試題PAGE1試題2023-2024學年江蘇省南京市鼓樓區九年級（上）期中物理試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分．每小題給出的四個選項中只有一個選項符合題意）1．（2分）如圖以O為支點的人體杠桿中，屬于省力杠桿的是（）A．舉啞鈴 B．仰臥起坐 C．高抬腿 D．俯臥撐2．（2分）關于機械做功的說法，正確的是（）A．做功越快，功率越大 B．功率越大，做功越多 C．做功越多，機械效率越高 D．機械效率越高，做功越快3．（2分）關于溫度、內能和熱量，下列說法正確的是（）A．0℃冰的內能為0 B．溫度高的物體所含熱量多 C．不發生熱傳遞也可以改變物體的內能 D．熱傳遞時，熱量總是從內能大的傳遞到內能小的物體4．（2分）下列數據最符合實際的是（）A．人體安全電壓一般不高于220V B．中學生騎自行車的功率約70W C．家用冰箱的工作電流約10A D．中學生完成一次引體向上做功約20J5．（2分）中國女子籃球隊在杭州亞運會奪冠，下列描述正確的是（）A．籃球離手飛向籃筐的過程，人對籃球做了功 B．籃球在地面滾動時，地面的支持力對籃球做了功 C．籃球下落的過程，籃球的重力做了功 D．人將球抓在手中停在半空的過程，人對籃球做了功6．（2分）如圖所示，小球自A點由靜止釋放，B為最低點，運動到C點后返回，下列說法錯誤的是（）A．小球在A點時的重力勢能最大 B．小球從C點返回，能回到A點 C．小球由B到C的過程，動能減小，重力勢能增大 D．若小球運動到C點時繩子斷裂，小球將豎直下落7．（2分）質量均為0.5kg的水和另一種液體在相同時間內放出相同的熱量，它們溫度隨時間變化的關系如圖所示。已知c水＝4.2×103J/（kg?℃），c水＞c液。下列說法正確的是（）①甲物質是水；②0～12min乙溫度降低了20℃；③0～12min甲放出了8.4×104J的熱量；④乙物質的比熱容為2.1×103J/（kg?℃）。A．①② B．②④ C．①③ D．①④8．（2分）用塑料瓶做了如圖所示的實驗：①瓶中有少量水，蓋緊瓶蓋；②用力扭轉瓶身；③松動瓶蓋，瓶蓋沖出，瓶內出現白霧。下列說法正確的是（）A．如果瓶內沒有水，步驟③瓶內氣體內能依然減小 B．步驟②，瓶內氣體內能不變 C．步驟③，瓶內氣體內能全部轉化為瓶蓋的機械能 D．步驟③，白霧是汽化形成的9．（2分）為解決停車難的問題，設計了如圖甲“路邊空中綠化存車亭”，其工作原理如圖乙。電動機通過鋼絲繩BC牽引OB桿繞O點轉動，B端懸掛存車架A。小汽車從乙圖所示位置（CB⊥OB）緩慢下降到水平地面的過程中，鋼絲繩對B點的拉力將（）A．逐漸變小 B．逐漸變大 C．保持不變 D．先變大后變小10．（2分）如圖所示，用相同的滑輪安裝成甲、乙兩種裝置，分別用拉力FA、FB在相同時間內將重為GA、GB的兩個物體勻速提升相同高度，拉力的功率為PA、PB，繩子自由端移動的距離為sA，sB，不計繩重和摩擦，下列推理中正確的是（）A．若GA＝GB，則FA＝FB B．若GA＞GB，則sA＞sB C．若FA＜FB，則PA＜PB D．若FA＝FB，則η甲＞η乙11．（2分）某電動獨輪車，當S1閉合時，指示燈亮起，獨輪車處于待機狀態，再當人站在獨輪車上時，開關S2自動閉合，電動機才能啟動，開始運動。下列簡化模擬電路符合要求的是（）A． B． C． D．12．（2分）如圖所示，閉合開關S1、S2后小燈泡L1和L2均正常發光，兩電表示數不為0。突然電路出現一處故障導致一燈泡熄滅，下列說法正確的是（）A．若L2熄滅，則電壓表示數不為0，電流表示數為0 B．若L1熄滅，則電流表示數不為0，電壓表示數為0 C．若L2熄滅，再擰下L1，電壓表示數可能為0 D．若L1熄滅，再斷開S2，電壓表示數可能為0二、填空題（本題共7小題，每空1分，共26分）13．（3分）如圖甲所示是生活中常用的夾子，拇指對夾子施加壓力F1使夾子緩慢張開，夾子上的鋼絲對夾子的彈力為F2，則F1F2（填“＞”“＝”或“＜”），此時夾子是（填“省力”“費力”或“等臂”）杠桿；如圖乙所示，用夾子夾住木塊，夾子上A點受到木塊的作用力F3的方向（填“向下”或“向上”）。14．（4分）甲圖壓燃實驗中，棉花主要是通過方式增加內能，達到燃點；乙圖中點火后盒蓋飛出。在“活塞壓縮空氣”和“使盒蓋飛出”的兩個過程中，筒內氣體內能增加的是圖（選填“甲”、“乙”或“甲和乙”），它們改變筒內氣體內能的方式（選填“相同”或“不同”），棉花和酒精在實驗中的主要作用是：。15．（3分）如圖所示，斜面底端A與B點的距離為80cm，B點高度為20cm，沿斜面向上用0.8N的拉力F將重為2N的木塊從A點緩慢拉到B點，該過程中拉力F做的功是J，斜面的機械效率為%，斜面對木塊的滑動摩擦力為N。16．（4分）如圖所示，番茄上分別插入甲、乙兩種金屬片，將金屬片與已調零的電壓表相連，番茄和金屬片實現的是能轉化為電能，它們相當于電路中的（填元件名稱），其中甲片是該元件的極，圖中電壓表示數為V。17．（4分）如圖所示，當開關S2斷開，S1、S3閉合時，發光的小燈泡有；當S1、S2閉合，S3斷開時，兩個電表的指針均如圖乙所示，此時兩燈泡的連接方式是聯，通過燈L1的電流是A；要想改變兩燈泡的連接方式，可以僅閉合開關。18．（5分）如圖所示是單缸四沖程汽油機某一沖程工作示意圖。（1）該沖程是汽油機的沖程；（2）若汽油機的飛輪轉速為1800r/min，則汽油機1s對外做功次；（3）某段時間汽油機完全燃燒0.07kg的汽油放出熱量J；若熱量完全被23kg初溫15℃的水吸收，則水溫升高℃；[q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg?℃）]（4）若該汽油機的效率為20%，年平均消耗汽油420kg，如果將效率提高了1%，則一年可以節約kg的汽油。19．（3分）如圖所示，工人用力拉動繩子使重為100N的物體A以速度v勻速上升，此時滑輪的機械效率η1為50%，拉力做功的功率為P1；若他將一個與A完全相同的物體系在A下端，并用力拉動繩子使它們一起以2v的速度勻速上升，此時機械效率為η2，拉力做功的功率為P2，不計繩重及摩擦，則η1η2（填“＞”“＝”或“＜”），動滑輪重為N，P1：P2＝。三、解答題（本題共11小題，共50分，解答第27、28題時應有公式和解題過程）．20．（2分）如圖，用開瓶器打開瓶蓋，畫出作用在A點上的最小力F1及其力臂l1。21．（2分）如圖，用兩個定滑輪和一個動滑輪組成滑輪組，畫出正確繞線方式。22．（2分）根據如圖信息，在虛線框中畫出電源和電壓表的元件符號，使電路在閉合開關后，各元件均能正常工作。23．（7分）用如圖甲所示的裝置驗證杠桿平衡條件。（1）實驗時，要先將杠桿調至水平位置平衡，這是為了便于，若杠桿側翹起，則需將平衡螺母向右側調。序號動力F1/N動力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm①120210②2151.520③5115（2）一組實驗數據如表所示，漏填的數據應為N；（3）二組某次實驗情景如甲圖所示，發現要使杠桿水平位置平衡，測力計向下的拉力要超過測力計的量程，為完成實驗，下列操作可行的是；A.向左移動鉤碼的懸掛點B.向右移動測力計的懸掛點C.向左移動平衡螺母D.向右移動平衡螺母（4）三組實驗后還發現，動力和動力臂成反比，造成此結果的原因是實驗時未改變；（5）四組利用圖乙裝置估測一根非勻質金屬棒的重心位置。此時金屬棒在水平位置保持平衡，金屬棒上A點下方的細線上懸掛一質量為m的小球，AO兩點距離為l，需用天平測出，便能計算出金屬棒重心到支點O的距離為。（用m、l及所測物理量符號表示）24．（4分）如圖所示，用斜面、木塊、兩個小球甲、乙（m乙＞m甲），探究影響物體動能大小的因素。（1）木塊被推動的越遠，球對木塊越多，說明小球動能越大；（2）如圖，前兩次實驗，甲球分別從A、B兩點由靜止釋放，這是為了探究動能大小與的關系；（3）為了探究動能大小與另一個因素的關系，第三次實驗不能使乙球從點由靜止釋放（用A、B、C作答）；（4）以下實驗中用“”標注的器材和本實驗木塊起到不同作用的有。A.甲圖，研究彈性勢能實驗中的“小車”B.乙圖，研究彈性勢能實驗中的“卡片”C.丙圖，研究重力勢能實驗中的“木塊”25．（4分）用圖中滑輪組做“探究動滑輪的重力對滑輪組機械效率大小的影響”實驗。改變吸附在動滑輪邊框上的磁鐵以改變滑輪的重力，每次實驗都使物體上升10cm，部分實驗數據如表。次數物重G物/N動滑輪重G動/N拉力F/N機械效率η16.00.32.290.9%26.01.02.536.01.92.969.0%（1）每次實驗繩端移動距離為cm；（2）第2次實驗，滑輪組的機械效率為%；（3）分析表中數據可知：①在物重不變時，動滑輪越重，滑輪組的機械效率越；②在物體的重力和上升高度不變時，動滑輪越重，克服繩重和摩擦做功越。26．（5分）用圖示裝置，完成兩個實驗：①比較水和煤油比熱容的大小；②比較酒精和碎紙片熱值的大小；（1）實驗①，使等質量的水和煤油吸收相同熱量，用（選填“加熱時間”或“升高的溫度”，下同）反映物質吸熱的多少，再通過比較它們，來比較比熱容大小；（2）實驗②，（選填“需要”或“不需要”）使用秒表來測量完全燃燒酒精和碎紙片所用的時間，來比較熱值大小；（3）為了方便這兩個實驗同時進行，燒杯內液體質量相同的有（用甲、乙或丙作答，下同），兩燃燒皿中燃料種類一定不同。27．（7分）用圖甲電路“探究并聯電路電流特點”。實驗序號IA/AIB/AIC/A10.180.280.4620.200.160.3630.200.320.52（1）連接電路時，開關應處于狀態；（2）圖乙中的電流表是測量甲圖中點的電流，若只改動一根導線，測量A點電流，在要改動的導線上畫“×”，用筆畫線連接改動后的導線；（3）更換不同規格燈泡重復實驗，目的是為了；（4）分析數據可得：在并聯電路中，（寫出IA、IB和IC關系式）；（5）若在A、B、C三處中的某兩處同時接入電流表，兩表接線及指針偏轉情況如圖丙所示，則C處電流為A。28．（3分）閉合圖甲、乙中的兩個開關，兩燈均發光，為確定兩燈的連接方式，做了如下三種嘗試：（1）甲圖擰下一盞燈泡，另一燈泡，則說明兩燈是并聯；（2）甲圖斷開一個開關，兩燈都不亮，則（選填“能”或“不能”）確定電路連接方式；（3）乙圖中僅做一次比較，就能確定電路連接方式，應比較（用A、B、C作答）兩電壓表示數大小關系。29．（7分）工人用圖中的滑輪組提升重物，每個滑輪重為42.5N，物重為200N，物體上升2m，用時10s，克服動滑輪重所做的功占額外功的85%；（1）求工人所做的有用功和有用功的功率分別是多少？（2）滑輪組的機械效率是%。30．（7分）氫燃料汽車甲在平直公路上從A地出發，勻速行駛72km到達B地，消耗0.8kg氫燃料，燃料燃燒產生的熱量先轉化為電能，電能E電的80%用于克服車輛受到的阻力做功，阻力恒為1000N，氫燃料的熱值為1.25×108J/kg。（1）求該過程中甲車克服阻力做功；（2）求此過程中產生的電能E電；（3）氫燃料燃燒產生的熱量轉化成電能的效率為%；（4）燃油汽車乙也在該公路上從A地勻速行駛到B地，所受阻力也為1000N，汽油在氣缸內完全燃燒，且燃燒所釋放熱量的30%用于克服車輛受到的阻力做功，汽油熱值q＝5×107J/kg。已知每加注1kg汽油所需的費用為10元，每加注1kg氫燃料所需的費用為25元，則從A地到B地，使用甲車比使用乙車節約燃料費元。

2023-2024學年江蘇省南京市鼓樓區九年級（上）期中物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分．每小題給出的四個選項中只有一個選項符合題意）1．（2分）如圖以O為支點的人體杠桿中，屬于省力杠桿的是（）A．舉啞鈴 B．仰臥起坐 C．高抬腿 D．俯臥撐【分析】結合圖片和生活經驗，先判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿。【解答】解：A、在舉啞鈴的過程中，動力臂小于阻力臂，屬于費力杠桿，故A錯誤；B、在仰臥起坐的過程中，動力臂小于阻力臂，屬于費力杠桿，故B錯誤；C、在高抬腿的過程中，動力臂小于阻力臂，屬于費力杠桿，故C錯誤；D、做俯臥撐的過程中，動力臂大于阻力臂，屬于省力杠桿，故D正確。故選：D。【點評】本題考查的是杠桿的分類，主要包括以下幾種：①省力杠桿，動力臂大于阻力臂；②費力杠桿，動力臂小于阻力臂；③等臂杠桿，動力臂等于阻力臂。2．（2分）關于機械做功的說法，正確的是（）A．做功越快，功率越大 B．功率越大，做功越多 C．做功越多，機械效率越高 D．機械效率越高，做功越快【分析】（1）功率是單位時間內做的功，表示的是做功的快慢；（2）機械效率是指有用功與總功的比值，機械效率高說明有用功與總功的比值大。【解答】A.功率描述的是物體做功的快慢，所以功率越大的物體，做功越快，故A正確；B.由p=WC.機械效率是有用功與總功的比值，有用功較多總功不確定，機械效率不能確定，故C錯誤D.機械做功快慢與機械效率沒有關系，故D錯誤；故選：A。【點評】本題考查了我們對機械效率、功率的理解和應用使用、功率大小、效率高低之間沒有必然聯系。3．（2分）關于溫度、內能和熱量，下列說法正確的是（）A．0℃冰的內能為0 B．溫度高的物體所含熱量多 C．不發生熱傳遞也可以改變物體的內能 D．熱傳遞時，熱量總是從內能大的傳遞到內能小的物體【分析】（1）一切物體在任何情況下都有內能；（2）熱量是一個過程量，不能說含有多少熱量；（3）改變內能的方式有做功和熱傳遞；（4）發生熱傳遞的條件是存在溫度差。【解答】解：A、一切物體在任何情況下都有內能，故0℃的冰也有內能，故A錯誤；B、熱量是一個過程量，不能說含有多少熱量，故B錯誤；C、改變內能的方式有做功和熱傳遞，故不發生熱傳遞也可以改變物體的內能，故C正確；D、熱量是從溫度高的物體向溫度低的物體傳遞，或者從溫度高的部分傳到溫度低的部分，內能少的物體溫度不一定低，故內能少的物體也可能向內能多的物體傳熱，故D錯誤；故選：C。【點評】本題考查了溫度、熱量、內能之間的關系以及熱傳遞現象，難度不大。4．（2分）下列數據最符合實際的是（）A．人體安全電壓一般不高于220V B．中學生騎自行車的功率約70W C．家用冰箱的工作電流約10A D．中學生完成一次引體向上做功約20J【分析】不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最合理的是哪一個。【解答】解：A、對人體的安全電壓是不高于36V，故A不符合實際；B、中學生騎自行車的功率約70W，故B符合實際；C、家用冰箱的電功率約為220W，工作電流約為I=PD、每次引體向上，上升的高度約為40cm，完成一次引體向上所做的功W＝Gh＝500N×40×10﹣2m＝200J，故D不符合實際。故選：B。【點評】此題考查對生活中常見物理量的估測，結合對生活的了解和對物理單位的認識，找出合理的選項即可。5．（2分）中國女子籃球隊在杭州亞運會奪冠，下列描述正確的是（）A．籃球離手飛向籃筐的過程，人對籃球做了功 B．籃球在地面滾動時，地面的支持力對籃球做了功 C．籃球下落的過程，籃球的重力做了功 D．人將球抓在手中停在半空的過程，人對籃球做了功【分析】做功包含的兩個必要條件：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過的距離。【解答】解：A、籃球離手后，在空中飛行過程中，人對籃球沒有施加力，所以不做功，故A錯誤；B、籃球在地面滾動時，地面的支持力與籃球運動方向垂直，支持力對籃球沒有做功，故B錯誤；C、籃球下落的過程，在重力的方向上移動了距離，重力對籃球做了功，故C正確；D、人將球抓在手中停在半空的過程，人對籃球施加了力，但沒有在力的方向上移動距離，沒有做功，故D錯誤。故選：C。【點評】有力有距離，力對物體不一定做功，物體必須在力的作用下通過了距離，即力的方向和物體前進的距離的方向一致，力對物體才做功。6．（2分）如圖所示，小球自A點由靜止釋放，B為最低點，運動到C點后返回，下列說法錯誤的是（）A．小球在A點時的重力勢能最大 B．小球從C點返回，能回到A點 C．小球由B到C的過程，動能減小，重力勢能增大 D．若小球運動到C點時繩子斷裂，小球將豎直下落【分析】（1）動能和物體的質量、速度有關；（2）重力勢能和物體的質量、高度有關；（3）動能和重力勢能是可以相互轉化的，只有在不計摩擦和阻力時，機械能才守恒。【解答】解：A、小球在A點時高度最高，重力勢能最大，故A正確；B、小球從C點返回，擺到左側的最大高度時的機械能小于在C點時的機械能，在左側的最大高度時速度為0，動能為0，則此時的重力勢能小于在C點時的重力勢能，故小球從C點返回，擺到左側的最大高度小于C點的高度，不能回到A點，故B錯誤；C、小球從B點運動到C點的過程中，質量不變，高度變大，重力勢能增大，速度變小，動能減小，故C正確；D、小球運動到C點時處于靜止狀態，所以若此時繩子斷裂，小球將沿豎直方向直線下落，故D正確。故選：B。【點評】明確影響動能和重力勢能的因素、機械能的守恒，是解題的關鍵。7．（2分）質量均為0.5kg的水和另一種液體在相同時間內放出相同的熱量，它們溫度隨時間變化的關系如圖所示。已知c水＝4.2×103J/（kg?℃），c水＞c液。下列說法正確的是（）①甲物質是水；②0～12min乙溫度降低了20℃；③0～12min甲放出了8.4×104J的熱量；④乙物質的比熱容為2.1×103J/（kg?℃）。A．①② B．②④ C．①③ D．①④【分析】（1）選同樣的加熱時間，甲和乙吸熱相同，根據溫度變化的多少判斷，溫度變化多的比熱容小，溫度變化少的比熱容大，據此分析判斷；（2）由圖像知乙液體初溫和末溫；（3）根據Q放＝cmΔt可求出甲液體放出的熱量；（4）相同時間水和液體放出的熱量相同，而水和液體的質量相同，變化的溫度由圖可知，根據放熱公式求液體的比熱容。【解答】解：①時間相等時，兩種液體放出的熱量相等，由圖示可以看出，乙液體的溫度降低的快，甲液體溫度降低慢，根據熱量的計算公式Q放＝cmΔt可知，在質量相等、初溫相同、放熱也相同的情況下，誰的溫度降低得快，它的比熱容小，所以，甲液體的比熱容大，所以若甲、乙兩種液體中，一種液體是水，則這種液體一定是甲液體，故①正確；②由圖可知：乙液體的初溫是60℃，放熱12分鐘后乙液體的末溫是20℃，乙溫度降低了40℃，故②錯誤；③讀圖可得，甲在15min內由60℃降低到40℃，降低的溫度是60℃﹣40℃＝20℃，甲液體已判斷出是水，所以甲放出的熱量Q放＝cmΔt＝4.2×103J/（kg?℃）×0.5kg×20℃＝4.2×104J，故③錯誤；④由圖知，0～15min水放出的熱量：Q放＝c水m水（t水﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×m水×（60℃﹣40℃），0～15min乙液體放出的熱量：Q放＝c乙m乙（60℃﹣20℃），由題知，水和乙液體的質量相同，即m水＝m乙4.2×103J/（kg?℃）×m水×（60℃﹣40℃）＝c乙m乙（60℃﹣20℃），解得c乙＝2.1×103J/（kg?℃），故④正確。故選：D。【點評】本題考查了學生對放熱公式的掌握和運用，能從溫度﹣時間圖象得出相關信息是解題的關鍵。8．（2分）用塑料瓶做了如圖所示的實驗：①瓶中有少量水，蓋緊瓶蓋；②用力扭轉瓶身；③松動瓶蓋，瓶蓋沖出，瓶內出現白霧。下列說法正確的是（）A．如果瓶內沒有水，步驟③瓶內氣體內能依然減小 B．步驟②，瓶內氣體內能不變 C．步驟③，瓶內氣體內能全部轉化為瓶蓋的機械能 D．步驟③，白霧是汽化形成的【分析】做功可以改變物體的內能：當對物體做功時，機械能轉化為內能，當物體對外做功時，內能轉化為機械能；液化是物質由氣態變為液態的過程。【解答】解：A、如果瓶內沒有水，步驟③瓶內氣體對外做功，內能減小，故A正確；B、扭轉瓶身時，對瓶內氣體做功，瓶內氣體溫度升高，內能增大，故B錯誤；C、步驟③，瓶內氣體內能一部分轉化為瓶蓋的機械能，故C錯誤；D、蓋子飛出時，白霧的產生是因為瓶內氣體內能減小，溫度降低，水蒸氣遇冷發生了液化，故D錯誤。故選：A。【點評】本題考查了做功改變物體內能的理解，要明確：對物體做功，物體內能會增加，物體對外做功，物體內能會減小。9．（2分）為解決停車難的問題，設計了如圖甲“路邊空中綠化存車亭”，其工作原理如圖乙。電動機通過鋼絲繩BC牽引OB桿繞O點轉動，B端懸掛存車架A。小汽車從乙圖所示位置（CB⊥OB）緩慢下降到水平地面的過程中，鋼絲繩對B點的拉力將（）A．逐漸變小 B．逐漸變大 C．保持不變 D．先變大后變小【分析】OB桿在提升過程，車對桿子的拉力力臂越來越小，而CB拉力的力臂逐漸增大，當二者繩子拉力方向夾角越來越小，當二者方向垂直時，拉力最小。【解答】解：小汽車從乙圖所示位置（CB⊥OB）緩慢下降到水平地面的過程中，圖中拉力與OB垂直，拉力的力臂最大，當慢慢放下時，動力的力臂L1逐漸變小，汽車遠離支點，阻力臂L2變大，且阻力不變（阻力為車架和汽車的總重力），根據杠桿的平衡條件F1L1＝F2L2可知，在此過程中作用在B點的動力逐漸變大，故B正確。故選：B。【點評】此類問題是結合杠桿和受力分析以及最小力問題，屬于中檔題。10．（2分）如圖所示，用相同的滑輪安裝成甲、乙兩種裝置，分別用拉力FA、FB在相同時間內將重為GA、GB的兩個物體勻速提升相同高度，拉力的功率為PA、PB，繩子自由端移動的距離為sA，sB，不計繩重和摩擦，下列推理中正確的是（）A．若GA＝GB，則FA＝FB B．若GA＞GB，則sA＞sB C．若FA＜FB，則PA＜PB D．若FA＝FB，則η甲＞η乙【分析】（1）不計繩重和摩擦，物體勻速上升時，物體和動滑輪處于平衡狀態，有力的關系式：nF＝G+G動，把已知條件分別代入力的關系式，即可得到FA和FB的大小關系；（2）在如圖所示的裝置中，繩子移動距離s、物體移動距離h和動滑輪上的繩子段數n之間的關系式為：s＝nh；（3）利用W＝Fs和P=W（4）利用功的公式、機械效率公式以及有用功、額外功和總功的關系分析即可。【解答】解：A.由圖知，甲裝置動滑輪上繩子的段數為3，乙裝置動滑輪上繩子的段數為2，不計繩重和摩擦，由nF＝G+G動知，3FA＝GA+G動；2FB＝GB+G動；若GA＝GB，則FA＜FB，故A錯誤；B.由圖知，sA＝3h，sB＝2h，故sA＞sB，但sA與sB之間的關系與物體的重力大小無關，故B錯誤；C.相同時間內，FA做的功為：WA＝FA×3h，FB做的功為：WB＝FB×2h，僅根據FA＜FB不能推出WA和WB之間的關系，由P=Wt知不能確定PA與PD.若FA＝FB，B選項已經推出sA＞sB，由W＝Fs知WA＞WB，甲、乙兩裝置的動滑輪相同，不計繩重和摩擦，由W額＝G動h知它們的額外功相同，由W總＝W有+W額知，W甲有＞W乙有，由η=W有W總×100%=W有W有故選：D。【點評】本題考查了功的公式、功率的公式、機械效率公式的應用，解題的關鍵是要掌握滑輪組的特點。11．（2分）某電動獨輪車，當S1閉合時，指示燈亮起，獨輪車處于待機狀態，再當人站在獨輪車上時，開關S2自動閉合，電動機才能啟動，開始運動。下列簡化模擬電路符合要求的是（）A． B． C． D．【分析】由題意可知，指示燈和電動機并聯，S1控制干路，開關S2控制電動機，然后對各個選項逐一分析即可。【解答】解：由題知，當電源開關S1閉合時指示燈亮起，人站在獨輪車上開關S2自動閉合，電動機才能啟動，電動機和燈泡能夠獨立工作，是并聯，開關S1控制干路，開關S2控制電動機，故C符合題意。故選：C。【點評】本題聯系實際考查了串、并聯電路的設計相關知識的了解與掌握，利用所學知識解釋身邊現象。12．（2分）如圖所示，閉合開關S1、S2后小燈泡L1和L2均正常發光，兩電表示數不為0。突然電路出現一處故障導致一燈泡熄滅，下列說法正確的是（）A．若L2熄滅，則電壓表示數不為0，電流表示數為0 B．若L1熄滅，則電流表示數不為0，電壓表示數為0 C．若L2熄滅，再擰下L1，電壓表示數可能為0 D．若L1熄滅，再斷開S2，電壓表示數可能為0【分析】根據實物圖知，兩燈泡并聯，電流表測量L1的電流，電壓表測量電源電壓，根據并聯互不影響分析電路故障。【解答】解：根據實物圖知，兩燈泡并聯，電流表測量L1的電流，電壓表測量電源電壓，突然電路出現一處故障導致一燈泡熄滅，AC、若L2熄滅，L1亮，則L2斷路，電壓表測量電源電壓，則電壓表示數不為0，電流表測量L1的電流，示數不為0，再擰下L1，電壓表測電源電壓，示數不可能為0，故A錯誤，C錯誤；BD、若L1熄滅，L2亮，則L1斷路，電壓表測量電源電壓，則電壓表示數不為0，電流表測量L1的電流，示數為0，再斷開S2，電壓表示數仍等于電源電壓，不可能為0，如果電流表斷路，電壓表示數為0，故B錯誤，D正確；故選：D。【點評】本題考查并聯電路的故障分析，屬于基礎題。二、填空題（本題共7小題，每空1分，共26分）13．（3分）如圖甲所示是生活中常用的夾子，拇指對夾子施加壓力F1使夾子緩慢張開，夾子上的鋼絲對夾子的彈力為F2，則F1＜F2（填“＞”“＝”或“＜”），此時夾子是省力（填“省力”“費力”或“等臂”）杠桿；如圖乙所示，用夾子夾住木塊，夾子上A點受到木塊的作用力F3的方向向上（填“向下”或“向上”）。【分析】動力臂大有阻力臂的杠桿是省力杠桿，動力臂小于阻力臂的杠桿是費力杠桿，分析夾子張開時，動力臂與阻力臂的關系，從而判斷此時夾子屬于什么杠桿；物體間力的作用是相互的。【解答】解：用手捏開夾子時，手施加的力是動力，夾子上的卡簧對夾子的作用力是阻力，由下圖可知，動力臂大于阻力臂，所以此時夾子是省力杠桿，則F1＜F2；；用夾子夾住木塊，夾子對木塊施加一個向下的力，由于物體間力的作用是相互的，木塊會給夾子一個向上的力，如上圖F3所示。故答案為：＜；省力；向上。【點評】本題考查了杠桿的分類和相互作用力，是一道基礎題。14．（4分）甲圖壓燃實驗中，棉花主要是通過熱傳遞方式增加內能，達到燃點；乙圖中點火后盒蓋飛出。在“活塞壓縮空氣”和“使盒蓋飛出”的兩個過程中，筒內氣體內能增加的是圖甲（選填“甲”、“乙”或“甲和乙”），它們改變筒內氣體內能的方式相同（選填“相同”或“不同”），棉花和酒精在實驗中的主要作用是：反映空氣的內能增大、溫度升高。【分析】改變內能的方式有兩種，即做功和熱傳遞；對物體做功，物體的內能會增加，物體對外做功，其內能會減小。【解答】解：圖甲中，迅速向下壓活塞，由于壓縮玻璃筒內的空氣對其做功，使得空氣的內能增加，溫度升高，是將機械能轉化為內能的過程；圖乙中，當按動電火花發生器的按鈕時，酒精燃燒后的燃氣對盒蓋做功，蓋子飛出去，將燃氣的內能轉化為盒蓋的機械能，燃氣的內能減小；在“活塞壓縮空氣”過程中是機械能轉化為內能，“使盒蓋飛出”過程中是內能轉化為機械能；改變筒內氣體內能的方式都是做功；棉花和酒精在實驗中反映空氣的內能增大、溫度升高。故答案為：熱傳遞；甲；相同；反映空氣的內能增大、溫度升高。【點評】本題考查改變內能的方式以及能量轉化的有關知識，難度不大。15．（3分）如圖所示，斜面底端A與B點的距離為80cm，B點高度為20cm，沿斜面向上用0.8N的拉力F將重為2N的木塊從A點緩慢拉到B點，該過程中拉力F做的功是0.64J，斜面的機械效率為62.5%，斜面對木塊的滑動摩擦力為0.3N。【分析】由W有＝Gh計算有用功，W總＝Fs計算總功，η=W有W總計算斜面的機械效率；由W總＝W有+W【解答】解：把重2N的木塊勻速拉到高20cm的B點時，有用功W有＝Gh＝2N×0.2m＝0.4J，拉力做的總功W總＝Fs＝0.8N×0.8m＝0.64J，斜面的機械效率η=W克服摩擦力做的額外功：W額＝W總﹣W有＝0.64J﹣0.4J＝0.24J，由W額＝fs可得，斜面對木塊的滑動摩擦力f=W故答案為：0.64；62.5%；0.3。【點評】本題考查使用斜面時有用功、機械效率以及摩擦力的計算，要正確理解有用功、總功和額外功。16．（4分）如圖所示，番茄上分別插入甲、乙兩種金屬片，將金屬片與已調零的電壓表相連，番茄和金屬片實現的是化學能轉化為電能，它們相當于電路中的電源（填元件名稱），其中甲片是該元件的負極，圖中電壓表示數為0.8V。【分析】（1）對于水果電池在工作時，消耗化學能，產生電能，故據此能判斷能量的轉化過程；（2）據電流表或電壓表的正確使用可知，由于它們都有正負接線柱，故我們可以根據所連的接線柱來判斷電池的正負極；讀取電壓表的量程和分度值，由指針的位置得到電壓表的示數。【解答】解：水果電池在工作時，消耗化學能，產生電能，故是將化學能轉化為電能的過程；水果能提供電能，相當于電源；據圖能看出，此時電壓表向右偏轉，故此時與電壓表正接線柱相連的是電源的正極，與電壓表負接線柱相連的是電源的負極，故金屬片A是水果電池的負極；電壓表的量程是0～3V，分度值是0.1V，電壓表的示數是0.8V。故答案為：化學；電源；負；0.8。【點評】本題考查了水果電池的正負極的確定因素、電壓表的讀數，屬于基礎題。17．（4分）如圖所示，當開關S2斷開，S1、S3閉合時，發光的小燈泡有L1；當S1、S2閉合，S3斷開時，兩個電表的指針均如圖乙所示，此時兩燈泡的連接方式是并聯，通過燈L1的電流是1.2A；要想改變兩燈泡的連接方式，可以僅閉合開關S3。【分析】（1）當開關S2斷開，S1、S3閉合時，燈泡L2被短路，電路中只有燈泡L1；（2）當開關S1、S2閉合，S3斷開時，L1、L2并聯，電流表A1測量干路電流，電流表A2測量通過L2的電流，而兩個電流表的指針位置均如圖乙所示，所以電流表A1使用0﹣3A量程，電流表A2使用0﹣0.6A量程，根據指針位置可得兩電流表的示數，即干路電流、通過燈L2的電流，再根據并聯電路的電流特點求通過燈L1的電流。（3）只閉合S3時，兩燈泡串聯。【解答】解：（1）當開關S2斷開，S1、S3閉合時，燈泡L2被導線連接，是短路，所以只有燈泡L1發光。（2）當開關S1、S2閉合，S3斷開時，L1、L2并聯，電流表A1測量干路電流，電流表A2測量通過L2的電流，而兩個電流表的指針位置均如圖乙所示，所以電流表A1使用0﹣3A量程，示數為1.5A，即干路電流I＝1.5A；電流表A2使用0﹣0.6A量程，示數為0.3A，即通過燈L2的電流I2＝0.3A；通過燈L1的電流：I1＝I﹣I2＝1.5A﹣0.3A＝1.2A。要想改變兩燈泡的連接方式，可以僅閉合開關S3，只有一條電流路徑流過兩個燈泡，是串聯。故答案為：L1；并；1.2；S3。【點評】本題考查了并聯電路的電流特點、電流表的讀數方法，分析電路圖得出開關不同開閉情況下電路的連接方式、電流表的作用是關鍵。18．（5分）如圖所示是單缸四沖程汽油機某一沖程工作示意圖。（1）該沖程是汽油機的壓縮沖程；（2）若汽油機的飛輪轉速為1800r/min，則汽油機1s對外做功15次；（3）某段時間汽油機完全燃燒0.07kg的汽油放出熱量3.22×106J；若熱量完全被23kg初溫15℃的水吸收，則水溫升高33.3℃；[q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg?℃）]（4）若該汽油機的效率為20%，年平均消耗汽油420kg，如果將效率提高了1%，則一年可以節約20kg的汽油。【分析】（1）根據氣門的閉合情況、活塞的運動情況分析是哪個沖程；（2）四沖程汽油機1個工作循環完成4個沖程，飛輪和曲軸轉2圈，對外做功1次；（3）知道汽油的熱值和質量根據Q放＝mq可求出汽油完全燃燒放出的熱量，再根據Q吸＝cmΔt求出溫度的變化量；（4）由于汽油機效率提高后有用功是相同的，因為η=WQ放×100%，所以可得η1qm1＝η【解答】解：（1）兩個氣門都關閉，活塞向上運動，為壓縮沖程；（2）四沖程汽油機的飛輪轉速是1800r/min＝30r/s，即汽油機飛輪每秒轉30圈，對外做功15次；（3）完全燃燒0.07kg汽油放出的熱量為：Q放＝m汽油q汽油＝0.07kg×4.6×107J/kg＝3.22×106J；這些熱量完全被23kg水吸收，則有：Q吸＝Q放＝3.22×106J；由Q吸＝c水mΔt得，水溫升高：Δt=Q（4）汽油機效率提高后為：η2＝20%+1%＝21%；汽油機效率提高前后，有用功相等，則η1Q1＝η2Q2，即η1m1q＝η2m2q，所以提高效率后該汽油機一年消耗的汽油質量為：m2=η該汽油機一年可以節約汽油的質量Δm＝m1﹣m2＝420kg﹣400kg＝20kg。故答案為：（1）壓縮；（2）15；（3）3.22×106；33.3；（4）20。【點評】本題考查了汽油機的工作原理、熱值、熱量的計算等多個知識點，基礎性題目。19．（3分）如圖所示，工人用力拉動繩子使重為100N的物體A以速度v勻速上升，此時滑輪的機械效率η1為50%，拉力做功的功率為P1；若他將一個與A完全相同的物體系在A下端，并用力拉動繩子使它們一起以2v的速度勻速上升，此時機械效率為η2，拉力做功的功率為P2，不計繩重及摩擦，則η1＜η2（填“＞”“＝”或“＜”），動滑輪重為100N，P1：P2＝1：3。【分析】（1）滑輪組（或動滑輪）的機械效率與被提升物體的重力有關，在G動相同時，G物越大，機械效率η越大；不計繩重及摩擦，根據η=W（2）根據圖示可知動滑輪上繩子的股數，不計繩重及摩擦，利用F=1n（G+G動）分別求出兩次拉力，由動滑輪的特點可知兩次繩端移動的速度，最后根據P【解答】解：若他將一個與A完全相同的物體系在A下端，此時物重變大，滑輪組（或動滑輪）的機械效率與被提升物體的重力有關，在G動相同時，G物越大，機械效率η越大，故η1＜η2；由題知，第一次提升重為100N的物體A時，滑輪的機械效率η1為50%，不計繩重及摩擦，動滑輪的機械效率η=W則動滑輪的重力為：G動=Gη1由圖可知，n＝2，不計繩重及摩擦，則第1次繩端的拉力為：F1=1n（G+G動）第2次繩端的拉力為：F2=1n（G'+G動）由動滑輪的特點可知兩次繩端移動的速度分別為v1＝2v、v2＝2×2v＝4v，則根據P=Wt=故答案為：＜；100；1：3。【點評】本題考查了動滑輪的特點、功率公式和動滑輪機械效率公式的應用，明確額外功的含義、影響動滑輪機械效率的因素是關鍵。三、解答題（本題共11小題，共50分，解答第27、28題時應有公式和解題過程）．20．（2分）如圖，用開瓶器打開瓶蓋，畫出作用在A點上的最小力F1及其力臂l1。【分析】先確定支點，找出最長的動力臂，再確定最小力的方向，根據力的示意圖的畫法作圖。【解答】解：用起子開瓶蓋時，根據用力情況，起子與瓶蓋上面接觸的點為支點O；當動力臂等于OA時，力臂最長，根據杠桿平衡條件可知，動力最小；連接OA，標出力臂符號l1，即為力臂l1；從動力作用點A垂直于OA向上畫一帶箭頭的線段，標出力的符號F1，即為最小力F1的示意圖，如圖所示：【點評】本題考查了力和力臂的畫法。明確力臂越長越省力是確定力的方向的關鍵，作力臂關鍵是要畫出支點到力的作用線的垂線段。21．（2分）如圖，用兩個定滑輪和一個動滑輪組成滑輪組，畫出正確繞線方式。【分析】根據一個動滑輪最多可以連接3股繩子設計，注意兩個定滑輪都必須使用。【解答】解：兩個定滑輪和一個動滑輪組成滑輪組時，動滑輪最多可以連接3股繩子，故s＝3h，即由3段繩子承擔物重，繞繩方法如圖所示：；【點評】本題考查滑輪組的設計，屬于基礎題。22．（2分）根據如圖信息，在虛線框中畫出電源和電壓表的元件符號，使電路在閉合開關后，各元件均能正常工作。【分析】根據“電壓表要并聯在電路中、電流表要串聯在電路中”分析即可。【解答】解：右側方框與電流表串聯，因而電源填在右側，使得電流表測量電源的電流，為了保證電流從正接線柱流入電流，電源下方為正極，而左側方框與燈泡并聯，應該是電壓表，如圖所示：【點評】電壓表、電流表在使用時有相似的地方，比如：電流都是從正接線柱流入，負接線柱流出；也有不同的地方，比如：電流表在電路中相當于導線，則必須串聯在電路中；電壓表在電路中相當于開路，則必須并聯在電路中。23．（7分）用如圖甲所示的裝置驗證杠桿平衡條件。（1）實驗時，要先將杠桿調至水平位置平衡，這是為了便于從杠桿上直接讀出力臂，若杠桿右側翹起，則需將平衡螺母向右側調。序號動力F1/N動力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm①120210②2151.520③5115（2）一組實驗數據如表所示，漏填的數據應為3N；（3）二組某次實驗情景如甲圖所示，發現要使杠桿水平位置平衡，測力計向下的拉力要超過測力計的量程，為完成實驗，下列操作可行的是B；A.向左移動鉤碼的懸掛點B.向右移動測力計的懸掛點C.向左移動平衡螺母D.向右移動平衡螺母（4）三組實驗后還發現，動力和動力臂成反比，造成此結果的原因是實驗時未改變阻力、阻力臂；（5）四組利用圖乙裝置估測一根非勻質金屬棒的重心位置。此時金屬棒在水平位置保持平衡，金屬棒上A點下方的細線上懸掛一質量為m的小球，AO兩點距離為l，需用天平測出金屬棒的質量m1，便能計算出金屬棒重心到支點O的距離為mlm1【分析】（1）杠桿在水平位置平衡時，力的方向與杠桿垂直，力臂的長度可以直接從杠桿上讀出來；根據杠桿的平衡條件可知，杠桿傾斜時，杠桿的重心偏向杠桿下沉的一端，為使杠桿平衡，左、右兩端的螺母（或一端的螺母）要向杠桿上翹的一端調節；（2）根據杠桿的平衡條件和第3次實驗數據中的動力臂、阻力、阻力臂，求出動力；（3）根據杠桿的平衡條件進行解答；（4）根據表中實驗數據，觀察F1×L1與F2×L2有什么關系，從而得出結論；（5）此題的關鍵在于用天平測出金屬棒的質量，根據杠桿平衡的條件可求出金屬棒重心到支點O的距離。【解答】解：（1）當杠桿在水平位置平衡時，力的方向與杠桿垂直，便于從杠桿上直接讀出力臂；為了使它在水平位置平衡，若平衡螺母向右側調，則杠桿右側翹起；（2）分析第③組數據：由杠桿平衡條件F1l1＝F2l2可知，F1×5cm＝1N×15cm，解得F1＝3N；（3）A、向左移動鉤碼的懸掛點，會使阻力臂變大，在動力臂和阻力不變的情況下，動力會變大，故A不符合題意；B、向右移動測力計的懸掛點，會使動力臂變大，在阻力和阻力臂不變的情況下，動力會變小，故B符合題意；CD、在探究“杠桿的平衡條件”的實驗中，加掛鉤碼后，不能通過調節平衡螺母使杠桿平衡，故CD不符合題意；故選：B；（4）這個結論必須有前提條件，即保持阻力、阻力臂不變，在杠桿水平平衡時，動力與動力臂成反比，否則不成立；（5）用天平測出金屬棒的質量m1，根據杠桿平衡的條件動力×動力臂＝阻力×阻力臂，可知G1L1＝G×L2，即m1gL1＝mgl，則金屬棒重心到支點O的距離為L1=ml故答案為：（1）從杠桿上直接讀出力臂；右；（2）3；（3）B；（4）阻力、阻力臂；（5）金屬棒的質量m1；mlm【點評】（1）杠桿調平的方法是：左端下沉向右調節平衡螺母，右端下沉向左端調節平衡螺母，先快后慢，使杠桿水平平衡。（2）掌握杠桿平衡條件，并學會利用杠桿平衡條件分析實驗中出現的問題是解答此類題目的關鍵24．（4分）如圖所示，用斜面、木塊、兩個小球甲、乙（m乙＞m甲），探究影響物體動能大小的因素。（1）木塊被推動的越遠，球對木塊做功越多，說明小球動能越大；（2）如圖，前兩次實驗，甲球分別從A、B兩點由靜止釋放，這是為了探究動能大小與速度的關系；（3）為了探究動能大小與另一個因素的關系，第三次實驗不能使乙球從C點由靜止釋放（用A、B、C作答）；（4）以下實驗中用“”標注的器材和本實驗木塊起到不同作用的有C。A.甲圖，研究彈性勢能實驗中的“小車”B.乙圖，研究彈性勢能實驗中的“卡片”C.丙圖，研究重力勢能實驗中的“木塊”【分析】（1）小球動能大小是通過木塊被推動的距離來反映，這是轉換法的應用；（2）（3）影響物體動能大小的因素有質量和速度，找出相同的量和變化的量，分析得出動能大小與變化量的關系；（4）在探究影響物體動能大小的因素實驗中，通過木塊被推動的距離來反映小球的動能大小，據此分析。【解答】解：（1）根據轉換法，通過木塊被撞后移動的距離來表示小球的動能大小，木塊被撞后移動的距離越遠，小球對木塊做功越多，說明木塊的動能越大；（2）如圖，前兩次實驗，甲球分別從A、B兩點由靜止釋放，小球質量相同，下滑的高度不同，到達水平面時的速度不同，推動木塊移動的距離不同，說明小球的動能與速度大小有關；（3）要探究動能大小與質量的關系，應讓質量不同的小球從斜面同一高度下滑，因前兩次小球從A、B兩點由靜止釋放，根據控制變量法可知，第三次實驗不能使乙球從C點由靜止釋放；（4）在探究影響物體動能大小的因素實驗中，通過木塊被推動的距離來反映小球的動能大小；A、甲圖，研究彈性勢能實驗中，小車移動的距離反映彈簧彈性勢能的大小，故A不符合題意；B、乙圖，研究彈性勢能實驗中，卡片彈起的高度反映橡皮筋彈性勢能的大小，故B不符合題意；C、丙圖，研究重力勢能實驗中，桌腿陷入的深度反映木塊的重力勢能大小，故C符合題意；故選：C。故答案為：（1）做功；（2）速度；（3）C；（4）C。【點評】本題考查了學生對影響動能大小的因素的掌握，注重了控制變量法和轉換法應用的考查，是中考的熱點。25．（4分）用圖中滑輪組做“探究動滑輪的重力對滑輪組機械效率大小的影響”實驗。改變吸附在動滑輪邊框上的磁鐵以改變滑輪的重力，每次實驗都使物體上升10cm，部分實驗數據如表。次數物重G物/N動滑輪重G動/N拉力F/N機械效率η16.00.32.290.9%26.01.02.536.01.92.969.0%（1）每次實驗繩端移動距離為30cm；（2）第2次實驗，滑輪組的機械效率為80%；（3）分析表中數據可知：①在物重不變時，動滑輪越重，滑輪組的機械效率越低；②在物體的重力和上升高度不變時，動滑輪越重，克服繩重和摩擦做功越多。【分析】（1）從圖中可知n＝3，根據s＝nh得出每次實驗繩端移動距離；（2）根據η=W（3）①分析數據可知：在物重不變的情況下，從實驗1至實驗3，動滑輪的重力逐漸變大，滑輪組的機械效率逐漸變低，據此得出結論；②三次實驗中，根據W有用＝Gh得出有用功；根據W動＝G動h得出克服動滑輪的重力所做的額外功，根據W總＝Fs得出總功，根據W摩＝W總﹣W有用﹣W動得出摩擦和繩重引起的額外功，進而得出結論。【解答】解：（1）由圖可知，滑輪組用三段繩子提起物體，因此，當物體被提升h＝10cm時，繩端移動距離為：s＝nh＝3×10cm＝30cm；（2）由第2次實驗滑輪組的機械效率η=W（3）①由表格中數據可知，物重不變時，滑輪組做的有用功不變，動滑輪越重，滑輪組所做的額外功越多，額外功在總功中所占的比例越大，因此滑輪組的機械效率就越低；三次實驗中，物體上升的高度h＝10cm＝0.1m，有用功W有用＝Gh＝6.0N×0.1m＝0.6J，第1次實驗中，克服動滑輪的重力所做的額外功W動1＝G動1h＝0.3N×0.1m＝0.03J，總功W總1＝F1s＝2.2N×0.3m＝0.66J，繩重和摩擦引起的額外功：W額1＝W總1﹣W有用﹣W動1＝0.66J﹣0.6J﹣0.03J＝0.03J；第2次實驗中，克服動滑輪的重力所做的額外功W動2＝G動2h＝1.0N×0.1m＝0.1J，總功W總1＝F1s＝2.5N×0.3m＝0.75J，繩重和摩擦引起的額外功：W額2＝W總2﹣W有用﹣W動2＝0.75J﹣0.6J﹣0.1J＝0.05J；第3次實驗中，克服動滑輪的重力所做的額外功W動3＝G動3h＝1.9N×0.1m＝0.19J，總功W總3＝F3s＝2.9N×0.3m＝0.87J，繩重和摩擦引起的額外功：W額3＝W總3﹣W有用﹣W動3＝0.87J﹣0.6J﹣0.19J＝0.08J，所以在物體的重力和上升高度不變時，動滑輪越重，克服繩重和摩擦做功越多。故答案為：（1）30；（2）80；（3）①低；②多。【點評】本題“探究動滑輪的重對滑輪組機械效率的影響”，綜合性強，難度較大。26．（5分）用圖示裝置，完成兩個實驗：①比較水和煤油比熱容的大小；②比較酒精和碎紙片熱值的大小；（1）實驗①，使等質量的水和煤油吸收相同熱量，用加熱時間（選填“加熱時間”或“升高的溫度”，下同）反映物質吸熱的多少，再通過比較它們升高的溫度，來比較比熱容大小；（2）實驗②，不需要（選填“需要”或“不需要”）使用秒表來測量完全燃燒酒精和碎紙片所用的時間，來比較熱值大小；（3）為了方便這兩個實驗同時進行，燒杯內液體質量相同的有甲、乙、丙（用甲、乙或丙作答，下同），甲、乙兩燃燒皿中燃料種類一定不同。【分析】（1）吸收熱量的多少可以用加熱時間的長短來體現出來，這用到了轉換法；由Q＝cmΔt可知，吸收相同的熱量，升高的溫度越高，比熱容越小，這用到了控制變量法；（2）根據熱值的概念，要使質量相等的燃料完全燃盡，計算燃料放出熱量的多少；（3）比較不同燃料的熱值，根據控制變量法，要使用質量相同的不同燃料完全燃燒后使相同質量的同種液體吸熱，通過比較液體升高的溫度，根據Q＝cmΔt，得出不同燃料放出熱量的多少。【解答】解：（1）實驗中物質吸熱的多少是通過加熱時間的長短來反映的，這用到了轉換法；溫度計是用來測量液體的溫度。實驗中，通過比較溫度的變化來比較比熱容的大小；（2）要比較燃料完全燃燒釋放熱量的多少，不需要加熱相同的時間，要使燃料完全燃盡，實驗才能結束；（3）比較不同物質的比熱容，應使用相同的熱源，控制質量相同的不同液體相同時間內吸熱相同，通過溫度的變化來判斷不同液體的吸熱能力；比較不同燃料的熱值，根據控制變量法，要使用質量相同的不同燃料完全燃燒后使相同質量的同種液體吸熱，通過比較液體升高的溫度，得出不同燃料放出熱量的多少，故兩個實驗都需要控制相同的液體質量，兩燃燒皿中燃料種類一定不同。故答案為：（1）加熱時間；升高的溫度；（2）不需要；（3）甲、乙、丙；甲、乙。【點評】本題比較不同物質的吸熱能力，考查控制變量法、轉換法的應用和比較吸熱能力的方法、吸熱公式的應用以及對測量熱值的偏差分析，為熱學中的重要實驗。27．（7分）用圖甲電路“探究并聯電路電流特點”。實驗序號IA/AIB/AIC/A10.180.280.4620.200.160.3630.200.320.52（1）連接電路時，開關應處于斷開狀態；（2）圖乙中的電流表是測量甲圖中C點的電流，若只改動一根導線，測量A點電流，在要改動的導線上畫“×”，用筆畫線連接改動后的導線；（3）更換不同規格燈泡重復實驗，目的是為了避免偶然性，得出普遍規律；（4）分析數據可得：在并聯電路中，IC＝IA+IB（寫出IA、IB和IC關系式）；（5）若在A、B、C三處中的某兩處同時接入電流表，兩表接線及指針偏轉情況如圖丙所示，則C處電流為0.5或0.8A。【分析】（1）連接電路時，開關應該斷開；（2）根據電流表的使用規則來分析；（3）為了避免偶然性，應該更換不同規格的小燈泡重復多次實驗；（4）根據表中數據分析得出結論；（5）明確電流表的量程與分度值，可根據指針位置讀出示數；在并聯電路中，干路電流等于各支路電流之和。【解答】解：（1）連接電路時，開關應斷開；（2）圖乙是他們對照圖甲連接的實物電路圖，此時電流表測的是干路中的電流，即C處的電流；需要改動一根導線，測量A點電流，即測量通過L1的電流，如圖所示：（3）為了避免偶然性，應該更換不同規格的小燈泡重復多次實驗；（4）由表中數據可知，0.18A+0.28A