=7C串聯改裝成量程為

U=/?+&)=4V

3一

二極管兩端的電壓在3V以內，電流在40mA以內，電流表應選用電流表Ai（量程0?50mA,內阻為，i=0.5Q）；因二

極管的正向電阻較小，故采用電流表外接法，同時二極管正極應接電源正極；因實驗中要求電壓從零開始調節，故滑

動變阻器應采用分壓接法，所以電路圖為

E

⑶［4］根據電路結構特點可得

乂々m

解得二極管兩瑞電壓的表達式為

U=/?也十一4八

（5）［5］二極管的最佳工作電壓為2.5V,現用5.0V的穩壓電源（不計內限）供電，根據圖乙可知在電路中電流為21mA,根

據歐姆定律和電路結構可得申聯的電阻R的阻值為

/?=5.0-2.5Q=H9Q

0.021

12、AD將豎直平面轉到水平面C

【解題分析】

（1）［1］A.彈簧測力計在實驗前沒有調零，彈簧測力計測力時會導致實驗結果不準確，故A符合題意；

B.本實驗是通過在白紙上作力的圖示來驗證平行四邊定則，為了減小實驗誤差，彈簧秤、細繩、橡皮條都應與木板

平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大，讀數時視線必須與刻度尺垂直，防止視覺誤差，故B不符合

題意；

C.彈簧測力計測的是拉力大小而不是重力大小，所以彈簧測力計自身的重力，不會導致實驗結果不準確，故C不符

合題意；

D.在實驗中要減小拉力方向的誤差，應讓標記同一細繩方向的兩點盡量遠些，故細繩應該長一些；拉橡皮條的細繩

套粗一些且短一些，會導致實驗結果不準確，故D符合題意；

故選AD；

⑵[2]為了提高實驗的準確性，減少誤差要選用彈性小且適當長的細繩或將豎直平面轉到水平面；

(3)[3]A.為了驗證力的平行四邊形定則，應采用作力的圖示來表示分力與合力，但不是只需作力的圖示來表示分力與

合力，故A錯誤；

B.因實驗中存在誤差，故不可能嚴格使尸與尸重合，所以實驗中用平行四邊形定則求得的合力/不一定沿。4直線

方向，故B錯誤；

C.對點。受力分析，受到兩個彈簧的拉力和橡皮條的拉力，保持。點的位置和夾角四不變，即橡皮條長度不變，彈

簧拉力￡方向不變，彈簧拉力尸2方向和大小都改變，如圖：

根據平行四邊形定則可以看出R的讀數不斷增大時，入先變小后變大，所以若《增大時，鳥可能變小，故C正確；

D.實驗中，把橡皮筋的另一端拉到。點時，兩個彈簧測力計之間的夾角不一定是取90。，故D錯誤；

故選C。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、①0.2s；②5.5m,10cm

【解題分析】

①由圖甲可知，簡諧波的波長2=12m,由圖乙可知，簡諧波的周期r=0.4s,故該波的傳播速度

v=—=3()m/s

T

由正弦函數曲線規律可知，質點。平衡位置的橫坐標為5m,質點d平衡位置的橫坐標為11m,所以質點。的運動狀態

傳到質點d所用的時間

AY11-5”

t=——=-----s=0.2s

v30

②5.5s內,有

3

M=5.5s=5.2s+0.3s=13-T

4

故/=5.5s時質點〃處在正的