年重慶一中高屆高二下期3月月考物理試題卷注意事項：答卷前、考生務必將自己的姓名、準考證號碼填寫在答題卡上。作答時，務必將答案寫在答題卡上。寫在本試卷及草稿紙上無效。考試結束后，將答題卡交回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的。1.智能LED調光燈采用脈寬調制（PWM）技術調節亮度，通過控制信號周期性地快速開關電路，改變電流占空比。某型號調光燈的輸出電流波形如圖所示，則下列說法正確的是（）A.這是一種交流電B.電流的變化周期是0.01sC.電流的峰值為6AD.電流的有效值是6A【答案】D【解析】【詳解】A．根據圖像可知，該電流的方向不變，可知，這是一種直流電，故A錯誤；B．根據圖像可知，電流的變化周期是0.02s，故B錯誤；C．根據圖像可知，電流的峰值為12A，故C錯誤；D．由于波形為正弦式交流電的一半，令電流的有效值為I，則有解得故D正確。故選D。2.氧氣分子在0℃和100℃溫度下單位速率間隔的分子數占總分子數的百分比隨氣體分子速率的變化分別如圖中兩條曲線所示。下列說法錯誤的是（）第1頁/共23頁A.圖中虛線對應于氧氣分子在100℃時的情形B.圖中實線對應的氧氣分子熱運動的平均動能較大C.在分子數密度相同的情況下，圖中實線對應的氧氣分子對容器壁單位面積的作用力更大D.與0℃時相比，100℃時氧氣分子速率出現在0~300m/s區間內的分子數占總分子數的百分比較小【答案】A【解析】【詳解】A．溫度越高，分子熱運動越劇烈，速率大分子所占比例越大觀察實線中速率大的分子所占比例更大，所以實線對應氧氣分子在100℃時的情形，故A錯誤，符合題意；B．溫度是分子熱運動平均動能的標志，100℃時溫度高，分子熱運動平均動能大，圖中實線對應100℃，所以實線對應的氧氣分子熱運動的平均動能較大，故B正確，不符合題意；C應的氧氣分子對容器壁單位面積的作用力更大，故C正確，不符合題意；D100℃時氧氣分子速率出現在0~300m/s區間內的分子數占總分子數的百分比比0℃D正確，不符合題意。故選A。3.在甲、乙、丙三塊固體薄片上涂上蠟，用燒熱的針尖接觸其背面一點，蠟熔化的范圍分別如圖甲、乙、丙所示。而三塊固體在熔化過程中溫度隨加熱時間變化的關系如圖丁所示，則下列說法中正確的是（）A.甲一定是非晶體B.乙可能是多晶體C.丙一定是單晶體D.甲可能具有與液晶相似光學各向異性【答案】C第2頁/共23頁【解析】【詳解】A．甲圖為導熱各向同性，丁圖可以得知甲為晶體，所以甲為多晶體，故A錯誤；B．由丁圖可以得知乙為非晶體，故B錯誤；C．丙圖為導熱各向異性，丁圖可以得知丙為晶體，所以丙為單晶體，故C正確；D相似的光學各向異性，故D錯誤。故選C。4.分子間作用力與分子間距離點為，乙圖最低點對應的橫坐標為，取無窮遠處分子勢能。下列說法正確的是（）A.乙圖像為分子力與分子間距離的關系圖像B.當分子間距離從增大到的過程中，分子力先變大再變小C.當分子間距離從增大到的過程中，分子力先做負功再做正功D.當分子間距離從增大到的過程中，分子勢能先變小再變大【答案】D【解析】A．根據圖像可知，為平衡位置時分子之間的間距，在此位置，分子力為0知，甲圖像為分子力與分子間距離的關系圖像，故A錯誤；B．結合上述可知，甲圖像為分子力與分子間距離的關系圖像，根據圖像可知，當分子間距離從增大到的過程中，分子力先變小再變大之后變小，故B錯誤；C．結合上述可知，甲圖像為分子力與分子間距離的關系圖像，根據圖像可知，當分子間距離從增大到的過程中，分子力先表現為斥力，后表現為引力，則分子力先做正功再做負功，故C錯誤；第3頁/共23頁D．結合上述可知，乙圖像為分子勢能與分子間距離的關系圖線，勢能的正負表示大小，則當分子間距離從增大到的過程中，分子勢能先變小再變大，故D正確。故選D。5.一定質量的理想氣體壓強隨體積A到再到的變化過程。已知氣體在狀態A、、對應的溫度分別為、、。下列說法中正確的是（）A.B.C.氣體從狀態A到狀態變化過程中，氣體的溫度一直減小D.氣體從狀態變化到狀態過程中，氣體的溫度先升高再降低【答案】B【解析】【詳解】AB．根據理想氣體狀態方程有解得，故A錯誤，B正確；C．根據理想氣體狀態方程有則有可知，圖像中的等溫線為一條雙曲線，該曲線上點跡對應的壓強與體積的乘積能夠表示溫度的大小，A點的等溫線與AB連線和BC體從狀態A到狀態變化過程中，氣體的溫度先增大后減小，故C錯誤；D．結合上述可知，氣體從狀態變化到狀態過程中，氣體的溫度一直升高，故D錯誤。故選B。第4頁/共23頁6.我校科技小組為了探究交流發電機的工作原理，拆開發現其內部為匝的矩形線圈結構，線圈內阻為。如圖所示，現將矩形線圈放入勻強水平磁場，使矩形線圈繞垂直于磁場的軸以角速度勻速轉動，外接電阻與理想交流電流表。已知線圈由圖示位置（線圈平面與磁場方向平行）轉過過程中，通過電阻的電荷量為。下列判斷正確的是（）A.電流表的示數為B.電流表的示數為C.電流表的示數為D.電流表的示數為【答案】B【解析】【詳解】通過電阻的電荷量則電流表示數即電流的有效值為故選B。7.活塞式真空泵的工作原理如圖所示，抽氣筒與被抽密閉容器通過自動閥門相連，當活塞從抽氣筒的左端向右移動到右端的過程中，閥門自動開啟，密閉容器內的氣體流入抽氣筒，待穩定后，活塞從右端向左移動到左端的過程中，閥門自動關閉，抽氣筒內活塞左側的氣體被排出，即完成一次抽氣過程，如此往復，不變，若第1次抽氣過程中被抽出的氣體質量為；第4次抽氣過程中被抽出的氣體質量為，則質量與之比正確的是（）第5頁/共23頁A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】第1次抽氣過程，根據玻意耳定律可得同理，第2次抽氣過程，有第3次抽氣過程，有第4次抽氣過程，有根據每次被抽出的氣體的體積、溫度都相同，則第1次抽氣過程中被抽出的氣體質量與第4次抽氣過程中被抽出的氣體質量的比值為故選C。8.如圖所示，、端連接一個穩壓交流電源，其有效值為12V，理想變壓器的原線圈上接有定值電阻的滑動變阻器為理想交流電表。初始時，滑動變阻器的滑片處于正中間位置，電流表、電壓表示數分別為、，現將滑片從正中間位置逐步上移至最上端，在這個過程中，下列說法正確的是（）A.滑動變阻器的滑片處于正中間位置時，電壓表示數為B.滑片處于正中間位置時，定值電阻的功率最小第6頁/共23頁C.變壓器輸出功率的最小值為D.電壓表、電流表示數均減小【答案】C【解析】【詳解】A．將變壓器與滑動變阻器等效為一個電阻，則等效電阻值滑動變阻器的滑片處于正中間位置時，等效電阻根據歐姆定律可知，此時原線圈兩端電壓根據電壓匝數關系有解得故A錯誤；B定值電阻的功率越小，可知，滑片處于最上端時，定值電阻的功率最小，故B錯誤；C．將電源與定值電阻等效為一個新電源，該新電源輸出功率即為變壓器輸出功率，則有結合上述可知，等效電阻的最大值為根據對勾函數可知，當等效電阻阻值等于定值電阻阻值時，變壓器輸出功率最大，滑動變阻器滑片從正中間向上滑動過程，變壓器輸出功率先增大后減小，滑片在正中間時，變壓器輸出功率第7頁/共23頁滑片在最上端時，變壓器輸出功率可知，變壓器輸出功率的最小值為，故C正確；D．滑片向上滑動過程中，滑動變阻器接入電阻增大，等效電阻增大，原線圈中電流減小，根據電流匝數關系可知，副線圈中電流減小，即電流表示數減小，由于原線圈中電流減小，則定值電阻承擔電壓減小，原線圈輸入電壓增大，根據電壓匝數關系可知，副線圈兩端電壓增大，即電壓表示數增大，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.若以表示水的摩爾質量，表示在標準狀況下水蒸氣的摩爾體積，表示在標準狀況下水蒸氣的密度，表示阿伏加德羅常數，、分別表示每個水分子的質量和體積，下列關系式中正確的是（）A.B.C.D.【答案】AC【解析】【詳解】A．每個水分子的質量等于水的摩爾質量除以阿伏加德羅常數，即選項A正確；B．表示一個水分子運動占據的空間的體積，不是一個水分子的體積，選項B錯誤；C．表示水蒸氣的摩爾質量，除以一個水分子的質量m0即為阿伏加德羅常數，即表達式選項C正確；D．由于水分子分子間距的存在，不等于水的摩爾體積，則密度表達式不成立，選項D錯誤。第8頁/共23頁故選AC。10.置于儲可通過開關與線圈撥到與電容構成的回路中產生振蕩電流，通過測量振蕩頻率可知儲液罐內的液面高度。已知平行板電容器極板面積一定、兩極板間距離一定，則下列說法正確的是（）A.在儲液罐內的液面降低過程中，電容器的電容一直變小B.在儲液罐內的液面降低一定高度穩定后，電容器會一直放電C.當儲液罐內的液面升高一定高度穩定后，回路中振蕩電流的頻率變大D.當儲液罐內的液面升高一定高度穩定后，回路中振蕩電流的頻率變小【答案】AD【解析】【詳解】A．當儲液罐內的液面高度降低時，根據電容的決定式得兩板間有介質部分的相對面積減小，可知電容變小，故A正確；B選項B錯誤；CD．當儲液罐內的液面升高一定高度穩定后，電容器的電容C最大，根據可知，回路中振蕩電流的頻率變小，選項C錯誤，D正確。故選AD。一熱氣球體積為某一高度大氣壓強變為0.4個標準大氣壓，熱氣球剛好靜止不動。此時熱氣球外冷空氣的溫度為。已知空氣在1時的密度為，整個過程熱氣球的體積保持不變。下列說法正確的是（）第9頁/共23頁A.此時熱氣球所受浮力的大小B.此時球內空氣所受的重力C.若充氣前熱氣球質量為D.若充氣前熱氣球的質量為【答案】BC【解析】【詳解】A．令1個標準大氣壓，質量為m的空氣在溫度為時的體積為，則密度為令0.4個標準大氣壓，質量為m的空氣在溫度為時的體積為，則密度為根據理想氣體狀態方程有解得則此時熱氣球所受浮力的大小故A錯誤；B．令0.4個標準大氣壓，質量為m的空氣在溫度為時的體積為，即球內空氣密度為根據理想氣體狀態方程有結合上述解得第10頁/共23頁此時球內空氣壓強為0.4V的重力解得故B正確；CD．令此時它還能托起的最大質量為M，根據平衡條件有其中，解得故C正確，D錯誤。故選BC。12.區域內存在與平面垂直的勻強磁場，磁感應強度為標原點的粒子源向軸右側平面各方向均勻發射出大量相同的帶電粒子，所有粒子的初速度大小相同。已知沿軸正方向發射的粒子在時刻好從磁場邊界上慮粒子間的相互作用。則下列說法正確的是（）A.粒子在磁場中做圓周運動的半徑為B.粒子的比荷為C.第一個離開磁場的粒子所用的時間要大于D.時刻已經離開磁場的粒子數與仍在磁場中的粒子數之比為【答案】BD【解析】【詳解】A．帶電粒子從O點到P點做勻速圓周運動，其運動情況如下圖第11頁/共23頁根據幾何關系和P點坐標可得解得故A錯誤；B．帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有解得，又因為解得，可知粒子從O點到P點轉過圓心角120°，用時解得聯立可得故B正確；CD．由于是同樣的粒子，且初速度大小相同，根據可知，所有粒子做勻速圓周運動的半徑相同。如上圖可知，設粒子初速度方向和軸正方向夾角為，根據幾何關系，當時，隨著增大，第12頁/共23頁粒子從磁場右邊界離開的位置逐漸從點開始下移，圓周運動經過的弦長先減小后增大，對應的圓心角也先減小后增大，在磁場中運動的時間從先減小到某一數值又增大到略小于。當為圓心點離開磁場，且與磁場右邊界相切，此時轉過圓心角240°，運動時間最長，為。當為圓心點離開磁場，轉過的圓心角為為。若粒子運動了，為圓心為半徑的圓。可見，當時，粒子在磁場運動的時間應該比更小。第一個離開磁場的粒子應是、沿軸負方向發射的，其剛發射就偏轉出磁場了，所用的時間要小于。的取值范圍在和在磁場中，又因為粒子源向各方向均勻發射粒子，故時刻已經離開磁場的粒子數與仍在磁場中的粒子數之比為。故C錯誤、D正確。故選BD。三、實驗題：本大題共2小題，共分13.“用油膜法估測油酸分子的大小”的實驗方法及步驟如下：①向1mL的油酸中加酒精，直至總量達到1000mL；②用注射器吸取①中配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，當滴入80恰好是1mL；③先往淺盤里倒入一定深的水，然后將爽身粉均勻地撒在水面上；④用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，待油酸薄膜形狀穩定后，將事先準備好的玻璃板放在淺盤上，并在玻璃板上描下油膜的形狀；20mm數為40格。第13頁/共23頁根據以上信息，回答下列問題：（1）實驗中為了使油酸分子在水面上形成的是單分子層，應該使用濃度（選填“較高”或“較低”）的油酸酒精溶液；（2）計算出油酸分子直徑為______m（結果保留1（3）若某學生計算油酸分子直徑的結果偏小，可能是由于______。A.使用的油酸酒精溶液配制好后敞開放了很久B.求每滴溶液體積時，1mL的溶液的滴數少記了5滴C.計算油膜面積時，舍去了所有不足一格的方格【答案】（1）較低（2）（3）A【解析】【小問1詳解】實驗中為了使油酸分子在水面上形成的是單分子層，應該使用濃度較低的油酸酒精溶液；【小問2詳解】一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積為形成的油膜的面積S=40×2×2cm2=160cm2分子直徑【小問3詳解】A大，形成油膜的面積偏大，根據可知測得的分子直徑偏小，選項A正確；B1mL的溶液的滴數少記了5第14頁/共23頁體積偏大，根據可知測得的分子直徑偏大，選項B錯誤；C可知測得的分子直徑偏大，選項C錯誤。故選A。14.某實驗小組從某控制電路中得到兩個熱敏電阻，一個標記了PTC，另一個標記了NTC，如圖甲所示。該實驗小組想利用下列器材來探究這兩個熱敏電阻（常溫下阻值約為）的電流隨其兩端電壓變化的規律。A電流表（滿偏電流10mA，內阻）B.電流表（量程0~1.0A，內阻約為）C.滑動變阻器（最大阻值為）D.滑動變阻器（最大阻值為）E.定值電阻F.定值電阻G.電源（電動勢12V，內阻可忽略）H.單刀單擲開關、導線若干，單刀雙擲開關一個（1（填“”或“（填第15頁/共23頁“”或“”）串聯。（2）請在提供的器材中選擇必需的器材，在圖乙所示虛線框內將電路圖補充完整并標出所用器材名稱，要求熱敏電阻兩端的電壓可以從零開始調節，且切換單刀雙擲開關可以直接測量另外一個熱敏電阻______。（3）該小組讀出電流表的為示數，電流表為示數，經過多次測量，分別畫出PTC與NTC的圖線，如圖丙所示。（4）該實驗小組將兩熱敏電阻與某電池組連成如圖丁所示的電路，所用電壓表內阻極大，測得NTC型熱敏電阻和PTC型熱敏電阻兩端的電壓分別為5.6V和9.2V____________V3位有效數字）【答案】①.②.③.④.13.9⑤.9.00【解析】【詳解】[1][2]12V與定值電阻串聯改裝成量程為10V的電壓表。[3]因為要求熱敏電阻兩端的電壓從零開始逐漸增大，所以滑動變阻器采用分壓接法，為了便于調節，應選用阻值較小的滑動變阻器采用外接法，如圖所示[4][5]NTC型熱敏電阻兩端電壓為時，通過的電流為結合題圖丙，通過NTC電流為第16頁/共23頁PTC型熱敏電阻兩端電壓為時，通過的電流為結合題圖丙，通過PTC的電流為根據閉合電流歐姆定律有聯立解得四、計算題：本大題共4小題，共分。解題時須寫出必要的文字說明、公式和重要的演算步驟，只寫出最后結果的不得分。15.圖甲為某中小型水力發電站遠距離輸送交流電示意圖，每根遠距離輸電線電阻為輸送電流為200A960kW（1）求升壓變壓器原副線圈匝數比；（2）設降壓變壓器原副線圈匝數比，求用戶端交流電壓表的示數。【答案】（1）（2）220V【解析】【小問1詳解】圖乙可知升壓變壓器原線圈輸入電壓有效值則升壓變壓器原線圈電流升壓變壓器原副線圈匝數比【小問2詳解】第17頁/共23頁結合以上分析有，對升壓變壓器有聯立解得升壓變壓器副線圈電壓降壓變壓器原線圈輸入電壓其中代入題中數據，聯立解得則對降壓變壓器有聯立解得降壓變壓器副線圈輸出電壓即用戶端交流電壓表的示數為。16.和中分別用活塞封閉有一定質量的理想氣體，活塞面積為，質量為，活塞面積為，質量為，兩活塞以穿過的底部的輕桿相連，可沿汽缸無摩擦滑動，兩個汽缸都不漏氣，整體與水平面成放置。初始時、中封閉氣體長度均為，中氣體壓強等于大氣壓強為重力加速度且未知，周圍環境溫度為。若僅對加熱，使的溫度緩慢提高到，溫度不變。求：（1）初始時，中氣體壓強大小；（2）中氣體溫度為時壓強大小。【答案】（1）（2）【解析】第18頁/共23頁【小問1詳解】以A活塞為研究對象，設桿的拉力為，根據平衡條件可得解得桿對A活塞的拉力大小為方向沿斜面向上，設B汽缸中氣體的壓強為，對B活塞受力分析可得又因為聯立解得【小問2詳解】設的溫度緩慢提高到時活塞沿斜面移動的距離為，桿對活塞的作用力為,對活塞而言則有解得對于B汽缸內的氣體而言。初狀態，末狀態，的溫度不變，根據玻意耳定理則有即同理對于A活塞則有解得對于A汽缸內的氣體而言。初狀態，，末狀態，，根據理想氣體狀態方程則有第19頁/共23頁即解得即桿對活塞A作用力的大小為，方向沿斜面向上，代入可得中氣體時壓強大小17.如圖所示，小淑同學將內徑粗細均勻的導熱U形管豎直放置在溫度恒定不變的環境中，底部水平管道長為，左側管足夠長且上端開口，并用的水銀柱封閉有長為的理想氣體，氣體下端到管底長度兩管內水銀面高度差，大氣壓強恒為，不計一切摩擦，U形管內徑遠小于。（1）求初始狀態右端封閉氣體的壓強大小（用（2）若將整個裝置靜止釋放，使其保持豎直做自由落體運動，待穩定