安徽省亳州市2024-2025學年九年級(上)月考物理試卷(B卷)

一、單選題：本大題共12小題，共24分。

1.關于分子熱運動及熱現象，下列說法正確的是()

A.固體很難被壓縮，說明分子間存在斥力B.擴散現象只能發生在氣體與液體中

C.物體吸收熱量，溫度一定升高D.-20冤的冰塊內沒有內能

【答案】A

【解析】解:

A、固體很難被壓縮，說明分子間存在斥力，故A正確；

3、一切氣體、液體和固體都能發生擴散現象，故8錯誤；

C、晶體熔化過程中，吸熱但溫度保持不變，故C錯誤；

D、一切物體在任何情況下都有內能，所以-2(FC的冰塊也有內能，故。錯誤。

故選：Ao

(1)分子間存在相互的引力和斥力；

(2)一切氣體、液體和固體都能發生擴散現象；

(3)晶體熔化過程中，吸熱但溫度不變；

(4)一切物體在任何情況下都有內能。

此題考查了分子間斥力的理解、發生擴散的條件、晶體熔化的特點和物體具有內能的條件，是一道綜合

題。

2.水具有比熱容大的特點，下列現象及應用與此特點無關的是()

A.海陸風的形成

B.用水來冷卻汽車的發動機

C.生物體內水的比例比較高，有助于調節生物身體的自身溫度

D.夏天在教室地面上灑水后，感覺變涼快

【答案】D

【解析】解：4因為水的比熱容比泥土、沙石的比熱容大，白天，太陽照射下海岸和海水吸收相同的熱

量，海水溫度上升慢；海岸吸熱后，溫度上升快，熱空氣上升，微風從海洋吹向陸地，形成海風；而夜

晚，海岸和海水放出相同的熱量，但水的比熱容大，海水溫度降低得少，海面氣溫較高，空氣上升，風就

從陸地吹向海上，形成陸風，該選項利用水的比熱容大，故A不符合題意；

3、因為水的比熱容較大，物體質量相同時，降低相同的溫度，水放出的熱量多，所以冬天供暖系統使用

熱水循環供暖，故與水的比熱容大有關，故8不符合題意；

C、生物體內水的比例很大，有助于調節自身的溫度，是利用了水的比熱容大的特點，故C不符合題意；

。、炎熱的夏天，往室內地面上灑水，水蒸發會從周圍吸熱而降低周圍環境的溫度，不是利用水的比熱容

大的特點，故。符合題意。

故選：Do

(1)對水的比熱容大的理解：相同質量的水和其它物質比較，吸收或放出相同的熱量，水的溫度升高或降

低的少；升高或降低相同的溫度，水吸收或放出的熱量多；

(2)水蒸發會從周圍吸熱而降低周圍環境的溫度，即蒸發吸熱。

本題考查了蒸發吸熱現象、水的比熱容大的特點的應用，應用所學知識，解釋了實際問題，體現了新課標

的要求，屬于中考熱點問題。

3.如圖是汽油機工作的四個沖程，其中表示壓縮沖程的是()

A.甲B.乙C.丙D.T

【答案】A

【解析】解：在汽油機的壓縮沖程中，活塞往上運動，進氣門、排氣門關閉，火花塞不點火，故甲圖是壓

縮沖程；乙圖是吸氣沖程、丙圖是排氣沖程、丁圖是做功沖程。

故選：Ao

判斷汽油機的四個沖程，先看進氣門和排氣門的關閉情況，進氣門打開的是吸氣沖程，排氣門打開的是排

氣沖程，進氣門和排氣門都關閉的是壓縮沖程或者做功沖程；然后看活塞運動的方向，活塞上行的為壓縮

沖程或者排氣沖程，活塞下行的為吸氣沖程或者做功沖程。

此題考查了對內燃機四個沖程的判斷，要結合氣門和活塞運動情況進行判斷。

4.下列各電路中，開關全部閉合，兩個燈泡不能都發光的電路是()

【解析】解：4、由圖示電路圖可知，兩燈泡并聯，閉合開關，兩燈泡都發光，故A不合題意;

B、由圖示電路圖可知,兩燈泡串聯，閉合開關，兩燈泡都發光，故8不合題意;

由圖示電路圖可知,閉合開關，燈人發光，燈人被短路，不能發光，由此可知，兩個燈泡不能都發

光,故C符合題意;

D、由圖示電路圖可知,閉合兩個開關，兩燈泡并聯接入電路，兩燈泡都發光，故。不合題意。

故選：Co

燈泡所在電路是通路時燈泡發光，如果燈泡所在電路是斷路或燈泡被短路，則燈泡不發光，分析圖示電路

圖，然后答題。

本題考查了判斷燈泡是否發光，分析清楚電路結構即可解題。

5.如圖所示，在探究“并聯電路的電流規律”時，閉合開關S后，電流表4的示數是0.14電流表4的示

數是034則電流表4的示數是（）

C.0.34D.0.44

【答案】D

【解析】解:

由圖知，兩電阻并聯，4測％支路的電流，電流表4測R2支路的電流，電流表2測干路電流,

因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和,

所以電流表4的本數：(4=411+(42=0.14+0.34=0.4Xo

故選：Do

并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，由此分析解答。

本題考查了并聯電路中電流特點的應用，關鍵正確分析電路中電流表的作用。

6.利用如圖電路探究串聯電路的規律，下列做法不正確的是()

A.分別把開關改接到a、b、c處，可以探究開關位置的改變對用電器控制作用的影響

B.分別將電壓表串聯在a、b、c處，可以探究電路中各用電器兩端電壓與電源兩端電壓的關系

C.分別將電流表串聯在a、b、c處，可以探究電路中各處電流的關系

D.為使探究結論更具普遍性，可更換不同的用電器或改變電源電壓進行多次實驗

【答案】B

【解析】解：

A、分別把開關改接到a、氏c處，開關的位置不同，通過開關的通斷，可以探究開關位置的改變對用電器

控制作用的影響，故A正確；

3、電壓表要并聯在用電器兩端；若分別將電壓表串聯在a、b,c處，相當于斷路，不能探究電路中各用電

器兩端電壓與電源兩端電壓的關系，故8錯誤；

C、分別將電流表串聯在a、b,c處，電流表測不同位置的電流，可以探究電路中各處電流的關系，故C

正確；

。、本實驗是探究串聯電路的規律(主要是電流、電壓的規律)，為使探究結論更具普遍性，可更換不同的

用電器或改變電源電壓進行多次實險，故D正確；

故選：Bo

(1)在串聯電路中，一個開關可以控制所有用電器，開關位置改變時，控制作用不變；

(2)電壓表電阻很大，要并聯在用電器兩端；

(3)串聯電路中電流處處相等；

(4)通過實驗獲得結論，一般都要多做幾次實驗，多做幾次實驗，就可以多獲幾組數據，從而可以對數據

進行歸納分析，以此獲得結論。

本題是一道實驗題，做此題時要圍繞串聯電路的電壓規律去分析解答，需要注意的是，在串聯電路中一個

開關就可以控制所有用電器。

7.如圖所示的電路，閉合開關，當滑片P向上移動的過程中，電流表讀數火

和電壓表讀數的變化情況分別是

()

A.變大，變大

B.變大，變小

C.變小，變小

D.變小，變大

【答案】D

【解析】解：由電路圖可知，憶與&串聯，電壓表測氏2兩端的電壓，電流表測電路中的電流。

當滑片尸向上移動的過程中，變阻器接入電路中的電阻變大，電路的總電阻變大，

由/=g可知，電路中的電流變小，即電流表的讀數變小，故錯誤；

由［/=//?可知，h兩端的電壓變小，

因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以，/?2兩端的電壓變大，即電壓表的讀數變大，故c錯誤、D正確。

故選：Do

由電路圖可知，生與/?2串聯，電壓表測7?2兩端的電壓，電流表測電路中的電流。根據滑片的移動可知接入

電路中的電阻變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和匕兩端的電壓變化，根據串聯電路的電壓特點

可知&兩端的電壓變化。

本題考查了電路的動態分析，涉及到串聯電路的特點和歐姆定律的應用，要注意電壓表示數的變化應借助

于串聯電路的電壓特點和歐姆定律進行判斷。

8.如圖所示，開關閉合后，發現電壓表的示數接近電源電壓，電流表幾乎無示數，如

果電路中只有一處故障，則故障是()

A.小燈泡L短路

B.小燈泡〃斷路

C.電流表短路

D.小燈泡打斷路

【答案】B

【解析】解：由圖可知，該電路為串聯電路，電流表測量電路中的電流，電壓表測量燈泡打兩端的電壓；

開關閉合后，電流表幾乎無示數，說明電路是斷路，發現電壓表的示數接近電源電壓，說明電壓表和電源

連接的部分是連通的，可以判斷與電壓表并聯的部分是斷路，即L斷路。

故選：So

電流表沒有示數說明電路是斷路，然后再通過電壓表示數判斷斷路位置。

本題還可以采用假設法，假設選項正確判斷電流表和電壓表的示數，與題干相符的，假設正確，否則假設

錯誤。

9.下列說法中正確的是（）

A.磁極之間的相互作用規律：同名磁極相排斥，異名磁極相吸引

B.磁場不是真實存在的，是假想的

C.磁體周圍的磁感線由南極出發回到北極

D.小磁針在地磁場的作用下小磁針南極指向地理的北方

【答案】A

【解析】解：4磁極之間有力的作用，磁極之間的相互作用規律是：同名磁極相排斥，異名磁極相吸引，

故A符合題意；

A磁場是客觀存在的，它對放入其中的磁體有力的作用，故8不符合題意；

C.磁體周圍的磁感線由北極出發回到南極，故C不符合題意；

D地球是一個大磁體，地磁的北極在地理南極附近，由于異名磁極相互吸引，小磁針在地磁場的作用下小

磁針南極指向地理的南方，故。不符合題意。

故選：Ao

磁極間相互作用是：同名磁極相排斥，異名磁極相吸引。

磁體的周圍存在磁場，為了便于研究，人們引入了磁感線。在磁場中某一點，小磁針靜止時N極所指的方

向為磁場的方向。在磁場中，磁感線都是從N極出發，回到S極。

本題主要考查我們對磁場概念、磁場方向、磁極間相互作用、磁場的特點等的了解，屬基礎知識的考查。

10.如圖所示，蹄形磁鐵的磁場中放一直導線，并與電流表組成閉合電路，下|....J

列說法正確的是（）IljOI

A.ab豎直向上運動電流表指針發生偏轉2e一^^3

B.ab水平向左運動電流表指針發生偏轉）

C.ab不動蹄形磁體水平向右運動電流表指針不發生偏轉/

D.蹄形磁體不動處左右運動時電流表指針偏轉方向不變

【答案】B

【解析】解：

A、由圖可知，該裝置是探究電磁感應現象的實驗，導體ab豎直方向運動時，導體沒有做切割磁感線運

動，不會產生感應電流，電流表指針不偏轉，故A錯誤；

8、導體帥水平向左運動時，導體做切割磁感線運動，會產生感應電流，電流表指針偏轉，故8正確；

C、導體ab不動蹄形磁體水平向右運動，做切割磁感線運動，會產生感應電流，電流表指針發生偏轉，故

C錯誤；

。、導體向左或向右運動時，導體切割磁感線的方向發生了變化，產生的感應電流的方向也會發生變化，

則電流表指針偏轉方向會改變，故。錯誤。

故選：Bo

產生感應電流的條件：閉合回路中的部分導體做切割磁感線的運動。

本題考查了產生感應電流的條件，屬于基礎題。

11.節能環保的電動汽車被大多數家庭喜愛，其核心部件是電動機，下列各圖中能夠說明電動機工作原理

的是（）

【答案】B

【解析】解：力、圖中是奧斯特實驗的裝置圖，說明了通電導體周圍存在磁場，故A不符合題意；

8、當閉合開關后，通電導體在磁場中受力運動，是電動機的原理，故B符合題意；

C、圖中沒有電源，當導體在磁場中做切割磁感線運動時，電流表的指針會發生偏轉，說明會產生感應電

流，這是電磁感應現象，是發電機的原理，故C不符合題意；

。、圖為探究電磁鐵的磁性影響因素的實驗圖，其原理是電流的磁效應，故。不符合題意。

故選：B。

電動機是利用通電導體在磁場中受力運動的原理制成的。

電動機是將電能轉化為機械能的機械，它在工作時要消耗電能，因此解題時觀察圖形中有無電源是此題的

解題關鍵。

12.將兩盞分別標有“6U3勿”和“6U9W"字樣的小燈泡人和乙2，串聯后接入電壓為8U的電路中，設燈

泡電阻不變.下列說法中正確的是()

A.兩燈均能正常發光B.兩燈額定電流相同

CL1的實際功率比功小D.力的亮度比坊大

【答案】D

【解析】解：(1)由「=口可得，兩燈泡的額定電流分別為：

A=，=萼=0.54辦=2=罌=1.54由此可知，兩燈額定電流不相同，故8錯誤；

(2)由/=須得，兩燈泡的電阻分別為%=乎=照=12。，

KU.D/1

nU26V〃八

2I21.54力"'

兩盞燈串聯后接在電壓為8U的電源上時，通過的電流/==-^―=0.54

穴］十穴2lZJz_rzrJ2

則5能正常發光，故A錯誤；

(3)兩盞燈串聯后接在電壓為8U的電源上時，因串聯電路中各處的電流相等，且燈泡的亮暗取決于實際功

率的大小，

所以，由P=/2R可知，燈泡L的電阻大，實際功率較大，燈泡較亮，即5的亮度比乙2大，故C錯誤，D

正確.

故選D.

知道兩燈泡的額定電壓和額定功率，根據P=U/可求得兩燈額定電流，根據/=g求出兩燈泡的電阻，進一

步比較兩電阻的大小，根據串聯電路的電流特點和P=尸/?比較兩燈泡實際功率的大小，再根據燈泡的亮

暗取決于實際功率的大小判斷亮暗.

本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的靈活應用，關鍵是知道燈泡的亮暗取決于實際功率

的大小.

二、填空題：本大題共9小題，共18分。

13.鋸木頭時鋸條的溫度會升高，屬于利用方式改變物體的內能。冬季利用取暖器取暖，屬于利用

方式改變物體的內能。

【答案】做功熱傳遞

【解析】解：鋸木頭時鋸條的溫度會升高，在此過程中鋸條克服摩擦做功，屬于利用做功方式改變物體的

內能。

冬季利用取暖器取暖，人從取暖器吸收熱量，屬于利用熱傳遞方式改變物體的內能。

故答案為：做功；熱傳遞。

改變物體內能的方式有兩種：做功和熱傳遞。

本題考查了改變物體內能的兩種方式，屬于基礎題。

14.某家用轎車發動機是四沖程汽油機，它在____沖程將機械能轉化為內能。該轎車百公里耗油5kg,這

些汽油完全燃燒放出_____J的熱量（q汽.=4.6X1。7//題）。

【答案】壓縮2.3X108

【解析】解：（1）汽油機在壓縮沖程中，活塞向上運動壓縮空氣和燃料的混合物，將機械能轉化為內能。

（2）5的汽油完全燃燒放出熱量為：

Q放=mq汽油—5kgx4.6xW7]/kg=2.3x108/（,

故答案為：壓縮；2.3x108。

（1）內燃機在壓縮沖程中將機械能轉化為內能；

（2）已知熱值和消耗汽油的質量，根據公式Q放=mq計算這些汽油完全燃燒放出的熱量。

本題考查了內燃機工作時的能量轉化、燃料完全燃燒放熱公式的應用，難度不大。

15.用絲綢摩擦過的玻璃棒帶電荷。當它靠近紙屑時紙屑將被o

【答案】正吸引

【解析】解：用絲綢摩擦過的玻璃棒，由于失去電子而帶正電荷。

帶電體有吸引輕小物體的性質，當它靠近紙屑時紙屑將被吸引。

故答案為：正；吸引。

帶電體有吸引輕小物體的性質；同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。

此題考查的帶電體的性質，是一道基礎題。

16.導體導電性檢測電路如圖，在導線MN之間接入一個物體，閉合開關燈Li

泡發光，這個物體是（填導體或絕緣體）。將甲、乙兩個導體分別接入―11

導線M、N之間，發現接入甲時電流表示數較大，可知（填甲或乙）的

電阻較大。昭I-《一

【答案】導體乙

【解析】解：(1)閉合開關燈泡發光，說明接入的物體容易導電，容易導電的物體叫做導體，因此這個物

體是導體；

(2)由歐姆定律可知，電壓一定時，電流越大，電阻越小，由于將甲導體接入導線M、N之間時電流表示數

較大，因此甲的電較小，則乙的電阻較大。

故答案為：導體；乙。

(1)閉合開關燈泡發光，說明接入的物體容易導電，容易導電的物體叫做導體，不容易導電的物體叫做絕

緣體；

(2)根據歐姆定律分析兩導體的電阻大小關系。

本題考查導體和絕緣體的區分以及歐姆定律的應用，難度不大。

17.電路如圖所示，閉合開關，力端是電磁鐵的極。將滑片向移動電Pj—,A

磁鐵磁性增強(填左或右)。一，二:

【答案】s左

【解析】解：如圖，電流從通電螺線管上端流入，下端流出，根據安培定則可知，a端是電磁鐵的s極。

將滑片向左移動，滑動變阻器電阻變小，電路中電流變大，電磁鐵磁性增強。

故答案為：s；左。

開關閉合后，根據電流方向利用安培定則可判斷螺線管的磁極；

根據螺線管中磁場的變化，判斷電路中電流的變化，再判斷滑動變阻器的滑片移動方向。

該題考查了安培定則的應用和電磁鐵磁性強弱的影響因素等知識點，是一道綜合題。

18.如圖所示，閉合開關蹄形磁體中的金屬棒4B運動起來，說明通電導

體在磁場中受到的作用，這一過程中的能量轉化是oNU|M西

【答案】磁力電能轉化為機械能

【解析】解：由圖知，電路中有電源，通電導體在磁場中會受到力的作用，這是電動機的工作原理；將電

能轉化為機械能。

故答案為：力；電能轉化為機械能

通電導體在磁場中受到力的作用；將電能轉化為機械能。

本題考查了磁場對通電導線的作用，以及能量轉化情況，基礎題。

19.如圖所示，電源電壓恒為6匕定值電阻凡=20。，閉合開關S,電流表42的示數

為0.94則電流通過做功功率為W,定值電阻式2的阻值為。。

【答案】1.810

【解析】解：(1)由題意知％=20。，加在％的電壓等于電源的電壓，所以由歐姆定律計算得流過%的電

流A為：

,一u一6U

/1一所=顯=034

由公式P=/2R計算得％做功功率為：P1=尋R]=(0.34)2X200=l.SIVo

(2)由并聯電路的電流關系計算得流過夫2的電流為：I2=I-Ii=0.9X-0.34=0.64；

由歐姆定律得：氏2=孑=優=10。。

12U.o/1

故答案為：1.8；10o

(1)由題意知名=200,以及加在區的電壓等于電源的電壓，所以由歐姆定律計算得流過%的電流A,再

根據公式P=JR計算得凡做功功率。

(2)由并聯電路的電流關系計算得流過%的電流，后由歐姆定律計算得&的阻值。

本題考查了電功率的計算以及歐姆定律的應用問題，本題難度不大，屬于常考題。

20.如圖所示是探究“影響電阻大小的因素”實驗中的四根電阻絲，4為鑄銅線，B、C、。為保銘合金線。

4、B、C的橫截面積為S,D的橫截面積為4S,當B、C、。分別接入同一檢測電路時，電流表示數分別為

/】、卜、乙，比較發現：%>1I，說明導體的電阻跟導體的有關；。>/2,說明導體的電阻跟導體的

有關。

【答案】橫截面積長度

【解析】解：當不同的導體接入電路時，可通過觀察電流表示數來比較導體電阻的大小，電流表示數越

大，說明電阻越小，

當B、C、。分別接入同一電路時，B、。都為銀銘合金線，材料相同，長度相同，B的橫截面積為S,。的

橫截面積為4S,

電流表示數分別為人、13,比較發現：/3>/1，說明導體的電阻跟導體的橫截面積有關；

8、C都為銀銘合金線，材料相同，橫截面積都為，S長度不同，lr>l2,說明導體的電阻跟導體的長度有

關；

故答案為：橫截面積；長度。

影響導體電阻大小的因素：導體的材料、長度和橫截面積，在研究電阻與其中某個因素的關系時，要采用

控制變量法的思想，要研究導體的電阻大小與一個量之間的關系，需要保持其它量不變。

探究影響電阻大小的因素采用了控制變量法的思想，電阻大小的變化是通過電流表的示數變化體現的，這

里采用了轉換法的思想。

21.一個同學家中的電能表，月初示數為［0|2|1|8|1卜月末示數為|0|2|6|8|1卜則這個月

該同學消耗的電能為度，合J。

【答案】501.8x108

【解析】解：一個月消耗的電能W=0268.1/cw-/i-0218.1fciv-h=50fcw-h=50度=50x3.6x106/=

1.8x1087o

故答案為：50；1.8x108。

一個月消耗的電能等于電能表月末的示數減去月初的示數；要知道電能表示數的最后一位是小數，單位是

kw-h.IkW-h=1度=3.6x106/?

本題考查消耗電能的計算，關鍵是對電能表各個參數的物理意義的正確理解；解題過程中要注意單位的換

算。

三、作圖題：本大題共2小題，共4分。

22.閉合開關后，小磁針靜止在如圖所示的位置。請你在方框中標出電源符號并在螺線管外畫出一條磁感

線umw-

【答案】解：由小磁針S極靠近螺線管的右端，所以螺線管的右端為N極，左端為S極，根據右手螺旋定

則，螺線管中的電流應由左后方流入，所以電源左端為負極，右端為正極；螺線管外部磁感線由N極到S

極，如圖所示:

-—

【解析】先由小磁針的指向判斷出螺線管兩端的極性，再根據右手螺旋定則：右手彎曲的四指與大拇指垂

直，四指指向與螺線管電流方向一致，大拇指所指的方向為螺線管的N極，找出電流的方向，再標出電源

的正負極，并根據螺線管外部磁感線方向由N極指向S極，畫出磁感線方向。

右手螺旋定則建立了螺線管中電流與兩端磁極極性的關系，要做到能根據電流判斷出磁極極性，也要根據

磁極極性判斷出電流方向或電源正負極。

23.根據如圖所示的實物圖，畫出對應的電路圖。

【答案】解：由實物圖可知，電流從正極出發，通過開關S1后開始分支，一支經燈泡L，另一支經燈泡

功、52,然后兩支匯合回到電源負極。如圖所示：

【解析】由實物圖可知，兩燈泡并聯，開關S1控制整個電路，開關S2控制燈泡功，根據實物圖完成電路圖

即可。

此類題解答的關鍵是要先分清電路的串并聯，再明確開關的作用，并注意電路圖與實物圖在完全對應。

四、實驗探究題：本大題共3小題，共16分。

24.在探究“物體的吸熱能力”過程中，曉彤和小雪進行了如下研究。

（1）在討論“水的吸熱與哪些因素有關”時，通過自己燒水的經驗認識到：燒開一滿壺水比

燒開半壺水（初溫相同）所用的時間（選填“長”、“短”或“相同”）；把一壺水燒開

和燒成溫水，需要的熱量多。

（2）曉形和小雪用如圖所示裝置實驗探究“比較不同物質的吸熱能力”。

①便于組裝過程簡捷、合理，該裝置的組裝順序是（選填“自上而下”、“自下而上”或“隨意組

裝”），實驗中，使用的測量工具有天平、停表和。

②曉形和小雪利用該裝置分別給質量、初溫相同的水和鐵砂加熱，將實驗數據記錄在如表中，分析表格數

據，得出的實驗結論是：。

材料升高i（rc所需時間/s升高20久所需時間/s升高30久所需時間/s

水54110167

鐵砂112336

【答案】長燒開自下而上溫度計水的吸熱能力比鐵砂強

【解析】解：

（1）在討論“水的吸熱與哪些因素有關”時，通過自己燒水的經驗認識到：燒開一壺水比燒開半壺水（初溫

相同）所用的時間長，表明水的吸熱與水的質量有關；把一壺水燒開和燒成溫水，開水溫度更高，需要吸

收更多的熱量；

(2)曉彤和小雪用如圖所示裝置實驗探究“比較不同物質的吸熱能力”。

①為確保用酒精燈的外火焰加熱，該裝置是“自下而上”進行組裝的，測溫需要使用溫度計；

②由表中數據知，給質量、初溫相同的水和鐵砂加熱，在升高的溫度相同時，水的加熱時間長，說明水吸

收的熱量多，所以水的吸熱能力比鐵砂強。

故答案為：(1)長；燒開；

(2)①自下而上；溫度計；

②水的吸熱能力比鐵砂強。

(1)-壺水和半壺水的質量不同，升高更高的溫度需要吸收更多的熱量，據此分析；

(2)①為確保用酒精燈的外火焰加熱，該裝置要“自下而上”進行組裝的，確保一次調整到位，測溫需要

使用溫度計；

②分析表格數據得出結論。

本題比較不同物質的吸熱能力，考查數據分析、器材調試、控制變量法、轉換法的應用和比較吸熱能力的

方法，為熱學中的重要實驗。

25.曉彤和小雪利用如圖所示電路進行電學實驗。

圖甲

表一:

實驗次數1234

電壓U"1.52.02.510.0

電流0.30.40.5

(1)在探究“電流與電壓的關系”實驗中：

①按電路圖正確連接電路后，閉合開關之前需要將滑動變阻器的滑片移到(選填“左端”、“右

端”或“任意位置”)。

②曉彤和小雪在實驗中獲得的數據如表一所示，分析表格中的數據，得出的結論是：在電阻一定時，導體

中的電流跟導體兩端的電壓成正比，根據該結論，第四次實驗中的電流是。

(2)在探究“電流與電阻的關系”實驗中，曉彤和小雪選用50、10。和200的定值電阻各一個。①實驗

中，曉彤和小雪調節滑動變阻器的滑片，使電壓表示數如圖乙所示，其示數為

表二：

實驗次數123

電阻R/。51020

電流〃力0.50.250.12

②曉彤和小雪在實驗中獲得的數據如表二所示，分析表格中的數據，得出的結論是：o

(3)在探究“測量未知電阻”的實驗中，曉彤和小雪利用表一的實驗數據，得出了“導體的電阻跟導體兩

端的電壓、導體中的電流無關”的實驗結論，你認為該結論是(選填“正確”或“錯誤”)的。

【答案】右端242.5在電壓不變時，導體中的電流跟導體的電阻成反比正確

【解析】解：(1)①連接電路，閉合開關前，為保護電路，滑動變阻器的滑片應移到阻值最大處，在圖甲

中滑動變阻器的左下端接入電路，故閉合開關之前需要將滑動變阻器的滑片移到右端。

②分析表格中的數據，得出的結論是：在電阻一定時，導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比；由表一知

定值電阻的阻值/?=?=緇=50,所以當電壓為10U時，對應的電流='=罌=22。

1U.471K

(2)①由圖乙知電壓表選擇的量程是0?3V,分度值是指針在2.5U位置，所以電壓表示數為2.5L

②在表二中，電流與電阻的乘積保持不變，符合反比例特點，故得出的結論是：在電壓不變時，導體中的

電流跟導體的電阻成反比。

(3)導體的電阻只與它本身的材料、長度、橫截面積、溫度有關，與導體兩端的電壓和通過的電流無關。

故結論是正確的。

故答案為：(1)①右端；②24；(2)①2.5；②在電壓不變時，導體中的電流跟導體的電阻成反比；(3)正

確。

(1)①連接電路，閉合開關前，為保護電路，滑動變阻器的滑片應移到阻值最大處。

②用歐姆定律得到定值電阻的阻值，再用歐姆定律推出當電壓為10U時電路的電流值。

(2)①電壓表的讀數要先確認選擇的量程和分度值，再根據指針位置讀取數據。

②在表二中，電流與電阻的乘積保持不變，符合反比例特點，據此得出結論。

(3)導體的電阻只與它本身的材料、長度、橫截面積、溫度有關，與導體兩端的電壓和通過的電流無關。

本題考查了電路的保護措施、歐姆定律公式的應用、電壓表的讀數、實驗數據的歸納、導體電阻的決定因

素等內容，有一定難度。

26.在“測量小燈泡的電功率”實驗中，提供的器材有：6U的電源一個，2.5U的小燈泡(電阻約為10。)一

個，電流表(。?0.62,0?34)和電壓表(0?3匕0?15U)各一個，“50。24”的滑動變阻器4和“100L4”

的滑動變阻器B各一個，開關一個，導線若干。

甲乙

(1)通過估算，你應選用的滑動變阻器是(選填“力”或“B”)。

(2)閉合開關前，經檢查發現某同學連接的電路有一根導線連接錯誤，請你在圖甲中錯誤的連線上畫

“X”，并只移動一根導線，用筆畫線代替導線將電路連接正確。

(3)連接好電路后，閉合開關，發現小燈泡不亮，電流表有示數，電壓表無示數，則故障原因可能是小燈

泡o

(4)故障移除后，移動變阻器的滑片，當電壓表的示數為2.5U時，電流表的示數如圖乙所示是A,則

小燈泡的額定功率是小燈泡正常工作時的電阻是0。(小數點后保留1位小數)

【答案】A短路0.30.758.3

【解析】解：(1)2.5V的小燈泡，電阻約為10。，由歐姆定律，燈的額定電流約為：

/=M=篙=°25力，由串聯電路的規律及歐姆定律，燈正常發時變阻器連入的電阻：

KL1UJ2

R=空=除冬=14。，故選滑動變阻器是4

(2)原電路中，燈短路了，電壓表串聯在電路中是錯誤的，燈與電流表串聯，電壓表與燈并聯，如下圖所

(3)電流表有明顯的示數，說明電路是通路，而燈泡不亮，電壓表無示數，則故障可能是燈泡被短路了；

(4)燈在額定電壓下正常發光，正確連接后，移動滑動變阻器滑片，使電壓表示數為2.5U,小燈泡正常發

光，

由圖2知，電流表選用。?0.64量程，分度值為0.024電流表的示數為0.34；

則小燈泡的額定功率為：P=UI=2.5VX0.3=0.75W；

由/=銅■得，此時燈泡電阻R=號=粵=8.3。。

KIU.3A

故答案為：(1)4(2)見解答圖；(3)短路；(4)0.3；0.75；8.3。

(1)由歐姆定律求出2.5U的小燈泡，電阻約為10。的額定電流，由串聯電路的規律及歐姆定律求出燈正常發

時變阻器連入的電阻