山東省淄博市2024屆高考沖刺物理模擬試題

考生請注意：

1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.放出的各種射線中，。粒子動能最大，因此貫穿其他物質(zhì)的本領(lǐng)最強

B.原子的核外具有較高能量的電子離開原子時，表現(xiàn)為放射出夕粒子

C.原子核發(fā)生衰變后生成的新核輻射出/射線

D.原子核內(nèi)的核子有一半發(fā)生衰變時，所需的時間就是半衰期

2、如圖，°、力兩個物塊用一根足夠長的輕繩連接，跨放在光滑輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，力的質(zhì)量大于。的質(zhì)量，用手豎直向

上托住力使系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。輕質(zhì)彈簧下端固定，豎直立在力物塊的正下方，彈簧上端與力相隔一段距離，由靜止

釋放心在》向下運動直至彈簧被壓縮到最短的過程中（彈簧始終在彈性限度內(nèi)下列說法中正確的是（）

A.在力接觸彈簧之前，力的機械能一直增加

B.8接觸彈簧后，。、力均做減速運動

C.6接觸彈簧后，繩子的張力為零

D.a、力和繩子組成的系統(tǒng)機械能先不變，后減少

3、如圖，梯形小車。處于光滑水平面上，一彈性繩將小車。與豎直墻壁連接（松弛），。傾斜的上表面放有物塊兒現(xiàn)

給。和力向左的相同速度*0,在之后的運動過程中，。與方始終保持用對靜止。則在彈性繩從伸直到長度最大的過程

中（）

A.b對。的壓力一直增大

B.方對。的摩檄力一直減小

C.5對a的作用力一直減小

D.〃對。的作用力方向水平向左

4、如圖，一兩端封閉的玻璃管在豎直平面內(nèi)傾斜放置，與水平面間的夾角為。，一段水銀柱將管內(nèi)一定質(zhì)量氣體分割

成兩部分。在下列各種情況中，能使管中水銀柱相對玻璃管向。端移動的情況是（）

A.降低環(huán)境溫度B.在豎直平面內(nèi)以0點為軸逆時針緩慢轉(zhuǎn)動玻璃管

C.保持〃角不變，使玻璃管減速上升D.使玻璃管垂直紙面向外做加速運動

5、如圖所示為三顆衛(wèi)星或力、c繞地球做勻速圓周運動的示意圖，其中乩c是地球同步衛(wèi)星，。在半徑為「的軌道上,

此時b恰好相距最近，已知地球質(zhì)量為半徑為R,地球自轉(zhuǎn)的角速度為①，引力常量為G,則（）

A.衛(wèi)星力加速一段時間后就可能追上衛(wèi)星c

B.衛(wèi)星）和c的機械能相等

2萬

C.到衛(wèi)星。和力下一次相距最近，還需經(jīng)過時間u[GM

D.衛(wèi)星〃減速一段時間后就可能追上衛(wèi)星c

6、頻率為的入射光照射某金屬時發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象。已知該金屬的逸出功為W,普朗克常量為力，電子電荷量大小

為e,下列說法正確的是（）

h

A.該金屬的截止頻率為:

W

hv-W

B.該金屬的遏止電壓為-------

C.增大入射光的強度，單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)不變

D.增大入射光的頻率，光電子的最大初動能不變

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，設(shè)水車的轉(zhuǎn)輪以某一較大的角速度切做勻速圓周運動，輪緣上有兩個水滴A、B同時從同一高度被甩

出，并且都落到轉(zhuǎn)輪右側(cè)的水平地面上，假設(shè)水滴被甩出的瞬時速度大小與其在輪上運動時相等，速度方向沿轉(zhuǎn)輪的

切線方向，不計空氣阻力。下列判斷中正確的有（）

A.兩水滴落到水平地面上的速度相同

B.兩水滴在空中飛行過程中重力做的功相等

C.高度一定，◎越大，兩水滴在空中飛行的時間差△，越大

D.高度一定，“越大，兩水滴落地點的距離Ax越大

8、如圖所示，以。為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強電場中，圓所在平面與電場方向平行，M、N為圓

周上的兩點。帶正電粒子只在電場力作用下運動，在M點速度方向如圖所示，經(jīng)過N兩點時速度大小相等。已知

M點電勢高于。點電勢，且電勢差為U,下列說法正確的是（）

A.M,N兩點電勢相等

B.粒子由M點運動到N點，電勢能減小

C.該勻強電場的電場強度大小為跑

R

D.粒子在電場中可能從M點沿圓弧運動到N點

9、關(guān)于熱力學(xué)的一些現(xiàn)象和規(guī)律，以下敘述正確的是（）

A.熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體

B.液體的表面張力使液面繃緊，所以液滴呈球形

C.高原地區(qū)水的沸點較低，是高原地區(qū)溫度較低的緣故

D.一些昆蟲可以停在水面上，是由于表面層的水分子比內(nèi)部的水分子更密集

E.一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)改變過程中，既不吸熱也不放熱，內(nèi)能也有可能發(fā)生變化

B.當S接觸點2時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆

C.當S接觸點2時，多用電表處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆

D.當S接觸點3時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆

⑵用實驗室原有的多用電表進行某次測量時，指針在表盤的位置如圖乙所示。

A.若所選擋位為“直流10mA”擋，則表盤示數(shù)為mA。

B.若所選擋位為“直流5()V”擋，則表盤示數(shù)為V。

(3)用表盤為圖乙所示的多用電表正確測量了一個約15Q的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值約2g的電阻。在用紅、黑

表筆接觸這個電阻兩端之前，請選擇以下必須的步驟，并按操作順序?qū)懗霾襟E的序號o

A.調(diào)節(jié)歡姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點

B.把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“X100”位置

C.把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“xlk”位置

D.將紅表筆和黑表筆接觸

⑷某小組同學(xué)們發(fā)現(xiàn)歐姆表的表盤刻度線不均勻，分析在同一個擋位下通過不同待測電阻的電流和它的阻值凡關(guān)系,

他們分別畫出了如圖所示的幾種圖象，其中可能正確的是_________O

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖，玻璃球冠的折射率為百，其底面鍍銀，底面的半徑是球半徑的正倍；在過球心。且垂直于底

2

面的平面(紙面)內(nèi)，有一與底面垂直的光線射到玻璃球冠上的M點，該光線的延長線恰好過底面邊緣上的A點.求

該光線從球面射出的方向相對于其初始入射方向的偏角.

14.（16分）湖面上有甲、乙兩個浮標，此時由于湖面吹風(fēng)而使湖面吹起了波浪，兩浮標在水面上開始上下有規(guī)律地

振動起來。當甲浮標偏離平衡位置最高時，乙浮標剛好不偏離平衡位置，以該時刻為計時的零時刻。在4s后發(fā)現(xiàn)甲浮

標偏離平衡位置最低、而乙浮標還是處于平衡位置。如果甲、乙兩浮標之間的距離為s=10m,試分析下列問題：

⑴推導(dǎo)出該湖面上水波波長的表達式；

（ii）試求該湖面上水波的最小頻率。

15.（12分）如圖所示，X軸、），軸和直線將后七平面劃分成多個區(qū)域。其中I區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的電場，H區(qū)域存

在垂直于紙面向里的勻強磁場，HI區(qū)域存在垂直于紙面向外的勻強磁場，H、III區(qū)域的磁感應(yīng)強度大小相同。質(zhì)量

為機、電量為4的粒子從P點（一七，J）以垂直于電場方向、大小為%的速度出發(fā)，先后經(jīng)。點（0,0）、M點（L,

。）到達N點5,-L）,N點位于磁場分界線處。已知粒子到達。點時速度方向偏轉(zhuǎn)了:‘不計粒子的重力'回答

下面問題。

⑴求帶電粒子在電場運動過程中電場力的沖量；

⑵若粒子從尸點出發(fā)依次通過。點、M點并于M點第一次射出磁場分界線后到達N點，則粒子運動的時間為多少？

⑶粒子到達N點時在磁場中運動的路程為多少？

?皿

xif,nr

XxxW?

X=L

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、c

【解析】

A.在三種放射線中，。粒子動能雖然很大，但貫穿其他物質(zhì)的本領(lǐng)最弱，選項A錯誤。

B.夕衰變射出的電子來源于原子核內(nèi)部，不是核外電子，選項B錯誤。

C.原子核發(fā)生衰變后產(chǎn)生的新核處于激發(fā)態(tài)，向外輻射出/射線，選項C正確。

D.半衰期是放射性原子核總數(shù)有半數(shù)發(fā)生衰變，而不是原子核內(nèi)的核子衰變，選項D錯誤；

故選C。

2、D

【解析】

A.在力接觸彈簧之前，力除重力外有繩的拉力做負功，則力的機械能減小，故A錯誤；

B.8接觸彈簧后，開始階段彈力較小，力的合力向下，繼續(xù)向下加速，力的合力減為零，再變?yōu)橄蛏希Σ砰_始減速,

同樣》加速時也會帶動。跟著加速，故力接觸彈簧后，H均先做加速運動后做減速運動，故B錯誤；

C.8接觸彈簧后，只要》在加速運動，就一定會帶著。加速，繩子的拉力一定不為零，只有在力準備減速時，繩無法

拉直，此時繩的張力為零，故c錯誤；

D.對。、力和繩子組成的系統(tǒng)而言，彈簧的彈力屬于系統(tǒng)的其它力，則接觸彈簧前彈力不做功，接觸彈簧后彈力做負

功，故系統(tǒng)的機械能先不變后減小，故D正確。

故選D。

3、A

【解析】

AB.整體受到的彈性繩的拉力越來越大，則加速度越來越大，即整體做加速度越來越大的減速運動，則》也做加速度

越來越大的減速運動，對力受力分析，由牛頓第二定律可知，

N-mgcos0=incicos0

則隨著加速度。的增加，〃對力的支持力N一直增大；

mgsin，一/=incisin0

即

f=mgsin0—tncisin0

則隨著加速度。的增加，。對方的摩擦力/可能先減小后增大，根據(jù)牛頓第三定律，力對。的壓力一直增大，力對。的

摩擦力可能先減小后增大，A正確，B錯誤；

N

CD,力受到。的作用力和重力，由于5的加速度水平線向右越來越大，根據(jù)牛頓第二定律，。對力的作用力一直增大,

。對力的作用力方向斜向右上方，根據(jù)牛頓第三定律，〃對〃的作用力一直增大，方向斜向左下方，CD錯誤。

故選A。

4、C

【解析】

A.假定兩段空氣柱的體積不變，即必，L不變，初始溫度為「當溫度降低時.空氣柱1的樂強由m減至〃3

△Pkpi-p'l,空氣柱2的壓強由P2減至p'2,△P2=P2-p’2,

由查理定律得：

△〃2吟八乙

因為P2=P1+〃>P1,所以即水銀柱應(yīng)向力移動。故A錯誤；

B.在豎直平面內(nèi)以》點為軸逆時針緩慢轉(zhuǎn)動玻璃管，使〃角變大，若水銀柱相對玻璃管不動，則增大了水銀柱對下部

氣體的壓力，水銀柱向力端移動，故B錯誤；

C.玻璃管豎直向上減速運動，加速度向下，水銀柱失重，若水銀柱相對玻璃管不動，水銀柱對下部氣體壓力減小，水

銀柱向。端移動，故c正確；

D.使玻璃管垂直紙面向外做加速運動不會影響水銀柱豎直方向上的受力，水銀柱的位置不變，故D錯誤。

5、C

【解析】

A.衛(wèi)星b加速后將做離心運動，軌道變高，不可能追上衛(wèi)星c,選項A錯誤；

B.衛(wèi)星的機械能等于其動能與勢能之和，因不知道衛(wèi)星的質(zhì)量，故不能確定衛(wèi)星的機械能大小關(guān)系，選項B錯誤；

C.對衛(wèi)星”，根據(jù)萬有引力提供向心力有：

Mm2

G——=mr(oa

所以衛(wèi)星。的角速度

可知半徑越大角速度越小，衛(wèi)星。和力由相距最近至再次相距最近時，圓周運動轉(zhuǎn)過的角度差為2小所以可得經(jīng)歷的

時間：

選項C正確；

D.衛(wèi)星。減速后將做近心運動，軌道半徑減小，不可能追上衛(wèi)星c,選項D錯誤；

故選C。

6、B

【解析】

A.金屬的逸出功大小和截止頻率都取決千金屬材料本身，用光照射某種金屬,要想發(fā)生光電效應(yīng).要求入射光的頻

率大于金屬的截止頻率，入射光的能量為/也，只有滿足

hv>W

便能發(fā)生光電效應(yīng)，所以金屬的逸出功為

W=牝

即金屬的截止頻率為

=---

所以A錯誤;

B.使光電流減小到。的反向電壓a稱為遏制電壓，為

e

再根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程，可得光電子的最大初動能為

Ek=hv-W

所以該金屬的遏止電壓為

,1hv-W

所以B正確；

C.增大入射光的強度，單位時間內(nèi)的光子數(shù)目會增大，發(fā)生了光電效應(yīng)后，單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)將增大，所

以c錯誤；

D.由愛因斯坦的光電效應(yīng)方程可知，港大入射光的頻率，光電子的最大初動能將增大，所以D錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ACD

【解析】

A.由機械能守恒定律可知，兩水滴落到水平地面上的速度大小相同，由斜拋運動的規(guī)律可知，兩水滴落到底面上的

速度方向也相同，選項A正確；

B.兩水滴質(zhì)量關(guān)系不確定，則不能比較重力功，選項B錯誤；

C.兩水滴在空中飛行的時間差△，等于在A處的水滴做斜上拋運動回到原來高度（虛線所在的平面）時的時間，因”

越大，水滴做斜拋運動的初速度越大，則豎直速度越大，則回到原來的高度的時間越長，即兩水滴在空中飛行的時間

差A(yù)E越大，選項C正確；

D.兩水滴落地點的距離Ax等于A處的水滴做斜上拋運動回到原來高度（虛線所在的平面）時與B點的距離，因3

越大，水滴做斜拋運動的初速度越大，則水平速度和運動時間都越大，則回到原來的高度時與耳點的距離越大，即兩

水滴落地點的距離N越大，選項D正確；

故選ACDo

8、AC

【解析】

E

A.帶電粒子僅在電場力作用下，由于粒子在M、N兩點動能相等，則電勢能也相等，根據(jù)8=，可知M、N兩點電

q

勢相等，A正確；

B.因為勻強電場，所以兩點的連線即為等勢面。根據(jù)等勢面與電場線垂直和沿電場線方向電勢降低的特性，從

而畫出電場線CO如圖

由曲線運動條件可知，正電粒子所受的電場力沿著CO方向；可知，速度方向與電場力方向夾角先大于90。后小于90。,

電場力對粒子先做負功后做正功，所以電勢能先增大后減小，B錯誤；

C.勻強電場的電場強度=U式中的d是沿著電場強度方向的距離，則

Cuy/2U

Rsin45R

C正確；

D.粒子在勻強電場受到的是恒定的電場力，不可能做圓周運動，D錯誤。

故選AC,

9、ABE

【解析】

A.根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，需要外界干預(yù)，故A正確；

BD.液體表面張力是由于表面層的水分子比液體內(nèi)部的水分子更稀疏，分子間表現(xiàn)出引力，使液面繃緊，液滴呈球形,

故B正確，D錯誤；

C.高原地區(qū)水的沸點較低，這是因為高原地區(qū)大氣壓較低的緣故，故C錯誤；

E.根據(jù)熱力學(xué)第一定律，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)改變過程中，既不吸熱也不放熱，通過做功內(nèi)能也有可能發(fā)生

變化，故E正確。

故選ABEo

10、AB

【解析】

D.進入磁場的過程中，安培力

F=BIL=^~

R

3、/、了不變，則尸不變；完全進入磁場，感應(yīng)電流為零，安培力為零，選項D錯誤；

A.因為導(dǎo)線框勻速運動，水平外力和安培力尸大小相等，進入磁場過程中，水平外力的沖量

F

I=Ft=—x

v

所以/“關(guān)系圖象為正比例函數(shù)，完全進入后外力為零，沖量為零，選項A正確；

B.進入磁場的過程中，有

Uab=I^XyR=^BlV

OO

完全進入磁場的過程中，帥邊的電勢差

幾=Biv

選項B正確；

C.進入磁場的過程中

所以4?關(guān)系圖象為正比例函數(shù)，完全進入后電流為零，4不變但不為零，選項C錯誤。

故選AB。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

H>C有效7.2正比大于

【解析】

因為探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系，必須用交流電，又因為安全起見必須用低壓電，所以用低壓交流電，

故選C。

(1)[2]多用電表測量的交流電壓為有效值，不是最大值；

⑶多用電表選用的檔位是交流電壓的1UV檔位，所以應(yīng)該在0~10V檔位讀數(shù)，所以讀數(shù)應(yīng)該是7.2V；

(4)[4]根據(jù)77k可知，理想變壓器原、副線圈電壓應(yīng)與其匝數(shù)成正比。

u2n2

⑸實驗中由于變壓器的銅損和鐵損導(dǎo)致副線圈的電壓S減小，所以導(dǎo)致"故填大于。

12、CD4.924.4BDAA

【解析】

(DHJAB,當S接觸點1時，多用電表處于測量電流的擋位；因為多用電表中紅表筆接其內(nèi)部電源的負極，所以接線

柱A接的是紅表筆，而接線柱B接的是黑表筆，故A錯誤，R錯誤；

C.當S接觸點2時，多用電表處于測量電阻的擋位，接線柱B接的是黑表筆，故C正確；

D.當S接觸點3時，表頭與電阻并聯(lián)后再與電阻號串聯(lián)，即改裝成電壓表，多用電表處于測量電壓的擋位，故D正

確。

故選CD,

⑵[2]⑶當選擇的擋位為“直流10mA”擋時其量程為10mA,分度值為0.2mA,則示數(shù)為4.9mA；當選擇的擋位為“直

流50V，擋時，其量程為50V,分度值為IV,則示數(shù)為24.4V；

⑶⑷多用電表測電阻時，應(yīng)先選擇擋位，再短接，然后調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點，要測量約2g的電

阻，為了減小誤差應(yīng)該用“xlOO”檔位，故順序為BDA。

(4)[5]由閉合電路歐姆定律有

氏+&

可得

即:一凡圖象為斜線，且圖線的縱截距為正，可知A正確，BCD錯誤。

故選A。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、150°

【解析】

設(shè)球半徑為K,球冠地面中心為。，連接OO，，則OOLLA5

令NOAO'=a

名國.①

則：O'A

cosa=-------

OAR2

即NQ4O'=a=30。…②

已知所以NO4M=60。…③

設(shè)圖中N點為光線在球冠內(nèi)地面上的反射點，光路圖如圖所示.

設(shè)光線在M點的入射角為i,折射角為「，在N點的入射角為再反射角為浮,玻璃的折射率為〃.

由于AQ4M為等邊三角形，所以入射角六60。…④

由折射定律得：…⑤

代入數(shù)據(jù)得：-30。…⑥

作N點的法線NE,由于N￡〃MA,所以尸=30。…⑦

由反射定律得：泮=30。…⑧

連接OM由幾何關(guān)系可知△則乙WVO=60。…⑨

由⑦⑨式可得NENO=30。

所以NENO為反射角，ON為反射光線.由于這一反射光線垂直球面，所以經(jīng)球面再次折射后不改變方向.所以，該

光線從球面射出的方向相對于其初始入射方向的偏角為p=180O?NENO=150°

,40小，40

14、(i)2=---------m(w=0,1,2,3,........)或%=-------m(w=o,I,2,3,.........)；(ii)0.125Hz

1+4〃3+4〃

【解析】

⑴當波長與兩浮標之間的距離滿足下列關(guān)系時

^+nx=10m(〃=(),1,2,3........)

解得

7—

m(〃=0,1,2,3

1+4〃

當波長與兩浮標之間的距離滿足下列關(guān)系時

3/1

1”二M