內蒙古師大錦山實驗中學2024年高考仿真卷物理試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。

2.答題時請按要求用筆。

3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題；木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖，在點電荷。產生的電場中，將兩個帶正電的檢驗電荷小、也分別置于A、B兩點，虛線為等勢線。取無窮

遠處為零電勢點，若將磯、S移動到無窮遠的過程中外力克服電場力做的功相等，則（）

穴氣@）；

1、一-'?

A.0在A點的電勢能大于包在B點的電勢能

B.3在A點的電勢能小于或在B點的電勢能

C.qi的電荷量小于尖的電荷量

D.磯的電荷量大于央的電荷量

2、雙星系統中兩個星球A、B的質量都是股，相距L,它們正圍繞兩者連線上某一點做勻速圓周運動。實際觀測該

系統的周期「要小于按照力學理論計算出的周期理論值To,且J=&<1）,于是有一人猜測這可能是受到了一顆

70

未發現的星球C的影響，并認為C位于A、B的連線正中間，相對4、3靜止，則4、B組成的雙星系統周期理

論值To及C的質量分別為（

IZ?1-/

二2

勺丁~4k2(7m4k2

3、關于下列核反應方程，以下說法不正確的是（）

①端Th.；：Pa+：e②2^U+[n->^Ba+黑Kr+3[n③;H+；H.；He+

A,方程①中夕衰變產生的Pa處于激發態，會發出/射線B.方程①中夕衰變的發生是自發的過程

C.方程②是裂變反應，應用時產生的廢物容易處理D.③是聚變反應，產能效率比裂變反應高

4、如圖所示，質量為m的滑塊從斜面底端以平行于斜面的初速度卬沖上固定斜面，沿斜面上升的最大高度為瓦已知

斜面傾角為“，斜面與滑塊間的動摩擦因數為“，且”<tan”，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取斜面底端為零勢能面,

則能表示滑塊在斜面上運動的機械能E、動能&、勢能Ep與上升高度h之間關系的圖象是（）

5、如圖所示，兩電荷量分別為一。和+2。的點電荷固定在直線MN上，兩者相距為L,以+2Q的點電荷所在位置為

圓心、人為半徑畫圓，a、氏c、d是圓周上四點，其中人萬在MN直線上，c、d兩點連線垂直于MN,下列說法正

2

確的是

A.c、d兩點的電勢相同

B.。點的電勢高于》點的電勢

C.c、d兩點的電場強度相同

D.a點的電場強度小于力點的電場強度

6、極地衛星的運行軌道經過地球的南北兩極正上方（軌道可視為圓軌道）.如圖所示，某時刻某極地衛星在地球北緯

45認點的正上方按圖示方向運行，經過12h后再次出現在A點的正上方，地球自轉周期為24h.則下列說法正確的是

A.該衛星運行周期比同步衛星周期大

B.該衛星每隔12h經過A點的正上方一次

C.該衛星運行的加速度比同步衛星的加速度小

D.該衛星所有可能角速度的最小值為§rad/h

O

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖甲所示，輕彈簧下端固定在傾角37。的粗糙斜面底端A處，上端連接質量3kg的滑塊（視為質點），斜面固定

在水平面上，彈簧與斜面平行。將滑塊沿斜面拉動到彈簧處于原長位置的。點，由靜止釋放到第一次把彈簧壓縮到最

短的過程中，其加速度Q隨位移x的變化關系如圖乙所示，重力加速度取lOm/sz,01137。=0.6,cos37o=0.8。下列說法

正確的是（）

A.滑塊先做勻加速后做勻減速運動

B.滑塊與斜面間的動摩擦因數為0.1

C.彈簧的勁度系數為180N/m

D.滑塊在最低點時，彈簧的彈性勢能為3.12J

8、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，己知平面b上的電勢為2V.一電子經過a時的

動能為10eV,從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV.下列說法正確的是

abcdf

A.平面c上的電勢為零

B.該電子可能到達不了平面f

C.該電子經過平面d時，其電勢能為4eV

D.該電子經過平面b時的速率是經過d時的2倍

9、對于物質固體、液體、氣體的認識，下列說法正確的是（）

A.液晶具有晶體的光學各向異性

B.絕對濕度的單位是Pa,相對濕度沒有單位

C.液體表面張力的方向與液面垂直并指向液體內部

D.單晶體和多晶體的物理性質是各向異性的，非晶體是各向同性的

E.液體的飽和汽壓與溫度有關，溫度越高飽和汽壓越大，但飽和汽壓與飽和汽的體積無關

10、如圖，質量分別為加A=2kg、/〃B=4kg的A、8小球由輕繩貫穿并掛于定滑輪兩側等高"=25m處，兩球同時由靜

止開始向下運動，己知兩球與輕繩間的最大靜摩擦力均等于其重力的0.5倍，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。兩側

輕繩下端恰好觸地，取g=10m/s2,不計細繩與滑輪間的摩擦，則下列說法正確的是（）

A.A與細繩間為滑動摩擦力，B與細繩間為靜摩擦力

B.A比R先落地

C.A,B落地時的動能分別為400J、850J

D.兩球損失的機械能總量250J

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學用圖（。）所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電源，可以使用的

頻率有220Hz、30Hz和40Hz,打出紙帶的一部分如圖（〃）所示。

該同學在實驗中沒有記錄交流電的頻率力需要用實驗數據和其他條件進行推算。

（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用/和圖中給出的物理量可以寫出；在打點計時器打出松點時,

重物下落的速度大小為，重物下落的加速度的大小為。

（2）已測得si=8.89cm,S2=9.50cm,S3=10.10cm；當重力加速度大小為9?80m/s2,實驗中重物受到的平均阻力大小約

為其重力的1%。由此推算出，為Hzo

12.（12分）如圖甲所示為利用多用電表的電阻擋研究電容器的充、放電的實驗電路圖。多用電表置于xlk擋，電源

電動勢為E=1.5V,內阻為R=15kQ,實驗中使用的電解電容器的規格為“lOOObiF25V”。歐姆調零后黑表筆接

電容器正極，紅表筆接電容器負極。

（1）充電完成后電容器兩極板間的電壓__________（選填“大于”“等于”或“小于”）電源電動勢，電容器所帶電荷量為

________C；

⑵如圖乙所示，充電完成后未放電，迅速將紅、黑表筆交換，即黑表筆接電容器負極，紅表筆接電容器正極，發現電

流很大，超過電流表量程，其原因是O

?-?

M

n*紅

甲卜。把答;7

四、計算題：本題共2小題，共26夕桂寫在答題?卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）電動自行車已經成為人彳門日常出行的一種彈『用交通工具，以下是某型號電動自行車的相關參數：

前后電動機額電動機額

車身滿教額定機械

名稱車輪額定轉速定定

質量載重輸出功率

直徑電壓電流

4500

參數40kg80kg40cm--------r/min48V20A835W

2乃

該電動自行車采用后輪驅動直流電動機，其中額定轉速是電動自行車在滿載情況下在平直公路上以額定功率勻速行進

時的車輪轉速，求：

（1）電動自行車以額定轉速行進時的速度％;

（2）在額定工作狀態時，損失的功率有80%是由于電動機繞線電阻生熱而產生的，則電動機的繞線電阻為多大；

（3）滿載（車身質量+滿載載重）情況下，該車以速度哼5m/s沿著坡度為，=4.59。的長直坡道向上勻速行駛時，受到

的摩擦阻力為車重（含載重）重量的0.02倍，求此狀態下電動自行車實際運行機械功率（4114.59。=0.08；重力加速度

^=10m/s2）.

14.（16分）如圖所示，在一豎直放置為圓環形管道內封閉有一定質量的理想氣體.用一絕熱的固定活塞C和絕熱、

不計質量、可自由移動的活塞A將管道內氣體分隔成體積相等的兩部分，A、C與圓環的圓心O等高，兩部分氣體的

溫度均為To=3OOK.現保持下部分氣體的溫度不變，對上部分氣體緩慢加熱至T=500K,求此時活塞A的位置與O點

的連線跟豎直方向OB之間的夾角0.（不計兩活塞的體積）

15.（12分）如圖所示，臨界角。為45。的液面上有一點光源5發出一束光垂直入射到水平放置于液體中且距液面為d

的平面鏡M上，當平面鏡M繞垂直于紙面的軸O以角速度做逆時針勻速轉動時，觀察者發現液面上有一光斑掠過，

則觀察者們觀察到的光斑在液面上掠過的最大速度為多少？

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

由題，將卬、q2移動到無窮遠的過程中外力克服電場力做的功，說明Q對卬、中存在引力作用，則知Q帶負電，電場

線方向從無窮遠到Q,根據順著電場線方向電勢降低，根據電場力做功與電勢能變化的關系，分析得知卬在A點的電

勢能等于中在B點的電勢能.B點的電勢較高.由W=qU分析卬的電荷量與中的電荷量的關系.

【詳解】

將卬、“移動到無窮遠的過程中外力克服電場力做的功，則知Q對卬、q?存在引力作用，Q帶負電，電場線方向從無

窮遠指向Q,所以A點電勢高于B點電勢；A與無窮遠處間的電勢差小于B與無窮遠處間的電勢差；由于外力克服電

場力做的功相等，則由功能關系知，qi在A點的電勢能等于q?在B點的電勢能；由W=qU得知，qi的電荷量大于q?

的電荷量。故D正確。故選D。

2、D

【解析】

兩星的角速度相同，根據萬有引力充當向心力知:

Mm

G=nutTf\=mccrr

L22

可得

r\=n①

兩星繞連線的中點轉動，則有:

「m24/L

G—7=ws------

ET-2

所以

"=24J-J

°V2Gm

由于C的存在，雙星的向心力由兩個力的合力提供，則

nr-4/L

G——+G——=tii—；---公

Z3尸2④

（5）2

又

T

—=k⑤

解③④⑤式得

“1一公

M=----rm

4A2

可知D正確，ABC錯誤。

故選D。

3、C

【解析】

AB.由題可知，核反應方程①是口衰變，0衰變的發生是自發的過程，在。衰變后的新核處于激發態，所以會發出丫

射線。故AB正確，不符合題意；

C.方程②是裂變反應，應用時產生的廢物具有一定的放射性，不容易處理。故C不正確，符合題意；

D.根據核反應的特點可知，方程③是聚變反應，在聚變反應中產能效率比裂變反應高。故D正確，不符合題意。

故選C。

4、D

【解析】

本題考查動能、勢能、機械能有關知識，勢能Ep="mgh”勢能與高度成正比，上升到最大高度H時，勢能最大，A

錯；由能量守恒，機械損失，克服摩擦力做功，轉化為內能，上升過程E=EO-4mgeos。h/sina="E0?"〃mgh/tan?,

下行時，E=mgH?4mg(H?h)/tana,勢能E與高度h為線性關系，B錯；上行時，動能

EK=EKO-(mgsinct+pmgeos?)h/cos(X下行時EK=(mgsinex-〃mgeos。)(H-h)/cos。動能EK高度h是線性關系,C

錯，D正確

5、A

【解析】

A、B、a、b、c、d四點在以點電荷+2Q為圓心的圓上，可知+2。產生的電場在a、b、c、d四點的電勢是相等的，所

以4、c、d四點的總電勢可以通過產生的電場的電勢確定，根據順著電場線方向電勢降低可知，力點的電勢最高,

c、d兩點對稱電勢相等，。點電勢最低；故A正確，B錯誤.

C、+2。的場源在c、d兩點產生的場強大小相等，-Q的場源在c、d兩點的產生的場強大小也相等，根據場強的合成

可知兩點的總場強大小相等，但方向不同，故c、d兩點的電場強度不同；故C錯誤；

2kQkQ\2kQ2kQkQ68M

D、由點電荷的場強公式E=W，合成可得",L、2/A2嚴，方向向左；人/、2/3L、29L2，

廣(5)(25爹

方向向右；故&〉用；則D錯誤.

故選A.

【點睛】

本題考查判斷電勢、場強大小的能力，要利用庫侖定律和場強的矢量合成的方法對各點的電勢和場強進行判定，并且

要充分利用電場的疊加原理進行分析.

6、D

【解析】

3

地球在12h的時間內轉了180。，要使衛星第二次出現在A點的正上方，則時間應該滿足-T+T=12h,解得

4W

48

T=---------h(〃=0、1、2、3、)，當〃=0時，周期有最大值T=16h,當〃的取值不同，則周期不同，則該衛星運行周

4/1+3

期比同步衛星周期小，選項A錯誤；由以上分析可知，只有當衛星的周期為16h時，每隔12h經過4點上方一次，選

項B錯誤；衛星的周期小于同步衛星的周期，則運轉半徑小于同步衛星的半徑，根據。二—可知，該衛星運行的

廣

，萬71

加速度比同步衛星的加速度大，選項c錯誤；該衛星的最大周期T=16h,則最小的角速度為：＜y=^=-rad/h,選

T8

項D正確.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解析】

A.因滑塊的加速度先減小后反向增加，可知滑塊先做變加速后做變減速運動，選項A錯誤；

B.彈簧處于原長時，加速度為。=5.2ni/s2,由牛頓第二定律

mgsin37-pmgcos37=ma

解得

"=0.1

選項B正確；

C.由圖像可知，彈簧被壓縮x=0』m時滑塊的加速度減為零，則

mgsin37-/.ungcos31=kx

解得

Ar=156N/m

選項C錯誤；

D.由能量關系可知，滑塊在最低點時，彈簧的彈性勢能為

Ep=mg-2xsin37-jimgcos37?2x

解得

EP=3.12J

選項D正確。

故選BD.

8、AB

【解析】

A、虛線%b、c、d、/代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，一電子經過。時的動能為10cV,從。到d的過程中

克服電場力所做的功為6eV,動能減小了6eV,電勢能增加了6eV,因此等勢面間的電勢差為2V,因平面力上的電勢

為2V,由于電子的電勢能增加，等勢面由。到了是降低的，因此平面c上的電勢為零，故A正確.B、由上分析可知,

當電子由。向/方向運動，則電子到達平面/的動能為2eV,由于題目中沒有說明電子如何運動，因此也可能電子在勻

強電場中做拋體運動，則可能不會到達平面力故B正確.C、在平面力上電勢為2V,則電子的電勢能為-2eV,動能

為8eV,電勢能與動能之和為6eV,當電子經過平面d時，動能為4eV,其電勢能為2eV,故C錯誤.D、電子經過平

面占時的動能是平面d的動能2倍，電子經過平面'時的速率是經過d時的夜倍，故D錯誤.故選AB.

【點睛】考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的

關鍵.

9、ABE

【解析】

A.液晶既有液體的流動性，又有光學的各向異性，故A正確；

B.絕對濕度指大氣中水蒸汽的實際壓強，空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸汽的壓強表示，單位是Pa；而空氣的相對

濕度是空氣中水蒸氣的絕對濕度與同溫度水的飽和汽壓的比值，所以空氣的相對濕度沒有單位，故B正確；

C液體表面張力產生在液體表面層，它的方向與液體表面相切而使得表面有收縮的趨勢，同時跟液面分界線垂直，故

C錯誤；

D.單晶體物理性質是各向異性的，非晶體和多晶體是各向同性的；故D錯誤；

E.飽和汽壓是物質的一個重要性質，它的大小取決于物質的本性和溫度，而與體積無關；一定溫度下飽和汽壓的分子

數密度是一定值，溫度越高飽和汽壓越大，故E正確。

故選ABE.

10、ACD

【解析】

A項：由于A、B兩球對細繩的摩擦力必須等大，且A、B的質量不相等，A球由靜止釋放后與細繩間為滑動摩擦力,

B與細繩間為靜摩擦力，故A正確；

B項：對A：mAg-fA=niAaA,對B：f\=0.5mAg,聯立解得：火=5%,

設A球經ts與細繩分離，此時，A、B下降的高度分別為hA、hB,速度分別為VA、、VB,

1,1,

則有：4=-aAt~,hn,H=h：\+hB,VA=a,\t,VB=aBt聯立解得：t=2s,hA=10m,hB=15m,VA=l()m/s,VB=15m/s,

分離后，對A經ti落地，則有：15=10%+5a：，

對B經tz落地，m則有：10=15,2+!8考

2

解得：4=is,右=-3+電,,所以b先落地，故B錯誤；

-2

_1,

項：、落地時的動能分別為

CABEk.'、EkB,由機械能守恒，有：EM=-mAv^+mAg(H-hA)

1,

代入數據得：EkA=400J>EkB=850J,故C正確；

D項：兩球損失的機械能總量為△E,AE=(mA+niB)gH?EkA-EkB,代入數據得：△E=250J,故D正確。

故應選：ACDo

【點睛】

解決本題的關鍵理清A、B兩球在整個過程中的運動規律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，知道加速度是

聯系力學和運動學的橋梁。要注意明確B和繩之間的滑動摩擦力，而A和繩之間的為靜摩擦力，其大小等于B受繩的

摩擦力。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、！(4+邑)/：(邑-心)/240

【解析】

(1)[11(21根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：

S]+邑_($1+$2)/

2TT

邑+邑二(S2+S3