試題PAGE1試題2023-2024學年江蘇省南京市玄武區九年級（上）期中物理試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分.每小題給出的四個選項中只有一個選項符合題意）1．（2分）如圖所示的四種用具中，正常使用時屬于省力杠桿的是（）A．天平 B．裁紙刀 C．筷子 D．釣魚竿2．（2分）下列數據符合實際的是（）A．家用電冰箱正常工作時的電流為1A B．一節干電池電壓為2V C．中學生用20s從1樓走到3樓的功率約為20W D．物理課本從桌面掉落到地面，其重力做功約為20J3．（2分）如圖所示的事例中，改變物體內能的方式與其它三項不同的是（）A．加熱試管中的水 B．彎折鐵絲變熱 C．食品放入冰箱冷藏 D．透鏡聚光紙片點燃4．（2分）如圖所示是明朝的《天工開物》中關于用銅鑄幣的情景，下列說法正確的是（）A．爐火加熱是通過做功的方式使銅內能增大的 B．熔化的液態銅溫度高因為其含有的熱量多 C．熔化的液態銅倒入錢幣模具，凝固過程中溫度不變，內能不變 D．銅幣在冷卻過程中，將內能轉移給模具和空氣5．（2分）嚴浪宇在杭州亞運會奪得男子蹦床冠軍（圖甲），圖乙為其在比賽中的示意圖。某時刻他從A點自由下落，與水平床面接觸點為B，能到達的最低點為C點。下列說法正確的是（）A．A點到B點過程中，運動員動能轉化為蹦床的彈性勢能 B．在B點時，運動員的重力勢能最小 C．在C點時，蹦床的彈性勢能最大 D．B點到C點過程中，運動員動能逐漸變小6．（2分）初中各學科之間有著密切的聯系，下列說法中錯誤的是（）A．在蒸餾水的制備中水的內能是通過熱傳遞的方式增大的 B．制備氫氣用向下排空氣法收集氫氣是利用氫氣的熱值大 C．肱二頭肌在向上牽引橈骨轉動的過程中做了功 D．海陸風形成的主要原因是海水的比熱容比砂石大7．（2分）如圖甲所示，分別用水平拉力F1、F2拉物體A、B在水平面上做直線運動，圖乙是F1、F2所做的功﹣路程圖像，圖丙是A、B的路程﹣時間圖像，A、B所受的摩擦力分別為f1、f2，F1、F2的功率是P1、P2。下列說法正確的是（）A．F1＝F2 B．v1＜v2 C．f1＜f2 D．P1＞P2（多選）8．（2分）小明用如圖甲所示的裝置比較不同物質吸熱升溫情況.將分別盛有50g水和50g食用油的兩個相同試管同時用紅外加熱器加熱，溫度傳感器與電腦相連.。電腦上顯示溫度隨時間變化的圖線如圖乙所示。下列說法正確的是[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]（）A．加熱2min，水吸收的熱量大于油吸收的熱量 B．油的比熱容為3.15×103J/（kg?℃） C．第2～3min內，油吸收的熱量為1.4×104J D．小華用該裝置實驗，得到水和油的溫度隨時間變化圖線均為A，則m水：m油＝2：39．（2分）如今大城市普遍存在著停車難的問題，圖甲是路邊空中綠化存車亭，圖乙為其工作原理圖，A為存車架，O為轉動軸，B端固定懸掛泊車裝置，BC為牽引鋼絲繩，M為電動機。汽車從水平地面被提升到BC與OB垂直的過程中，B點到地面的距離為3m，OB長為5m（忽略OB的重力和機械的摩擦力），以下說法正確的是（）A．在這一過程中，作用在B點的動力將逐漸變小 B．C處滑輪的作用是為了省力 C．當處于圖乙位置時，OB屬于費力杠桿 D．若A和汽車的總質量為1200kg，鋼絲繩所受拉力為7200N10．（2分）小明自制“伏打電堆”并連接了如圖所示電路。閉合開關，小燈泡發光，電壓表指針右偏，下列說法正確的是（）A．金屬B是電源的負極 B．“伏打電堆”將內能轉化為電能 C．若小燈泡斷路，電壓表仍有示數 D．若斷開開關，A、B兩金屬間沒有電壓11．（2分）如圖所示的電路，閉合開關S1、S2，燈L1和L2均發光，兩電表都有示數。下列判斷中，正確的是（）A．電流表A1只測量燈L2的電流 B．電流表A2的示數比A1的大 C．燈L1被短路時，L2也不發光 D．僅斷開S1，兩個表都沒示數12．（2分）在如圖所示電路中，開關S閉合時，規格相同的燈泡L1、L2均能發光，圖中甲、乙、丙為電表，粗心的小明在讀數時只在紙上記錄了如圖所示數字，則下列說法中正確的是（）A．L1和L2并聯，甲、乙、丙示數分別為0.6V，1.2A，0.3A B．L1和L2并聯，電源電壓為1.2V，通過L1、L2的電流分別為0.3A、0.6A C．L1和L2串聯，電路中的電流為0.6A，L1、L2兩端的電壓分別為0.3V、1.2V D．L1和L2串聯，甲、乙、丙示數分別為0.3A、0.6V、1.2V二、填空題（本題共8小題，每空1分，共26分）13．（3分）圖甲是過山車的圓形軌道，小明制作了如圖乙所示的軌道模型，用小球模擬過山車通過圓形軌道，E為圓形軌道最高點。實驗中將小球從軌道A、B、C不同位置處由靜止釋放，觀察到小球由A點靜止釋放滾動至D點過程中，小球運動得越來越快，此過程中小球的能轉化為能。小明發現只有A處能完成實驗，這是由于的存在，小球的機械能不斷減少。14．（2分）如圖甲為我國古代汲水裝置——桔槔，圖乙是其簡化圖，該裝置是（填簡單機械名稱），為了減小人向上提水時所需的拉力，應將配重物（選填“靠近”或“遠離”）支點。15．（4分）汽車有許多方面都涉及到物理知識：（1）發動機散熱器常用水做冷卻劑，是因為水的大；（2）汽油機轉速為3000r/min，則2min汽油機做次功；（3）汽車蓄電池在充電過程中屬于（選填“電源”或“用電器”）；（4）汽車的各轉向燈能獨立工作，可以判斷它們是聯的。16．（3分）體重500N的小明在60s內跳繩120個，每次跳離地面的高度約0.05m，則小明跳繩一次做的功為J，他在跳繩時的功率為W。小華在60s內跳繩150個，則小華跳繩的功率（選填“一定小于”“一定大于”或“可能小于”）小明跳繩的功率。17．（3分）甲、乙兩燒杯各裝100g水，用酒精加熱甲燒杯，煤油加熱乙燒杯，直至杯內水沸騰1分鐘即停止加熱，此過程燃燒酒精4g、煤油2.5g，水溫與加熱時間的關系如圖所示。若水沸騰前質量不變，同一杯水沸騰前后單位時間內吸收的熱量相等。則前五分鐘，甲杯中水吸收的熱量是J。整個加熱過程中，酒精的加熱效率是%，杯中的水吸收的熱量更多。[q酒精＝3.0×107J/kg，q煤油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg?℃）]18．（4分）如圖所示，將重為300N的物體勻速提升2m。若不計摩擦和繩重，滑輪組的機械效率為80%，而在實際工作時機械效率只有75%。則實際工作時，該滑輪組的有用功為J，總功為J，繩端的拉力為N，克服摩擦和繩重所做的額外功占總功的%。19．（3分）如圖甲，分別將兩個相同的物體A、B勻速拉到斜面頂端，對物體做功情況如圖乙所示，其中斜面MN長0.5m，則對物體A做的有用功是J，對物體B做的額外功是J，物體A運動過程中受到的摩擦力是N。20．（4分）如圖所示電路中有兩個小燈泡，兩個電表（電流表或電壓表），在圖中圓圈內填入合適的元件，要求開關閉合時兩燈均能發光，且兩電表的示數均不為零。（1）若a為小燈泡，c為電壓表，則兩燈為聯。（2）若b為小燈泡，則a為表，c為表。（3）若c為小燈泡，則（選填“可以”或“不可以”）實現上述要求。三、解答題（本題共10小題，共50分。解答27、28題時應有公式和解題過程）21．（2分）按要求作圖（請保留作圖痕跡）。圖（a）所示為杭州亞運會賽艇比賽現場。船槳可視為杠桿AOB，圖（b）為其簡化圖，O為支點，F1為動力，請在圖（b）中畫出F1的力臂l1、作用在B點的阻力F2。22．（2分）圖中的晾曬架掛衣服時可視為杠桿，當掛較重的衣物時，為使晾曬架A點受到的支撐力最小，請在B、C、D中選擇一點，作出該點受到的拉力F1和A點受到的支持力F2。23．（2分）根據圖（a）圖所示的電路圖，把圖（b）實物連接圖補充完整。24．（5分）在“探究杠桿平衡條件”的實驗中，杠桿每格長5cm，每個鉤碼的質量均相同。（1）如圖甲杠桿在所示位置靜止，為使杠桿在水平位置平衡應將平衡螺母向調；（2）在杠桿上掛鉤碼后如圖乙所示，要使杠桿重新在水平位置平衡，下列操作正確的是；A．將右側鉤碼向右移動B．將左側鉤碼向左移動C．增加右側鉤碼個數D．減少左側鉤碼個數（3）如圖丙所示，保持杠桿左側所掛鉤碼個數不變，改變鉤碼懸掛的位置，用彈簧測力計在M點豎直向下拉，使杠桿保持水平平衡，記錄每次彈簧測力計的示數F和鉤碼對應懸掛位置到O點的距離L，在F﹣L坐標系中作出圖像，其中正確的是；（4）小明根據實驗得出杠桿平衡條件是：動力×支點到動力作用點的距離＝阻力×支點到阻力作用點的距離，小華認為不對，她用輕質木板設計了如圖丁所示的杠桿，木板的中心O為支點。已知AB＝BO＝OC＝CD，ABOCD的連線水平，且與EDF的連線垂直。現在B處掛兩個鉤碼，D處掛一個鉤碼，木板在水平位置平衡。若只移動右側鉤碼的位置，小華的操作是，觀察到杠桿仍然水平平衡，從而證明小明的觀點是錯誤的；（5）如圖戊將圖丙杠桿的中點O緊貼在桌子邊緣，將一個質量均勻的木條放在杠桿上，其右端與桌子邊緣齊平。若杠桿的質量為m1，木條的質量為m2、長為l，當水平向右緩慢推動杠桿的距離超過（用m1、m2、l表示）時，杠桿會翻倒。25．（6分）小明用同一滑輪組做了3組實驗，實驗數據記錄如表：實驗序號鉤碼重/N動滑輪重/N鉤碼上升距離/cm彈簧測力計示數/N彈簧測力計上升距離/cm機械效率①20.8511566.7%②40.851.715/③60.851583.3%（1）在實驗操作中應該使鉤碼上升；（2）第②次測量時滑輪組的機械效率約為（保留到0.1%）；第③次測量時，彈簧測力計示數為N，滑輪組的額外功是J；（3）分析①、②、③次實驗數據可知，使用同一滑輪組時，，滑輪組機械效率越高；（4）以下情形導致機械效率結果偏大的是。A．加速拉動彈簧測力計；B．彈簧測力計讀數錯誤，致使讀數偏大；C．鉤碼有磨損，導致實際質量比標注質量小；D．彈簧測力計的指針在零刻線以下，未調零測量拉力。26．（6分）小明在探究動能與哪些因素有關的實驗中，將三個小球先后從同一裝置的，hA、hB、hc高處滾下，其中hA＝hc＞hB，mA＝mB＜mC，推動紙盒運動一段距離后靜止如甲圖。（1）對比（a）、（c）兩圖可知動能大小與有關，將A、C小球從同一高度由靜止釋放的目的是；（2）從甲圖中現象可知，A、B、C小球剛到達水平面時，球的動能最大；（3）如圖乙，小明用同一木塊將同一彈簧壓縮不同程度后由靜止釋放，比較木塊在水平面上運動的距離，可以探究動能大小與的關系；（4）小明又用質量分別是m1、m2（m1＜m2）的木塊將同一彈簧壓縮相同程度后由靜止釋放，木塊在水平面上運動的距離分別是s1、s2，其大小關系是：s1s2。27．（6分）利用圖示甲、乙、丙裝置完成兩個實驗：實驗一是探究不同物質吸熱升溫的現象；實驗二是比較質量相等的不同燃料燃燒時放出的熱量。（1）除了圖中所示的測量工具外，兩個實驗都需要的測量工具還有；（2）為了兩個實驗都完成，對圖中器材進行以下幾種調整，其中可行的有；A．將甲圖中的液體a換成液體c；B．將乙圖中的燃料2換成燃料1；C．將乙圖中的燃料2換成燃料3；D．將丙圖中的液體a換成液體b；（3）器材調整后為了完成實驗二，應選用兩套裝置，實驗時通過比較來反映燃料燃燒放熱的多少。若圖甲中液體是水，燃料l完全燃燒放出熱量的2%被水吸收，溫度計示數升高了20℃，c水＝4.2×103J/（kg?℃），則燃料1的熱值是J/kg。28．（7分）小明做探究“串、并聯電路電流及電壓的特點”的實驗。（1）小明用圖乙所示的電路探究并聯電路中的電流特點。①實驗前，發現電流表指針的位置如圖甲所示，應該。②解決問題后閉合開關，電流表示數如圖丙，為A。③小明想在圖乙中只改動一根導線來測量L2的電流，請在該導線上畫“×”，并在圖中改正。④若閉合開關后兩燈都發光，由于導線彎曲雜亂，一時無法確定電路是串聯還是并聯，請你寫出一種簡單可行的判斷方法：。（2）小明利用圖丁探究串聯電路中的電壓特點。①下列操作不正確的是。A．連接電路時，開關S處于斷開狀態；B．連接電壓表時，試觸后再選擇合適量程；C．僅將電壓表A點連線轉接至C點，可以測量L2兩端電壓。②測量燈泡L1兩端電壓時，兩燈突然熄滅，電壓表示數變為0，若故障可能是由某只燈泡引起的，則發生故障的燈泡及故障類型是。③測得UAB＝1.1V，UBC＝1.4V，UAC＝2.5V，為了使實驗結論具有普遍性，接下來進行的操作是。29．（7分）如圖所示，這是汽油機的沖程。某汽車在水平路面上勻速行駛了20km，完全燃燒汽油2kg，發動機的效率是30%，汽油的熱值是4.6×107J/kg。求：（1）2kg汽油完全燃燒放出的熱量；（2）發動機做的有用功；（3）車的牽引力。30．（7分）用如圖所示的滑輪組勻速提起重為100N的物體，動滑輪重20N。（1）物體在10s內上升了5m。若不計繩重和摩擦，求繩端拉力F的功率和滑輪組的機械效率。（2）若摩擦和繩重所產生的額外功始終占有用功的八分之一，當滑輪組的機械效率為80%時，所吊物體的重為N。

2023-2024學年江蘇省南京市玄武區九年級（上）期中物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分.每小題給出的四個選項中只有一個選項符合題意）1．（2分）如圖所示的四種用具中，正常使用時屬于省力杠桿的是（）A．天平 B．裁紙刀 C．筷子 D．釣魚竿【分析】本題主要考查對杠桿分類方法的了解，動力臂大于阻力臂的杠桿為省力杠桿，動力臂小于阻力臂的杠桿為費力杠桿，動力臂等于阻力臂的杠桿為等臂杠桿。【解答】解：A、天平在使用過程中，動力臂等于阻力臂，屬于等臂杠桿，故A錯誤；B、裁紙刀在使用過程中，動力臂大于阻力臂，屬于省力杠桿，故B正確；C、筷子在使用時，動力臂小于阻力臂，屬于費力杠桿，故C錯誤；D、釣魚竿在使用時，動力臂小于阻力臂，屬于費力杠桿，故D錯誤。故選：B。【點評】此題考查的是杠桿的分類主要包括以下幾種：①省力杠桿，動力臂大于阻力臂；②費力杠桿，動力臂小于阻力臂；③等臂杠桿，動力臂等于阻力臂。2．（2分）下列數據符合實際的是（）A．家用電冰箱正常工作時的電流為1A B．一節干電池電壓為2V C．中學生用20s從1樓走到3樓的功率約為20W D．物理課本從桌面掉落到地面，其重力做功約為20J【分析】首先要對選項中涉及的幾種物理量有個初步的了解，對于選項中的單位，可根據需要進行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項，找出符合生活實際的答案。【解答】解：A．家用電冰箱電功率約為220W，正常工作時的電流約為I=PB．一節干電池電壓為1.5V，故B不正確；C．1樓走到3樓的高度約為6m，中學生重約為500N，用20s從1樓走到3樓的功率約為P=WD．一本物理課本的質量約為250g＝0.25kg，其重力G＝mg＝0.25kg×10N/kg＝2.5N，課桌高約為0.8m，從課桌面掉到地面，重力做功W＝Gh＝2.5N×0.8m＝2J，故D不正確。故選：A。【點評】此題考查對生活中常見物理量的估測，結合對生活的了解和對物理單位的認識，找出符合實際的選項即可。3．（2分）如圖所示的事例中，改變物體內能的方式與其它三項不同的是（）A．加熱試管中的水 B．彎折鐵絲變熱 C．食品放入冰箱冷藏 D．透鏡聚光紙片點燃【分析】改變物體內能的方式有兩種：做功和熱傳遞；做功的實質是能量轉化的過程，即：內能和其他形式能的相互轉化；熱傳遞的實質是能量轉移的過程，發生熱傳遞的條件是有溫度差。【解答】解：ACD、加熱試管中的水、食品放入冰箱冷藏、透鏡聚光紙片點燃，都是通過熱傳遞的方式改變內能；B、彎折鐵絲變熱，是通過做功的方式改變內能的；顯然B選項與其它三個選項改變物體內能的方式不同。故選：B。【點評】本題考查了改變物體內能有兩種方式，結合生活實際解決問題。4．（2分）如圖所示是明朝的《天工開物》中關于用銅鑄幣的情景，下列說法正確的是（）A．爐火加熱是通過做功的方式使銅內能增大的 B．熔化的液態銅溫度高因為其含有的熱量多 C．熔化的液態銅倒入錢幣模具，凝固過程中溫度不變，內能不變 D．銅幣在冷卻過程中，將內能轉移給模具和空氣【分析】（1）改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞；（2）熱量是過程量，不能說含有；（3）晶體凝固過程，溫度不變，內能減小；（4）物體放出熱量，內能減小。【解答】解：A、爐火加熱是通過熱傳遞的方式使金屬銅內能增大的，故A錯誤；B、熱量是過程量，不能說含有，故B錯誤；C、熔化的液態銅倒入錢幣模具，凝固過程中溫度不變，內能減小，故C錯誤；D、銅幣在冷卻過程中，溫度降低，放出熱量，將內能轉移給模具和空氣，故D正確。故選：D。【點評】本題考查改變內能的方式以及晶體熔化的特點，難度不大。5．（2分）嚴浪宇在杭州亞運會奪得男子蹦床冠軍（圖甲），圖乙為其在比賽中的示意圖。某時刻他從A點自由下落，與水平床面接觸點為B，能到達的最低點為C點。下列說法正確的是（）A．A點到B點過程中，運動員動能轉化為蹦床的彈性勢能 B．在B點時，運動員的重力勢能最小 C．在C點時，蹦床的彈性勢能最大 D．B點到C點過程中，運動員動能逐漸變小【分析】重力勢能的大小跟質量、高度有關。質量一定時，高度越高，重力勢能越大；高度一定時，質量越大，重力勢能越大；動能大小的影響因素：質量、速度。質量越大，速度越大，動能越大；彈性勢能的大小與物體彈性形變程度的大小有關。【解答】解：A．A點到B點過程中，質量不變，高度減小，速度增大，重力勢能減小，動能變大，重力勢能轉化為動能，故A錯誤；B．在B點時，運動員還會繼續向下運動，運動員重力勢能不是最小，故B錯誤；C．在C點時，運動員達到最低點，蹦床彈性形變程度最大，彈性勢能最大，故C正確；D．運動員從接觸蹦床到最低點過程中，一開始重力大于彈力，速度還會繼續增大，當重力等于彈力時，速度達到最大，此時動能最大，當重力小于彈力時，動能主要轉化為蹦床彈性勢能，速度減小，動能減小。從B點到C點過程中，動能先增大后減小，故D錯誤。故選：C。【點評】此題考查了動能和勢能的大小變化，難度不大。6．（2分）初中各學科之間有著密切的聯系，下列說法中錯誤的是（）A．在蒸餾水的制備中水的內能是通過熱傳遞的方式增大的 B．制備氫氣用向下排空氣法收集氫氣是利用氫氣的熱值大 C．肱二頭肌在向上牽引橈骨轉動的過程中做了功 D．海陸風形成的主要原因是海水的比熱容比砂石大【分析】（1）做功和熱傳遞都可以改變物體的內能；（2）氫氣密度比空氣小；（3）做功的兩個要素：作用在物體上的力以及物體在力的方向上移動了一定的距離；（4）水的比熱容較大，相同質量的水與其它物質相比，吸熱相同的熱量，水升高的溫度較小。【解答】解：A、在蒸餾水的制備中水蒸氣遇冷液化放熱，水吸收熱量內能增加，溫度升高，所以水的內能是通過熱傳遞的方式增大的，故A正確；B、向下排空氣法收集氫氣是利用氫氣的密度小的性質，故B錯誤；C、肱二頭肌在向上牽引橈骨轉動的過程中，有力作用在橈骨上，而且橈骨在力的方向上移動了一定的距離，所以肱二頭肌在向上牽引橈骨轉動的過程中做了功，故C正確；D、海陸風形成的原因之一是海水的比熱容比砂石大，相同質量的海水和砂石，白天吸收相同的熱量，海水升高的溫度較小，陸地吸熱后，溫度上升快，熱空氣上升，微風從海洋吹向陸地，形成海陸風，故D正確。故選：B。【點評】本題考查了改變物體的內能的方式、做功的兩個要素、對熱值概念和比熱容概念的理解，考查的知識點較多，但是難度不大。7．（2分）如圖甲所示，分別用水平拉力F1、F2拉物體A、B在水平面上做直線運動，圖乙是F1、F2所做的功﹣路程圖像，圖丙是A、B的路程﹣時間圖像，A、B所受的摩擦力分別為f1、f2，F1、F2的功率是P1、P2。下列說法正確的是（）A．F1＝F2 B．v1＜v2 C．f1＜f2 D．P1＞P2【分析】（1）根據圖乙利用W＝Fs比較水平拉力F1與F2的大小關系；（2）根據圖丙中兩物體的s﹣t圖象均為過原點的一條直線判斷出兩物體均做勻速直線運動，根據圖丙利用v=s（3）根據二力平衡條件分析比較甲、乙所受的摩擦力f1、f2的大小關系；（4）利用P=Wt=Fst=Fv分析比較F1、F【解答】解：A．由圖乙可知，當拉力移動的距離相同時，由W＝Fs可知，拉力F1做的功多，水平拉力的大小關系為F1＞F2，故A錯誤；B．由圖丙可知，兩物體的s﹣t圖像均為過原點的一條直線，即兩物體運動路程與時間成正比，因此兩物體均做勻速直線運動，當兩物體的運動時間相同時，A運動的路程大，由v=st可知，兩物體的速度關系為v1＞vC．因為兩物體都做勻速直線運動，所以，由二力平衡條件可知，A所受的摩擦力為f1＝F1，B所受的摩擦力為f2＝F2，由A可知，F1＞F2，因此A、B所受摩擦力的大小關系為f1＞f2，故C錯誤；D．由P=Wt=Fst=Fv可知，因為F1＞F2，v1＞v2，故F1、F故選：D。【點評】本題考查二力平衡條件、速度公式、功和功率公式的應用，關鍵是根據圖象讀出相關的信息。（多選）8．（2分）小明用如圖甲所示的裝置比較不同物質吸熱升溫情況.將分別盛有50g水和50g食用油的兩個相同試管同時用紅外加熱器加熱，溫度傳感器與電腦相連.。電腦上顯示溫度隨時間變化的圖線如圖乙所示。下列說法正確的是[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]（）A．加熱2min，水吸收的熱量大于油吸收的熱量 B．油的比熱容為3.15×103J/（kg?℃） C．第2～3min內，油吸收的熱量為1.4×104J D．小華用該裝置實驗，得到水和油的溫度隨時間變化圖線均為A，則m水：m油＝2：3【分析】（1）我們使用同一加熱器通過加熱時間的長短來比較吸熱多少，這種方法叫轉換法；（2）根據圖乙得出升高20℃A、B的加熱時間分別2min和3min，根據Q＝cmΔt可知，在質量和升高的溫度相同的情況下，吸熱與比熱容成正比，據此得出油的比熱容；（3）B的比熱容大，B為水，根據Q＝cmΔt得出加熱3分鐘升高20℃水吸收的熱量，據此得出第2～3min內水吸收的熱量，由轉換法得出第2～3min內油吸收的熱量；（4）水和油的溫度隨時間變化圖線均為A，因相同時間（吸熱相同）升高的溫度相同，根據Q＝cmΔt得出m水：m油。【解答】解：A、相同加熱器在相同時間內放出的熱量相同，加熱2min，水吸收的熱量等于食用油吸收的熱量，故A錯誤；B、根據圖乙可知，升高20℃，A、B的加熱時間分別為2min和3min，由轉換法，對應的吸熱之比為2：3，根據Q＝cmΔt可知，在質量和升高的溫度相同的情況下，吸熱與比熱容成正比，油的比熱容為：c=23c水=23×C、B的比熱容大，B為水，加熱3分鐘升高20℃，水吸收的熱量為：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg?℃）×0.05kg×20℃＝4.2×103J；第2～3min內，水吸收的熱量為：Q吸'=13Q吸=13×由轉換法，第2～3min內，油吸收的熱量為1.4×103J，故C正確；D、兩物質溫度隨時間變化圖像均為圖A，則吸收相同的熱量，溫度變化量相同，根據Q吸＝cmΔt可知，m水故選：CD。【點評】本題比較不同物質的吸熱能力，考查控制變量法、轉換法的應用和比較吸熱能力的方法和Q＝cmΔt的運用，為熱學中的重要實驗。9．（2分）如今大城市普遍存在著停車難的問題，圖甲是路邊空中綠化存車亭，圖乙為其工作原理圖，A為存車架，O為轉動軸，B端固定懸掛泊車裝置，BC為牽引鋼絲繩，M為電動機。汽車從水平地面被提升到BC與OB垂直的過程中，B點到地面的距離為3m，OB長為5m（忽略OB的重力和機械的摩擦力），以下說法正確的是（）A．在這一過程中，作用在B點的動力將逐漸變小 B．C處滑輪的作用是為了省力 C．當處于圖乙位置時，OB屬于費力杠桿 D．若A和汽車的總質量為1200kg，鋼絲繩所受拉力為7200N【分析】（1）利用杠桿的平衡條件分析；（2）使用定滑輪不省力也不費力，但可以改變力的方向；（3）當動力臂大于阻力臂時，為省力杠桿；當動力臂小于阻力臂，為費力杠桿；當動力臂等于阻力臂時，為等臂杠桿。【解答】解：AC．小汽車從水平地面被提升到BC垂直于桿OB的過程中，如下圖所示：由圖2可知，動力臂大于阻力臂，所以該杠桿為省力杠桿，動力的力臂L1逐漸變大、阻力臂L2變小，且阻力不變（阻力為車架和汽車的總重力），根據F1L1＝F2L2可知，在此過程中作用在B點的動力逐漸變小，故A正確，故C錯誤；B．使用定滑輪不省力也不費力，但可以改變力的方向，故B錯誤；D．如圖2所示，在直角三角形OBE中，OB＝5m，BE＝3m，故OE=(5m)B點受到拉力F2由杠平衡條件可得拉力F1故選：A。【點評】本題考查了杠桿的分類、杠桿平衡條件的應用，畫圖確定動力臂和阻力臂的大小是關鍵。10．（2分）小明自制“伏打電堆”并連接了如圖所示電路。閉合開關，小燈泡發光，電壓表指針右偏，下列說法正確的是（）A．金屬B是電源的負極 B．“伏打電堆”將內能轉化為電能 C．若小燈泡斷路，電壓表仍有示數 D．若斷開開關，A、B兩金屬間沒有電壓【分析】根據電壓表的偏轉情況，可判斷電源的正負極；電壓表是否有示數，要看兩個接線柱是否能與電源的兩極連接；“伏打電堆”是將化學能轉化為電能的裝置。【解答】解：A、由題意知，電壓表指針右偏，說明與電壓表正接線柱連接的是電源的正極，即金屬B是電源的正極，故A錯誤；B、“伏打電堆”是將化學能轉化為電能的裝置，故B錯誤；C、閉合開關，若小燈泡斷路，電壓表仍可以接在電源的兩極上，所以有示數，故C正確；D、A、B兩金屬間的電壓是始終存在的，與電路是否接通無關，故D錯誤。故選：C。【點評】本題考查了對“伏打電堆”的了解，對電壓表使用的理解等，屬基礎題，難度不大。11．（2分）如圖所示的電路，閉合開關S1、S2，燈L1和L2均發光，兩電表都有示數。下列判斷中，正確的是（）A．電流表A1只測量燈L2的電流 B．電流表A2的示數比A1的大 C．燈L1被短路時，L2也不發光 D．僅斷開S1，兩個表都沒示數【分析】分析電路圖，先確定兩燈的連接方式、兩電流表和兩開關的位置，再根據串聯或并聯電路的特點分析判斷。【解答】解：由電路圖可知，閉合開關S1、S2時，兩燈泡L1、L2并列連接即為并聯，開關S2位于干路控制整個電路，開關S1位于L1支路控制該支路，電流表A1位于干路測干路電流，電流表A2位于L1支路測該支路電流。AB．電流表A1位于干路測干路電流，電流表A2位于L1支路測該支路電流，因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以電流表A2的示數比A1的大小，故AB錯誤；C．燈L1被短路時，燈L2也被短路，不能正常工作，故C正確；D．斷開開關S1時，燈泡L1和電流表A2被斷路，電路為L2的簡單電路，電流表A1測電路中的電流，因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以電路的總電流變小，即電流表A1示數變小，故D錯誤。故選：C。【點評】本題考查了電路的動態分析，涉及到并聯電路的特點和電路的三種狀態等，分清開關閉合、斷開時電路的連接方式和兩電流表所測的電路元件是關鍵。12．（2分）在如圖所示電路中，開關S閉合時，規格相同的燈泡L1、L2均能發光，圖中甲、乙、丙為電表，粗心的小明在讀數時只在紙上記錄了如圖所示數字，則下列說法中正確的是（）A．L1和L2并聯，甲、乙、丙示數分別為0.6V，1.2A，0.3A B．L1和L2并聯，電源電壓為1.2V，通過L1、L2的電流分別為0.3A、0.6A C．L1和L2串聯，電路中的電流為0.6A，L1、L2兩端的電壓分別為0.3V、1.2V D．L1和L2串聯，甲、乙、丙示數分別為0.3A、0.6V、1.2V【分析】電壓表的內阻很大、在電路中相當于斷路，電流表的內阻很小、在電路中相當于導線，規格相同的燈泡L1、L2均能發光，則它們的連接方式要么是串聯，要么是并聯。（1）兩燈泡并聯時，電流有兩條路徑，根據電表的特點判斷出電表的類型和測量的電路元件，根據并聯電路的電壓特點和歐姆定律判斷兩支路的電流關系，結合表中數據判斷兩電流表的示數，剩余的數據為電壓表的示數。（2）兩燈泡串聯時，電流只有一條路徑，根據電表的特點判斷出電表的類型和測量的電路元件，根據串聯電路的電壓特點結合圖中數據判斷出電壓表的示數，剩余的數據為電流表的示數。【解答】解：規格相同的燈泡L1、L2均能發光時，它們的連接方式要么是串聯、要么是并聯。（1）兩燈泡并聯時，電路中電流有兩條路徑，電流從電源的正極出發，經乙電表后分支，一支經燈泡L1回到電源的負極，一支經燈泡L2、丙電表回到電源的負極，則甲為電壓表測電源的電壓，乙為電流表測干路電流，丙為電流表測L2支路的電流，因為并聯電路中各支路兩端的電壓相等，且干路電流等于各支路電流之和，所以由I=UR可知，通過兩燈泡的電流相等，干路電流是L由圖中數據可知：①乙的示數為1.2A，丙的示數為0.6A，則甲的示數為0.3V，②乙的示數為0.6A，丙的示數為0.3A，則甲的示數為1.2V，通過L1、L2的電流均為0.3A，故AB不正確。（2）兩燈泡串聯時，電路中的電流只有一條路徑，電流從電源的正極出發，依次經甲電表、燈泡L2、燈泡L1回到電源的負極，則甲為電流表測電路中的電流，乙為電壓表測L2兩端的電壓，丙為電壓表測電源的電壓，因為串聯電路中各處的電流相等，且兩燈泡規格相同時它們兩端的電壓相等，所以由I=UR可知，電源的電壓是L由圖中數據可知：①丙的示數為1.2V，乙的示數為0.6V，則甲的示數為0.3A，②丙的示數為0.6V，乙的示數為0.3V，則甲的示數為1.2A，L1、L2兩端的電壓均為0.3V，故C錯誤，D正確。故選：D。【點評】本題考查了電表類型的判斷和串并聯電路的特點、歐姆定律的應用等，根據串并聯電路的電流路徑判斷出電表的類型是前提，分析好各電表示數之間的關系是關鍵。二、填空題（本題共8小題，每空1分，共26分）13．（3分）圖甲是過山車的圓形軌道，小明制作了如圖乙所示的軌道模型，用小球模擬過山車通過圓形軌道，E為圓形軌道最高點。實驗中將小球從軌道A、B、C不同位置處由靜止釋放，觀察到小球由A點靜止釋放滾動至D點過程中，小球運動得越來越快，此過程中小球的重力勢能轉化為動能。小明發現只有A處能完成實驗，這是由于摩擦力的存在，小球的機械能不斷減少。【分析】（1）動能的大小與質量、速度有關，重力勢能的大小與質量、高度有關；（2）小球在運動過程中會受到摩擦力作用，克服摩擦做功。【解答】解：從A處由靜止釋放鋼球，到達軌道最低點D處，此過程中鋼球速度增大，動能增加；高度減小，重力勢能減小，此過程中小球的重力勢能轉化為動能；在此過程中，小球克服摩擦力做功，消耗了一部分機械能，所以在此過程中機械能減小。故答案為：重力勢；動；摩擦力。【點評】本題考查了機械能的轉化和機械能守恒的條件，屬于基礎題。14．（2分）如圖甲為我國古代汲水裝置——桔槔，圖乙是其簡化圖，該裝置是杠桿（填簡單機械名稱），為了減小人向上提水時所需的拉力，應將配重物遠離（選填“靠近”或“遠離”）支點。【分析】由圖乙可知，該裝置能繞著O轉動，O為支點，屬于杠桿；根據杠桿的平衡條件：動力×動力臂＝阻力×阻力臂判斷。【解答】解：由圖乙可知，該裝置能繞著O轉動，O為支點，屬于杠桿。O為支點，配重A對杠桿的拉力作用在C點，水桶對杠桿的拉力作用在D點，人的向上拉力作用在B處，結合杠桿平衡得到G配重L配重＝（G水桶﹣F人）L水桶將配重遠離支點時，G配重、G水桶和L水桶均不變，但L配重變大，結合杠桿的平衡條件可知人在B處施加的拉力變小。故答案為：杠桿；遠離。【點評】本題考查杠桿平衡條件的應用，難度適中。15．（4分）汽車有許多方面都涉及到物理知識：（1）發動機散熱器常用水做冷卻劑，是因為水的比熱容大；（2）汽油機轉速為3000r/min，則2min汽油機做3000次功；（3）汽車蓄電池在充電過程中屬于用電器（選填“電源”或“用電器”）；（4）汽車的各轉向燈能獨立工作，可以判斷它們是并聯的。【分析】（1）水的比熱容比較大，質量相同的水和其他物質相比，在吸收或放出相同熱量的情況下，水的溫度變化要小些。（2）在單缸四沖程內燃機中，吸氣、壓縮、做功、排氣四個沖程為一個工作循環，每個工作循環曲軸轉2周，活塞上下往復2次，做功1次。（3）電源提供電能，用電器利用電能。（4）在串聯電路中，開關控制整個電路；在并聯電路中，接在干路上的開關可以控制整個電路，接在支路上的開關只控制這個支路。【解答】解：（1）水的比熱容大，升高相同溫度，吸收的熱量較多，致冷效果好，因此發動機散熱器常用水做冷卻劑。（2）汽油機轉速為3000r/min，汽油機飛輪轉動2轉，對外做功1次，則2min汽油機做30002（3）汽車蓄電池在充電過程中消耗電能，屬于用電器。（4）汽車的各轉向燈能獨立工作，互不影響，它們是并聯的。故答案為：（1）比熱容；（2）3000；（3）用電器；（4）并。【點評】此題考查了電路的組成、連接方式及水的比熱容的應用、熱機的沖程等，屬于基礎知識。16．（3分）體重500N的小明在60s內跳繩120個，每次跳離地面的高度約0.05m，則小明跳繩一次做的功為25J，他在跳繩時的功率為50W。小華在60s內跳繩150個，則小華跳繩的功率可能小于（選填“一定小于”“一定大于”或“可能小于”）小明跳繩的功率。【分析】（1）根據公式W＝Gh計算跳一次做的功；（2）根據公式P=W（3）由于不知道小華每次跳離地的高度和小華的重力，由W＝Gh可知小華做的總功可能小于小明做的總功，由P=W【解答】解：小明跳繩一次做的功為W＝Gh＝500N×0.05m＝25J跳繩時的功率為P=W由于不知道小華每次跳離地的高度和小華的重力，由W＝Gh可知小華做的總功可能小于小明做的總功，由P=W故答案為：25；50；可能小于。【點評】本題考查功率的計算及公式的應用、功的計算和公式的應用相關知識點屬于基礎題目。17．（3分）甲、乙兩燒杯各裝100g水，用酒精加熱甲燒杯，煤油加熱乙燒杯，直至杯內水沸騰1分鐘即停止加熱，此過程燃燒酒精4g、煤油2.5g，水溫與加熱時間的關系如圖所示。若水沸騰前質量不變，同一杯水沸騰前后單位時間內吸收的熱量相等。則前五分鐘，甲杯中水吸收的熱量是3.36×104J。整個加熱過程中，酒精的加熱效率是33.6%，乙杯中的水吸收的熱量更多。[q酒精＝3.0×107J/kg，q煤油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg?℃）]【分析】（1）由題意，由于甲、乙兩燒杯各裝水的質量相等，水的初始溫度相同，根據Q吸＝cmΔt可求出水沸騰前兩杯水吸收的熱量相等；且同一杯水沸騰前后單位時間內吸收的熱量相等，則可分別計算出甲、乙兩杯水整個過程所吸收的熱量；（2）根據Q酒精＝q酒精m酒精可計算出在整個過程中，燃燒4g酒精所釋放的熱量，根據η=Q【解答】解：由題意，由于甲、乙兩燒杯各裝水的質量相等，水的初始溫度相同，根據Q吸＝cmΔt可知水沸騰前，兩杯水吸收的熱量相等，為Q吸且同一杯水沸騰前后單位時間內吸收的熱量相等，水沸騰1分鐘即停止加熱，則整個過程甲、乙兩杯水所吸收的熱量分別為Q甲Q乙所以整個過程，乙杯中的水吸收的熱量更多。在整個過程中，燃燒4g酒精所釋放的熱量為Q酒精可得酒精燈加熱的效率為η=Q故答案為：3.36×104；33.6；乙。【點評】本題考查了吸熱和放熱公式的應用、效率的計算，考查的知識點較多。18．（4分）如圖所示，將重為300N的物體勻速提升2m。若不計摩擦和繩重，滑輪組的機械效率為80%，而在實際工作時機械效率只有75%。則實際工作時，該滑輪組的有用功為600J，總功為800J，繩端的拉力為200N，克服摩擦和繩重所做的額外功占總功的6.25%。【分析】（1）根據W有＝Gh求出該滑輪組做的有用功；（2）根據滑輪組裝置確定繩子股數，利用η=W有W（3）若不計摩擦和繩重，滑輪組的機械效率為80%，而在實際工作時機械效率只有75%，據此求出克服摩擦和繩重所做的額外功占總功的比。【解答】解：拉力做的有用功：W有＝Gh＝300N×2m＝600J；由圖可知，n＝2，由η=WW總根據W總＝Fs＝Fnh可知，繩端的拉力為：F=W若不計摩擦和繩重，滑輪組的機械效率為80%，此時的總功為：W總'=W則克服摩擦和繩重所做的額外功為：W繩＝W總﹣W總'＝800J﹣750J＝50J，故克服摩擦和繩重所做的額外功占總功的比例為：η''=W故答案為：600；800；200；6.25。【點評】本題考查了做功公式和滑輪組機械效率公式的應用，明確額外功和滑輪組繩子的有效股數是關鍵。19．（3分）如圖甲，分別將兩個相同的物體A、B勻速拉到斜面頂端，對物體做功情況如圖乙所示，其中斜面MN長0.5m，則對物體A做的有用功是2J，對物體B做的額外功是0.5J，物體A運動過程中受到的摩擦力是2N。【分析】有用功與額外功的和叫總功。提升同一物體到相同高度，有用功不變。斜面上的摩擦力等于額外功與斜面長的比值。【解答】解：由圖乙可知，對物體A做的總功為3J，額外功為1J，有用功與額外功的和叫總功。故對物體A做的有用功W有＝WA總﹣WA額＝3J﹣1J＝2J；A、B是兩個完全相同的物體，都拉到斜面頂端提升的高度相同，根據W有＝Gh，故對物體B做的有用功和對物體A做的有用功相同；由圖乙可知，對物體B做的總功為2.5J，故對物體B做的額外功WB額＝WB總﹣W有＝2.5J﹣2J＝0.5J；物體A運動過程中受到的摩擦力f=W故答案為：2；0.5；2。【點評】本題考查斜面的摩擦力與有用功、額外功的計算，屬于中檔題。20．（4分）如圖所示電路中有兩個小燈泡，兩個電表（電流表或電壓表），在圖中圓圈內填入合適的元件，要求開關閉合時兩燈均能發光，且兩電表的示數均不為零。（1）若a為小燈泡，c為電壓表，則兩燈為串聯。（2）若b為小燈泡，則a為電流表，c為電壓表。（3）若c為小燈泡，則可以（選填“可以”或“不可以”）實現上述要求。【分析】根據電流表在電路中相當于導線，電壓表在電路中相當于開路狀態去分析。【解答】解：開關閉合后，若b為電流表，則電源會被短路；c與燈泡并聯，則c不可能為電流表；a串聯在干路中，不可能為電壓表；（1）若a為小燈泡，則b、c為電壓表，所以兩燈串聯。（2）若b為小燈泡，則c只能為電壓表，不能是電流表，要求開關閉合時兩燈均能發光，則a是電流表。（3）若c為小燈泡，則b為電壓表，a為電流表，兩燈并聯。所以也可以實現開關閉合時兩燈均能發光，且兩電表的示數均不為零。故答案為：（1）串；（2）電流；電壓；（3）可以。【點評】知道電壓表和電流表的正確使用方法，會根據要求設計出正確的電路圖。三、解答題（本題共10小題，共50分。解答27、28題時應有公式和解題過程）21．（2分）按要求作圖（請保留作圖痕跡）。圖（a）所示為杭州亞運會賽艇比賽現場。船槳可視為杠桿AOB，圖（b）為其簡化圖，O為支點，F1為動力，請在圖（b）中畫出F1的力臂l1、作用在B點的阻力F2。【分析】作O點到F1的作用線的垂線即力臂l1、作用在B點的阻力F2。【解答】解：作O點到F1的作用線的反向延長線垂線段即力臂l1；作用在B點的阻力與動力F1平行，如圖所示：【點評】此題考查了杠桿的分類、慣性現象，涉及到力臂的畫法：①首先根據杠桿的示意圖，確定杠桿的支點。②確定力的作用點和力的方向，畫出力的作用線。③從支點向力的作用線作垂線，支點到垂足的距離就是力臂。22．（2分）圖中的晾曬架掛衣服時可視為杠桿，當掛較重的衣物時，為使晾曬架A點受到的支撐力最小，請在B、C、D中選擇一點，作出該點受到的拉力F1和A點受到的支持力F2。【分析】根據杠桿的平衡條件，動力臂和阻力一定時，阻力臂越小，動力越小。【解答】解：當掛較重的衣物時，為了使晾曬架A點受到的支持力最小，動力臂和阻力一定時，阻力臂越小，動力越小；應選擇離支點最近的B施加阻力F1；支架對A的支持力F2垂直于墻壁向右，如圖所示：。【點評】本題考查杠桿的平衡條件以及力的圖示，屬于基礎題。23．（2分）根據圖（a）圖所示的電路圖，把圖（b）實物連接圖補充完整。【分析】結合電路圖，利用電流流向法連接實物圖。【解答】解：該電路是L1和L2串聯組成的簡單電路，電壓表測量L1兩端的電壓，如圖所示：【點評】此題考查了電路圖的連接，屬于常考知識點。24．（5分）在“探究杠桿平衡條件”的實驗中，杠桿每格長5cm，每個鉤碼的質量均相同。（1）如圖甲杠桿在所示位置靜止，為使杠桿在水平位置平衡應將平衡螺母向左調；（2）在杠桿上掛鉤碼后如圖乙所示，要使杠桿重新在水平位置平衡，下列操作正確的是B；A．將右側鉤碼向右移動B．將左側鉤碼向左移動C．增加右側鉤碼個數D．減少左側鉤碼個數（3）如圖丙所示，保持杠桿左側所掛鉤碼個數不變，改變鉤碼懸掛的位置，用彈簧測力計在M點豎直向下拉，使杠桿保持水平平衡，記錄每次彈簧測力計的示數F和鉤碼對應懸掛位置到O點的距離L，在F﹣L坐標系中作出圖像，其中正確的是A；（4）小明根據實驗得出杠桿平衡條件是：動力×支點到動力作用點的距離＝阻力×支點到阻力作用點的距離，小華認為不對，她用輕質木板設計了如圖丁所示的杠桿，木板的中心O為支點。已知AB＝BO＝OC＝CD，ABOCD的連線水平，且與EDF的連線垂直。現在B處掛兩個鉤碼，D處掛一個鉤碼，木板在水平位置平衡。若只移動右側鉤碼的位置，小華的操作是保持B處鉤碼不動，把D處鉤碼掛到F處，觀察到杠桿仍然水平平衡，從而證明小明的觀點是錯誤的；（5）如圖戊將圖丙杠桿的中點O緊貼在桌子邊緣，將一個質量均勻的木條放在杠桿上，其右端與桌子邊緣齊平。若杠桿的質量為m1，木條的質量為m2、長為l，當水平向右緩慢推動杠桿的距離超過m2l2(m1+【分析】（1）要使杠桿在水平位置平衡，調節平衡時將螺母向上翹的一端移動；（2）根據杠桿的平衡條件分析；（3）根據題意可知，杠桿左邊力與力臂的乘積不變，根據杠桿的平衡條件F1l1＝F2l2判斷右邊彈簧測力計的示數F和對應懸掛位置到O軸的距離L的關系，從而得出答案；（4）力臂是從支點到力的作用線的距離，把鉤碼掛在E處、F處杠桿水平平衡時，力臂均和鉤碼掛在D處的力臂相等；（5）以桌子邊緣為支點，利用杠桿的平衡條件求出刻度尺重力的力臂，即為當水平向左緩緩推動刻度尺的距離。【解答】解（1）由圖甲知，杠桿的左端較高，所以接下來應將兩端的螺母向左調節，使杠桿保持水平并靜止；（2）由圖可知，杠桿不在水平位置，右端向下傾斜，左端上翹，則左側力與力臂的乘積要小于右側力與力臂的乘積；A、在實驗的過程中，不能通過調節平衡螺母使杠桿在水平位置平衡，故A錯誤；B、將左側鉤碼向左移動，左側的力不變，力臂變大，則左側力與力臂的乘積變大，會使杠桿平衡，故B正確；C、增加右側鉤碼個數，右側的力臂不變，力變大，力與力臂的乘積變大，杠桿不會平衡，故C錯誤；D、減少左側鉤碼個數，左側的力臂不變，力變小，力與力臂的乘積變小，杠桿不會平衡，故D錯誤。故選：B；（3）L是鉤碼的力臂，F是動力，根據杠桿的平衡條件得F×OM＝L×G，則F=G（4）B處掛兩個鉤碼不變，把D處的一個鉤碼掛在F處，則杠桿左側力與力臂的積為2G×L，右側力與力臂的積為G×2L，因2G×L＝G×2L，所以杠桿會平衡，證明小明的觀點是錯誤的；（5）當杠桿剛剛沒有翻倒時，則以桌子邊緣為支點，由于木條和杠桿的重心在物體的中點，則水平向右緩緩推動杠桿的距離為杠桿重力的力臂L2，木條的力臂為L1=12l﹣L根據杠桿的平衡條件可得G1L1＝G2L2，m2g×（12l﹣L2）＝m1g×L2解得，L2=m故答案為：（1）左；（2）B；（3）A；（4）保持B處鉤碼不動，把D處鉤碼掛到F處；（5）m2【點評】本題考查探究杠桿平衡條件實驗操作與分析，關鍵是將實驗操作原則及結論記憶清楚，仔細分析即可。25．（6分）小明用同一滑輪組做了3組實驗，實驗數據記錄如表：實驗序號鉤碼重/N動滑輪重/N鉤碼上升距離/cm彈簧測力計示數/N彈簧測力計上升距離/cm機械效率①20.8511566.7%②40.851.715/③60.851583.3%（1）在實驗操作中應該使鉤碼勻速上升；（2）第②次測量時滑輪組的機械效率約為78.4（保留到0.1%）；第③次測量時，彈簧測力計示數為2.4N，滑輪組的額外功是0.04J；（3）分析①、②、③次實驗數據可知，使用同一滑輪組時，提升的重物重力越大，滑輪組機械效率越高；（4）以下情形導致機械效率結果偏大的是C。A．加速拉動彈簧測力計；B．彈簧測力計讀數錯誤，致使讀數偏大；C．鉤碼有磨損，導致實際質量比標注質量小；D．彈簧測力計的指針在零刻線以下，未調零測量拉力。【分析】（1）在實驗中要向上緩慢、勻速拉動測力計。（2）根據表中實驗數據，第②次測量時，滑輪組做的有用功是W有用＝Gh；應用效率公式求出滑輪組效率。由圖示測力計確定其分度值，讀出其示數，然后應用功的計算公式求出有用功，根據W總＝Fs可求總功，額外功W額＝W總﹣W有用。（3）在分析數據時，要注意機械效率的變化是由哪個物理量的變化引起的，從而得出結論。（4）分析各選項對機械效率準確值的影響選出導致測量值偏大的原因。【解答】解：（1）在實驗過程中，應緩慢豎直向上勻速拉動彈簧測力計，使滑輪組處于平衡狀態。（2）第②次測量時滑輪組的機械效率：η=W由圖示測力計可知，其分度值為0.2N，示數為2.4N；第③次測量時，有用功：W有′＝G′h＝6N×0.05m＝0.3J。總功：W總＝Fs＝2.4N×0.15m＝0.36J，額外功：W額＝W總﹣W有用＝0.36J﹣0.3J＝0.06J；（3）分析表格實驗數據，鉤碼重不斷增大，機械效率不斷提高，得出的實驗結論是：同一個滑輪組，提升的物體越重，它的機械效率越高；（4）測拉力時，彈簧測力計未調零，指針指在零刻度線下方，會導致繩端拉力偏大，提升相同的高度，總功偏大，有用功不變，則機械效率偏小；彈簧測力計每次拉動物體時均加速上升，會導致繩端拉力偏大，提升相同的高度，總功偏大，機械效率偏小；鉤碼有磨損，導致實際質量比標注質量小，拉力會變小，總功偏小，機械效率偏大；彈簧測力計讀數如偏大，總功偏大，機械效率偏小，則B錯誤，故選C。故答案為：（1）勻速；（2）78.4%；2.4；0.06；（3）提升的重物重力越大；（4）C。【點評】此題是測量滑輪組的機械效率，主要考查了有關機械效率的計算及影響滑輪組機械效率的因素，要理解并熟記。26．（6分）小明在探究動能與哪些因素有關的實驗中，將三個小球先后從同一裝置的，hA、hB、hc高處滾下，其中hA＝hc＞hB，mA＝mB＜mC，推動紙盒運動一段距離后靜止如甲圖。（1）對比（a）、（c）兩圖可知動能大小與質量有關，將A、C小球從同一高度由靜止釋放的目的是控制小球到達水平面的初速度相同；（2）從甲圖中紙盒被撞擊后移動的距離現象可知，A、B、C小球剛到達水平面時，C球的動能最大；（3）如圖乙，小明用同一木塊將同一彈簧壓縮不同程度后由靜止釋放，比較木塊在水平面上運動的距離，可以探究動能大小與速度的關系；（4）小明又用質量分別是m1、m2（m1＜m2）的木塊將同一彈簧壓縮相同程度后由靜止釋放，木塊在水平面上運動的距離分別是s1、s2，其大小關系是：s1＞s2。【分析】實驗中通過觀察紙盒被撞擊后移動的距離來判定動能的大小；動能的大小與質量和速度有關，根據控制變量法的思路去分析解決。【解答】解：（1）對比（a）、（c）兩圖可知，A、C兩個小球的質量不同，是為了探究動能與質量的關系，需要控制小球到達水平面的初速度相同，所以需要將小球由斜面的同一高度處自由滾下；（2）實驗中，利用轉換法，通過紙盒被撞擊后移動的距離來確定小球動能的大小，從甲圖中紙盒移動的距離可以看出，A、B、C小球剛到達水平面時，C球的動能最大；（3）用同一木塊將同一彈簧壓縮到不同程度，控制了質量相同，且木塊離開彈簧時的速度不同，比較木塊在水平面上運動的距離，可以探究動能大小與速度的關系；（4）用質量不同的木塊將同一彈簧壓縮相同程度后靜止釋放，彈性勢能全部轉化為動能，因此離開彈簧時的兩木塊的動能相等，兩個木塊動能相等，但是質量不相等，即m1＜m2，木塊在水平面上運動的距離關系為s1＞s2。故答案為：（1）質量；控制小球到達水平面的初速度相同；（2）紙盒被撞擊后移動的距離；C；（3）速度；（4）＞。【點評】動能的大小與物體的質量和速度有關，注意控制變量法的應用，動能的大小通過小小球撞擊木塊的距離來反映動能的大小，體現了轉換法。27．（6分）利用圖示甲、乙、丙裝置完成兩個實驗：實驗一是探究不同物質吸熱升溫的現象；實驗二是比較質量相等的不同燃料燃燒時放出的熱量。（1）除了圖中所示的測量工具外，兩個實驗都需要的測量工具還有天平；（2）為了兩個實驗都完成，對圖中器材進行以下幾種調整，其中可行的有BC；A．將甲圖中的液體a換成液體c；B．將乙圖中的燃料2換成燃料1；C．將乙圖中的燃料2換成燃料3；D．將丙圖中的液體a換成液體b；（3）器材調整后為了完成實驗二，應選用甲、丙兩套裝置，實驗時通過比較液體升高的溫度來反映燃料燃燒放熱的多少。若圖甲中液體是水，燃料l完全燃燒放出熱量的2%被水吸收，溫度計示數升高了20℃，c水＝4.2×103J/（kg?℃），則燃料1的熱值是2.1×107J/kg。【分析】（1）（2）為了比較兩種液體的比熱容，需要燃燒相同的燃料，加熱不同的液體，讓液體的質量相同，溫度計的示數變化相同時，通過比較加熱時間比較吸熱多少，進而判斷兩種比熱容的大小關系；（3）燃料的熱值大小不能直接測量，需要通過液體吸收熱量的多少來體現燃料燃燒放出熱量的多少，而液體吸收熱量的多少跟液體的質量和升高的溫度有關，因此為了比較熱值大小要用不同的燃料，加熱同一種液體，讓液體的質量相同，通過溫度計的示數高低得出吸熱多少，進而判斷熱值大小；運用公式Q放＝qm和Q吸＝cmΔt可求出燃料1的熱值。【解答】解：（1）兩個實驗都需要稱取相同質量的液體或者燃料，所以還需要天平。（2）由控制變量法可知，要比較質量相等的不同燃料燃燒時放出的熱量，應控制液體的質量和種類相同，改變燃料的種類；要探究不同物質吸熱升溫現象，應控制燃料的質量和種類相同，改變液體的種類。A．將甲圖中的液體換成c后，三種液體的種類不同，無法探究質量相等的不同燃料燃燒時放出的熱量，故A不符合題意；B．將乙圖中的燃料換成1后，通過比較圖甲、乙可以探究不同物質吸熱升溫現象，通過比較比較圖甲、丙可以探究質量相等的不同燃料燃燒時放出的熱量，故B符合題意；C．將乙圖中的燃料換成3后，通過比較圖甲、丙可以探究質量相等的不同燃料燃燒時放出的熱量，通過比較圖乙、丙可以探究不同物質吸熱升溫現象，故C符合題意；D．將丙圖中的液體換成b后，三種燃料的種類不同，無法探究不同物質吸熱升溫現象，故D不符合題意。故選：BC。（3）由控制變量法可知，要比較質量相等的不同燃料燃燒時放出的熱量，應控制液體的質量和種類相同，改變燃料的種類，故器材調整后選用甲、丙兩套裝置；燃料燃燒放出的熱量被燒杯中的液體吸收，溫度上升，故可以通過比較液體升高的溫度來反映燃料燃燒放熱的多少。若圖甲中液體是水，水吸收的熱量為Q吸則燃料l完全燃燒放出熱量為Q放則燃料1的熱值為q=Q故答案為：（1）天平；（2）BC；（3）甲、丙；液體升高的溫度；2.1×107。【點評】用相同質量的燃料燃燒加熱水，通過水溫的變化比較水吸熱多少，通過水吸熱多少比較放熱多少，從而得出相同質量的燃料燃燒放熱多少，即熱值的大小，較難理解！28．（7分）小明做探究“串、并聯電路電流及電壓的特點”的實驗。（1）小明用圖乙所示的電路探究并聯電路中的電流特點。①實驗前，發現電流表指針的位置如圖甲所示，應該對電流表調零。②解決問題后閉合開關，電流表示數如圖丙，為0.6A。③小明想在圖乙中只改動一根導線來測量L2的電流，請在該導線上畫“×”，并在圖中改正。④若閉合開關后兩燈都發光，由于導線彎曲雜亂，一時無法確定電路是串聯還是并聯，請你寫出一種簡單可行的判斷方法：把其中一只燈泡從燈座中取下來，如果觀察到另一只燈泡仍發光，則兩燈一定是并聯；如果觀察到另一只燈泡