高州市2023~2024學(xué)年度第一學(xué)期高二期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測

物理試卷

全卷滿分100分，考試時間75分鐘。

注意事項：

1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試卷和答題卡上，并將條形碼粘貼在答題卡上

的指定位置。

2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答

題區(qū)域均無效。

3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選答案的標(biāo)號涂黑；非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作

答；字體工整，筆跡清楚。

4.考試結(jié)束后，請將試卷和答題卡一并上交。

5.本卷主要考查內(nèi)容：粵教版必修第三冊，選擇性必修第一冊，選擇性必修第二冊第一章。

一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項

是符合題目要求的。

1.雞蛋落到瓷枝上會摔碎，但是將雞蛋從同樣的高度落到坐墊上，雞蛋就不會摔碎。下列關(guān)于不會摔碎的

原因分析正確的是（）

A.減小雞蛋著地過程所受沖量

B.減小雞蛋著地過程的動量變化量

C.增大對地面的壓強(qiáng)，壓強(qiáng)越大越雞蛋不容易碎

D.延長雞蛋與地面的沖擊時間，從而減小相互作用力

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.雞蛋落到地面的速度一定，動量一定，落地后速度減為零，動量減為零，則動量變化量和所

受沖量是保持不變的，故AB錯誤；

CD.是在動量變化量一定的情況下，通過延長雞蛋與地面的沖擊時間，從而減小相互作用力，防止雞蛋摔

碎，與增大壓強(qiáng)無關(guān)，故C錯誤，D正確。

故選D。

2.某同學(xué)用單色光做雙縫干涉實驗時，觀察到條紋如甲圖所示，改變一個實驗條件后，觀察到的條紋如乙

圖所示。他改變的實驗條件可能是（）

甲

llllllll

乙

A.增大了單色光的波長B,減小了雙縫之間的距離

C.減小了光源到單縫的距離D.減小了雙縫到光屏之間的距離

【答案】D

【解析】

【詳解】由

AL1

AJV——/t

d

可得要想減小條紋間距，需要減小單色光的波長或增大雙縫之間的距離或減小雙縫到光屏之間的距離

故選D。

3.某同學(xué)在研究機(jī)械波的形成與傳播規(guī)律時，將一根粗細(xì)均勻的彈性繩右端固定在墻上。手握著繩子左端

S點上下振動，產(chǎn)生向右傳播的繩波，某時刻的波形如圖所示。下列說法中正確的是（）

A.此時刻質(zhì)點尸向上運(yùn)動

B.手的起振方向向下

C.手振動頻率逐漸增大

D.波的傳播速度減小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由圖可知，波向右傳播，根據(jù)“上下坡法”可得此時刻質(zhì)點尸向下運(yùn)動。故A錯誤;

B.此時刻，剛開始運(yùn)動的質(zhì)點向下運(yùn)動，則波源的起振方向向下。故B正確；

CD.由圖可知，波長逐漸增大，而波速由介質(zhì)決定是不變的，根據(jù)

vT=A

則周期逐漸增大，則頻率逐漸減小。故CD錯誤。

故選Bo

4.固定在振動片上的金屬絲周期性觸動水面可以形成水波，當(dāng)振動片在水面上移動時拍得一幅如圖所示的

照片，顯示出此時波的圖樣。設(shè)單位時間內(nèi)水波槽左邊接受完全波數(shù)為々，右邊接受的完全波數(shù)為〃2。由

照片可知（）

A.振動片向左移動，4>%B.振動片向右移動，4〈巧

C.振動片向左移動，<?2D.振動片向右移動，4>%

【答案】B

【解析】

【詳解】根據(jù)水波的波紋可知，右邊形成的波紋比較密，左邊的稀疏，所以振動片是向右側(cè)移動，單位時

間內(nèi)水波槽左邊接受完全波數(shù)小于右邊接受的完全波數(shù)，故ACD錯誤，B正確。

故選Bo

5.一圓柱形透明介質(zhì)放在水平地面上，其橫截面如圖所示，。點為圓心，直徑豎直，右側(cè)半圓面鍍

銀。一光線從A點水平向右射入介質(zhì)，光線在A點的入射角為。=60°，在鍍銀處發(fā)生一次反射后射出介

質(zhì)，且射出時光線水平向左，則該介質(zhì)的折射率為（）

A.V2B.73C.2A/3D.2后

【答案】B

【解析】

【詳解】由于只發(fā)生一次反射，根據(jù)對稱性可知光路圖如圖所示

a=-0=3Q°

2

由折射率公式可知

計皿=6

sina

故選Bo

6.電容式液位計可根據(jù)電容的變化來判斷絕緣液體液面的升降，某型號液位計的工作原理如圖所示，一根

金屬棒插入金屬容器內(nèi)，金屬棒為電容器的一個極,容器壁為電容器的另一個極，金屬容器接地，在容器

內(nèi)液面升高的過程中，下列說法正確的是（)

B.電路中有逆時針方向的電流

C.電容器的帶電量保持不變D.電容器兩極間電場強(qiáng)度增大

【答案】B

【解析】

【詳解】A.根據(jù)電容器的決定式

C=

4兀kd

在液面升高的過程中，兩極間填充電介質(zhì)增加，即電容器的電容增大，故A錯誤;

BC.根據(jù)

=Q

一u

由于電容器電壓不變，電容增大，則電容器的帶電量增加，電容器充電，電路中有逆時針方向的電流，故

B正確，C錯誤；

D.根據(jù)

E上

d

可知電容器兩極間電場強(qiáng)度不變，故D錯誤。

故選B。

7.光滑絕緣水平面上，在O點左側(cè)存在水平向右的勻強(qiáng)電場，在。點右側(cè)的8處有一固定擋板，可視為

質(zhì)點的帶正電的小球。質(zhì)量為機(jī)1,絕緣小球6質(zhì)量為根2。已知《12=3加1,最初兩球均靜止，相距無，如圖

所示，現(xiàn)釋放帶電小球。，小球。在。點與小球b發(fā)生彈性碰撞（小球。的電量不發(fā)生轉(zhuǎn)移）。設(shè)小球。與

擋板的碰撞也是彈性碰撞，。到擋板2的距離為2L其中A為的中點，若兩小球恰好在A點能迎面再

次發(fā)生碰撞，則x與L之間的關(guān)系是（）

I

a。"@/B

~~F/求LU

人LL

A.x=1.5LB.x=2LC.x=2.5LD.x=3L

【答案】B

【解析】

【詳解】設(shè)電場對小球a產(chǎn)生加速度為a,則到達(dá)。點碰前的速度為

v0=^2ax

小球。在。點與小球b發(fā)生彈性碰撞，有

m1Vo-mlv1+m2v2

聯(lián)立解得

13%=罟，/4％肯

叫+加22mx+m22

設(shè)恰好在A點再次相碰有

2^?￡_3L

a匕匕

解得

x=2L

故選Bo

二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符

合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.如圖所示，在正六邊形M、N、P三個頂點上各放一完全相同、帶正電的點電荷，X、V、Z為正

六邊形的另外三個頂點，。點是正六邊形的中心，下列說法正確的是（）

Z

X,?、、

N十/''⑥M

II

?O

II

X；'、、

、十’

P

A.x、y、z三點的電場強(qiáng)度相同

B.。點的電場強(qiáng)度為0

C.。點的電勢低于Z點的電勢

D.從。點至y點移動正試探電荷，電場力做正功

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.依題意，根據(jù)石=左烏，由場強(qiáng)疊加原理，判斷可知X、KZ三點的電場強(qiáng)度大小相等，

r

但方向不相同，故A錯誤；

B.根據(jù)石=左4可知點電荷M、N、尸分別在。點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，且夾角互為120。，根據(jù)

r

矢量疊加原理可得。點的電場強(qiáng)度為0,故B正確；

C.利用對稱性結(jié)合場強(qiáng)疊加原理，可判斷OZ連線上的合場強(qiáng)沿OZ方向，根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降

低，可知。點的電勢高于Z點的電勢，故C錯誤；

D.同理可知oy連線上的合場強(qiáng)沿。y方向，則從。點至y點移動正試探電荷，電場力做正功，故D正

確。

故選BD。

9.如圖所示為磁流體發(fā)電機(jī)原理圖，平行金屬板A、B之間有一個很強(qiáng)的磁場，將一束等離子體噴入磁

場，A、B兩板間便產(chǎn)生電壓從而向外供電，下列說法正確的是（）

等離子體

A.B板為發(fā)電機(jī)正極

B.發(fā)電機(jī)能量來源于磁場能

C.僅提高噴射的速度發(fā)電機(jī)電動勢增大

D.僅減小金屬板間距發(fā)電機(jī)電動勢增大

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.根據(jù)左手定則可知，等離子體在洛倫茲力的作用下向下運(yùn)動至B板，則B板帶正電，B板為發(fā)

電機(jī)正極，故A正確；

B.發(fā)電機(jī)能量來源于氣體的內(nèi)能，故B錯誤；

CD.當(dāng)平衡時有

qVB=<17

解得

U=vBd

故僅提高噴射的速度發(fā)電機(jī)電動勢增大，僅減小金屬板間距發(fā)電機(jī)電動勢減小，故C正確，D錯誤。

故選AC。

10.如圖所示，兩個小球A、B用長為L的輕質(zhì)細(xì)繩連接，B球穿在光滑水平細(xì)桿上，初始時刻，細(xì)繩處

于水平狀態(tài)。已知A球的質(zhì)量為相，B球的質(zhì)量為2根，兩球均可視為質(zhì)點。將A、B由靜止釋放，不計空

氣阻力，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

B

=O7b

LA

A.B球向右運(yùn)動的最大位移為2L

3

B.B球向右運(yùn)動的最大位移為L

C.B球運(yùn)動的最大速度為

D.B球運(yùn)動的最大速度為工遠(yuǎn)

3

【答案】AD

【解析】

【詳解】AB.對于A、B組成的系統(tǒng)，當(dāng)A球擺到B球的左側(cè)，細(xì)繩再次處于水平狀態(tài)時，B球有向右的

最大位移，此時對系統(tǒng)有

mA--/zig-=0,xA+xB=2L

解得B球向右運(yùn)動的最大位移為

x--L

B3

A正確，B錯誤；

CD.當(dāng)A球擺到B球正下方時，B球的速度最大，在水平方向上由動量守恒定律有

7nAvA-/izBvB=0

由機(jī)械能守恒定律有

解得B球運(yùn)動的最大速度為

C錯誤，D正確。

故選ADo

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.某同學(xué)利用如圖甲所示的單擺測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?/p>

（1）下列說法正確的是（填字母）。

A.測擺長時，擺線應(yīng)接好擺球，使擺球處于自然下垂?fàn)顟B(tài)

B.擺長等于擺線的長度加上擺球的直徑

C.測單擺的周期時，應(yīng)從擺球經(jīng)過最高點速度為0時開始計時

D.如果有兩個大小相等且都帶孔的銅球和木球，應(yīng)選用木球作擺球

（2）某同學(xué)為了提高實驗精度，在實驗中改變幾次擺長/,并測出相應(yīng)的周期T,算出N的值，再以/為

橫軸、。為縱軸建立直角坐標(biāo)系，將所得數(shù)據(jù)描點連線如圖乙所示，并求得該直線的斜率為鼠則重力加

速度g=（用上表示）。

（3）地面上周期為2s的單擺經(jīng)常被稱為秒擺。若把該秒擺放在“天問一號”探測器中，則探測器剛發(fā)射

離開地球表面時，此秒擺的周期2s（填“大于”“小于”或“等于”）。

442

【答案】①.A②.工③.小于

【解析】

【詳解】（1）[11A.測擺長時擺線應(yīng)接好擺球，使擺球處于自然下垂?fàn)顟B(tài)，否則，擺長的測量不準(zhǔn)確，故

A正確；

B.擺長等于擺線的長度加上擺球的半徑，故B錯誤；

C.測單擺的周期時，應(yīng)從擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時，故C錯誤；

D.擺球選擇質(zhì)量大一些，體積小一些小球，如果有兩個大小相等且都帶孔的銅球和木球，應(yīng)選用銅球作

擺球，故D錯誤。

故選Ao

（2）[2]根據(jù)T=可得

可知圖像的斜率為

k=——

g

解得重力加速度為

；可得周期變

（3）[3]探測器剛發(fā)射離開地球表面時處于超重狀態(tài)，等效重力加速度g'變大，由7=2"

小，即秒擺的周期小于2s。

12.某實驗小組測未知電阻心的阻值時，先用多用電表進(jìn)行粗測，再改裝電表后采用“伏安法”準(zhǔn)確測量

未知電阻。

（1）先用多用表的歐姆擋“XI”按正確的操作步驟粗測，指針如圖甲所示，則讀數(shù)應(yīng)記為

（2）再改裝電表，將量程為IOONA、內(nèi)阻為100。的電流表串聯(lián)一個29900。的電阻，將它改裝成電壓表

V,則改裝后的電壓表的量程是V。

（3）現(xiàn)另有以下儀器：

電源（電動勢3V,內(nèi)阻不計）

電流表Ai（量程3A,內(nèi)阻約3。）

電流表A2（量程1A,內(nèi)阻約0.5。）

滑動變阻器R（最大阻值為3。）

開關(guān)、導(dǎo)線若干

在圖乙框中畫出測量尺最合理的完整電路圖并標(biāo)出所選儀器O

（4）該小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、/坐標(biāo)系，用測量數(shù)據(jù)描繪出/-U圖線如圖丙所示，由圖線可得未知

④.3.8##3.9##4.0##4.1

【解析】

【詳解】（1）口］由圖示多用電表可知，待測電阻阻值是

3.5x10=3.50

(2)⑵靈敏電流表與一較大的電阻串聯(lián)即可改裝成電壓表

U=/gR+44=10-4X(100+29900)V=3V

(3)[3]根據(jù)/-U圖像，要求尺中的電流/、電壓。從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，由于被測

電阻阻值較小，則電流表應(yīng)采用外接法。如圖

(4)[4]由圖丙可知電壓為2V時，電流為0.5A,則R.阻值為

=4.0。

13.近年，我國階段性建成并成功運(yùn)行了“電磁撬”，創(chuàng)造了大質(zhì)量電磁推進(jìn)技術(shù)的世界最高速度紀(jì)錄，其

原理如圖所示。兩平行長直金屬導(dǎo)軌固定在水平面，導(dǎo)軌間垂直安放金屬棒，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，電

流從一導(dǎo)軌流入，經(jīng)過金屬棒，再從另一導(dǎo)軌流回，圖中電源未畫出。已知平行導(dǎo)軌電流在兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生

的磁場可視為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度8與電流i的關(guān)系式為8=公/為常量且已知)。金屬棒被該磁場力推

動。當(dāng)金屬棒由第一級區(qū)域進(jìn)入第二級區(qū)域時，回路中的電流由4=2變?yōu)椋?,，兩導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)間距為

kk

k,每一級區(qū)域中金屬棒被推進(jìn)的距離均為s=2m,金屬棒的質(zhì)量為機(jī)=lkg,不計任何摩擦與阻力，求:

(1)金屬棒經(jīng)過第一級區(qū)域時受到安培力的大小F；

(2)金屬棒經(jīng)過第一、二級區(qū)域的加速度大小為、612

(3)金屬棒從靜止開始經(jīng)過兩級區(qū)域推進(jìn)后的速度大小。

金屬棒

A

XXXXx

XXXXX

XXXX

XXXX2x

XXXXX

xAXXXX

第一級區(qū)域第二級區(qū)域

【答案】⑴4N；(2)4m/s2,lm/s2；(3)2亞mis

【解析】

【詳解】(1)由題意可知第一級區(qū)域中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

Bt=klx

金屬棒經(jīng)過第一級區(qū)域時受到安培力的大小為

F=3/d=4N

(2)根據(jù)牛頓第二定律可知，金屬棒經(jīng)過第一級區(qū)域的加速度大小為

a=—=4m/s2

1m

第二級區(qū)域中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B,—kl,

金屬棒經(jīng)過第二級區(qū)域時受到安培力的大小為

F'=B2Z2J=1N

金屬棒經(jīng)過第二級區(qū)域的加速度大小為

P'

o,=——=lm/s2

~m

(3)金屬棒從靜止開始經(jīng)過兩級區(qū)域推進(jìn)后，根據(jù)動能定理可得

1,

Fs+F's=-zwv2-0

2

解得

v=2A/5HI/s

14.如圖所示，質(zhì)量為2機(jī)的小車A靜止在光滑水平面上，勁度系數(shù)為4的輕質(zhì)彈簧與小車左端固定擋板

相連，一質(zhì)量為機(jī)的小物塊B以初速度w從小車的右端水平向左滑動，而后將彈簧壓縮。若小物塊B可

視為質(zhì)點，不計任何摩擦，彈簧的彈性勢能為紇=一(%為勁度系數(shù)，尤為彈簧的形變量)。求：

(1)彈簧形變量的最大值；

(2)彈簧恢復(fù)原長后小車A和小物塊B的速度。

Awwwwwj"□B

CJC)

I也a；（2）~v,方向水平向左，-v,方向水平向右

【答案】（1）00

3k33

【解析】

【詳解】（1）設(shè)彈簧的最大壓縮量為抽，由動量守恒和能量守恒，得

mv0=(m+2rn)v

~^mvo=g(加+2機(jī))丫2+^叱

聯(lián)立解得

（2）彈簧恢復(fù)原長后，由動量守恒和能量守恒，得

mv0=mvx+2mv“

12121c。

3mv°=—rnvx+—x27nv；

聯(lián)立解得

1

匕=一§/

2

匕=”

21

可知小車A速度大小為方向水平向左；小物塊B速度大小為方向水平向右

15.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy中，在第I象限內(nèi)存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，在第IV象限內(nèi)

y2-4區(qū)域存在方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為機(jī)、電荷量為q（q>0）的帶電粒子以初速度

（2也「

vo從y軸上尸（0,打）點沿x軸正方向開始運(yùn)動，經(jīng)過電場后從x軸上的點Q三一丸,0進(jìn)入磁場，粒子

恰好不能從磁場的下邊界離開磁場。不計粒子重力。求：

（1）粒子在。點位置的速度VQ和速度方向與X軸正方向夾角仇

（2）勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；

（3）粒子從尸點開始運(yùn)動至第一次到達(dá)磁場下邊界所需要的時間。

E

【答案】（1）2%,。=60°；（2）B=^^.（3）t+竺^

qd總3v09v0

【解析】

【詳解】（1）設(shè)粒子從尸到。的過程中，加速度大小為。，運(yùn)動時間為。在。點進(jìn)入磁場時速度大小為

VQ,方向與無軸正方向間的夾角為0,也沿y軸方向的大小為嶺，則水平方向上

2A/3,/