2025年吉林省長春市高考物理二模試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.在科學研究中，理想模型是為了便于研究問題而對研究對象進行的理想化抽象。下列不屬于理想模型的

是（）

A.質點B.電場C.單擺D.理想氣體

2.下面對四幅圖片中所涉及物理知識的描述，正確的是（）

A.甲圖中小磁針轉動是由于電流產生的電場對小磁針有作用力

B.乙圖中回旋加速器通過磁場加速粒子

C.丙圖中高頻冶煉爐利用渦流熱效應工作

D.丁圖中無線充電過程利用了接觸起電原理

3.冬季打雷是罕見的自然現象，它是由于強冷氣團與暖濕氣團相遇，產生強烈的對流運動，云內的各種微

粒相互碰撞、摩擦產生靜電積累，最終形成冬雷。下列說法正確的是（）

A.各種微粒在碰撞、摩擦的過程中創造了電荷

B,帶電云層附近存在許多的電場線

C.隨著電荷的積累，云層附近的電勢一定越來越高

D.隨著電荷的積累，云層附近的電場強度可能越來越大

4.降噪耳機的基本原理是在耳機內產生一列相應的抵消聲波，通過波的干涉起到消音作用。假設to時刻外界

噪聲的波形圖如圖所示，下列選項中的聲波（均為％時刻波形圖）對該噪聲降噪效果最好的是（）

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5.如圖，固定于水平面上的金屬架CDEF處在豎直向下的勻強磁場中，金屬D,I?

棒MN沿框架以速度"向右做勻速運動。t=0時，磁感應強度為瓦，此時MNXXXX

1Vr

到達的位置恰好使MDEN構成一個邊長為I的正方形。為使MN棒中不產生感XXXX

應電流，磁感應強度B變化規律的圖像為（）EN

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6.彩虹圈有很多性質和彈簧相似，在彈性限度內彈力隨著形變量的增加而增大，但彩虹圈

的重力不能忽略。如圖所示，用手拿起彩虹圈的上端，讓彩虹圈自由下垂且下端離地面一

定高度，然后由靜止釋放，彩虹圈始終沒有超出彈性限度。貝!］（）

A.彩虹圈下落過程中長度不變

B.剛釋放瞬間彩虹圈上端的加速度大于重力加速度

C.剛釋放瞬間彩虹圈下端的加速度等于重力加速度

D.彩虹圈下落過程中只有彈性勢能和動能相互轉化

7.中國空間站在距地面高度約400km的軌道上做勻速圓周運動，該軌道遠在距地面100k6的卡門線（外太空

與地球大氣層的分界線）之上，但軌道處依然存在相對地心靜止的稀薄氣體，氣體與空間站前端碰后瞬間可

視為二者共速?？臻g站安裝有發動機，能夠實時修正軌道。已知中國空間站離地面高度為伍地球半徑為R,

地球表面的重力加速度為g,將空間站視為如圖所示的圓柱體，其運行方向上的橫截面積為S,稀薄氣體密

度為P，不考慮其他因素對空間站的影響，貝1（）

空間站

--if

^MOOkuA卡門線

-——贏―0km

A.考慮到氣體阻力，若空間站沒有進行軌道修正，其高度降低，動能減小

B.空間站的速度大小為理

C.氣體對空間站前端作用力大小為能替

n-rK

p22

D.空間站發動機的功率為pS（黑n尸

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

8.2024年10月長春上空出現了罕見的極光。這是由于來自太陽的高能粒子（含電子、質子等）與地球大氣層

中的原子碰撞，原子吸收一部分能量，再將能量釋放而形成的。下列說法正確的是（）

A.太陽內部的裂變反應使其釋放大量能量

B,極光是原子從高能級向低能級躍遷時產生的

C.紅色極光的光子能量比綠色極光的光子能量大

D.用極光光譜可以分析地球大氣的組成成分

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9.如圖為某同學用激光照射一半圓形透明玻璃磚，研究光的傳播規律，下面說法正確的是（）

B

A.4。為入射光，。8為反射光，0C為折射光

B,若入射光繞。點逆時針轉動，反射光和折射光也隨之逆時針轉動

C.若入射光繞。點逆時針轉動，反射光越來越強，折射光越來越弱

D.若入射光與界面MON成。角時，折射光恰好消失，則折射率n=表

10.如圖，水平固定的平行帶電極板M、N間距為d,板間產生勻強電M-----------------------------

V

場，電場強度大小為E,兩板間同時雒垂直紙面向外、磁感應強度大P.*?

小為8的勻強磁場。一質量為小、電僵為的帶正電的粒子，由兩板間????

左側中點P以初速度見水平向右射入兩極板間，該粒子恰好沿直線運N-----------------------------

動。僅將粒子初速度大小調整為2%發現粒子由Q點（Q點未標出）沿水平方向射出兩極板間的區域。不計粒

子重力，下列說法正確的是（）

A.M板帶正電，N板帶負電B.粒子速度%

D

C.Q與P一定在同一水平線上D.d的大小可能等于喏

三、實驗題：本大題共2小題，共14分。

11.某同學用圖（a）所示的實驗裝置探究兩個互成角度的力的合成規律，量角器豎直固定，。刻度線水平。三

根細繩結于。點，其中一根細繩懸掛重物c,另外兩根細繩與彈簧測力計a、6掛鉤相連，互成角度同時拉兩

測力計，使結點。與量角器的中心點始終在同一位置。

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圖(b)

(1)某次測量時測力計的示數如圖(b)所示,讀數為N(結果保留1位小數)。

(2)關于該實驗，下列說法正確的是

4連接測力計的細繩之間夾角越大越好

2.實驗前必須對測力計進行校準和調零

C實驗過程中應保持測力計與量角器所在平面平行

(3)初始時，與兩測力計相連的細繩所成夾角如圖(①所示，保持夾角不變，順時針緩慢轉動兩測力計直至測

力計6水平，在此過程中，測力計b的示數—

4一直變大

8.一直變小

C先變大后變小

D先變小后變大

12.測量電源的電動勢和內阻的實驗中，為了消除電流表和電壓表內阻對實驗結果的影響，某實驗小組設計

了如圖(a)所示的實驗。先將單刀雙擲開關S2接1，閉合Si，調節滑動變阻器，得到多組電壓U和電流/,斷

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(1)僅利用開關S2接1測得的數據，得出電動勢和內阻，系統誤差來源于o

4電壓表分流

8.電流表分壓

(2)開關S2接2進行實驗，作出的U—/圖像為圖㈤中的圖線(填“4”或"B”)o

(3)消除電流表和電壓表內阻對實驗結果的影響，用圖(6)中物理量的符號表示出電動勢石=，內阻r

四、計算題：本大題共3小題，共40分。

13.某小區發生一起高空墜物案件，警方在調取事發地監控后截取了兩個畫面，合成圖片如圖所示，圖中黑

點為墜落的重物。重物經過4B兩點的時間間隔為0.6s,各樓層平均高度約為3小，陰影部分為第14層的消

防通道。重物可視為由靜止墜落，忽略空氣阻力，取重力加速度g=10a/s2,請估算：

(1)重物開始墜落的樓層；

(2)重物剛接觸地面時的速度大小(計算結果取整數)。

14.如圖，在平面直角坐標系xOy中，第一象限內存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場第二象限內存在沿x

軸正方向的勻強電場，電場強度石=鬻。某帶電粒子由點4(-。0)以速度歷沿y軸正方向射入電場，經y

軸進入磁場，偏轉后會再次回到電場。已知該粒子質量為小，電荷量為+q,不計粒子的重力，sin37°

=0.6,cos37°=0.8,求：

(1)粒子第一次進入磁場的速度大小;

(2)磁感應強度8的取值范圍。

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y

Vjx

A

15.“磁懸浮列車”是通過電磁力實現列車與軌道之間無接觸的懸浮和導向，再利用直線電機產生的電磁力

牽引列車運行。某實驗小組設計簡化模型如圖(a)所示，若磁懸浮列車模型的總質量為根，模型底部固定一

與其絕緣的矩形金屬線框abed,線框的總電阻為R。用兩根足夠長、水平固定、間距為〃和矩形線框的邊長

ab相等)的平行金屬導軌PQ、MN模擬列車行駛的軌道，導軌間存在垂直導軌平面的等間距的交替勻強磁場,

相鄰兩勻強磁場的方向相反、磁感應強度大小均為8,每個磁場寬度與矩形線框的邊長ad相等，如圖(b)所

示。將列車模型放置于導軌上，當交替磁場以速度打向右勻速運動時，列車模型受磁場力由靜止開始運動，

速度達到乎開始勻速運動，假定列車模型在運動過程中所受阻力恒定，不考慮磁場運動時產生的其他影響。

q

(1)求列車模型所受阻力/的大小；

(2)列車模型勻速運動后，某時刻磁場又以加速度a向右做勻加速直線運動，再經時間t列車模型也開始做勻

加速直線運動。

①分析求出列車模型勻加速運動的加速度大小ai；

②若列車模型開始勻加速運動時的速度為0,求t時間內列車所受安培力做的功勿。

圖(a)圖(b)

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：質點、單擺和理想氣體都是典型的理想模型，它們分別忽略了物體的體積、擺線的質量和氣

體分子間的相互作用力。而電場是描述電荷周圍空間中電荷相互作用的物理量，它是一個實際存在的物理

現象，并非理想模型。故錯誤，8正確。

故選：B。

2.【答案】C

【解析】解：力、甲圖中小磁針轉動是由于電流產生的磁場對小磁針有作用力，故/錯誤；

8、乙圖中回旋加速器通過電場加速粒子的，故3錯誤；

C、丙圖中高頻冶煉爐是利用渦流熱效應工作的，故C正確；

丁圖中無線充電過程利用了互感原理，故。錯誤。

故選：C?

3.【答案】D

【解析】解：4各種微粒在碰撞、摩擦的過程中電荷發生轉移，并不是創造了電荷，故N錯誤；

8.電場線是假想的，并不是實際存在的，故8錯誤；

。.電勢的大小是相對的，帶電體周圍的電勢大小與零電勢點的選取有關，則隨著電荷的積累，云層附近的

電勢不一定越來越高，故C錯誤；

。隨著電荷的積累，電荷量越來越大，相當于場源電荷量增大，則云層附近的電場強度可能越來越大，故。

正確；

故選：Do

4.【答案】A

【解析】解：因為降噪耳機的基本原理是在耳機內產生一列相應的抵消聲波，通過波的干涉起到消音作用,

則由波的干涉的減弱區的特點可知，兩列波應頻率相同、振幅相同、波長相同、波速相同，但相位相反，

故/正確，錯誤；

故選：Ao

5.【答案】D

【解析】解：感應電流的產生條件是穿過閉合回路的磁通量發生變化，只要保證穿過金屬棒和金屬架組成

的閉合回路的磁通量不發生變化，則MN棒中就不會產生感應電流，以后閉合回路的面積增大，所以磁感應

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強度要減小，需滿足用Z2=B（+a），整理可得8=署？故。正確，ABC錯誤。

故選：Do

6.【答案】B

【解析】解爾剛開始下落的一小段時間內，上端下落的加速度大于下端下落的加速度，上端和下端之間

的距離減小，即彩虹圈的長度變短，從開始釋放到彩虹圈下端接觸地面的過程中，彩虹圈可能一直變短，

也可能先變短，后不變（即彩虹圈恢復到原長之后長度不變），故4錯誤；

BC、剛釋放瞬間彩虹圈上端受到豎直向下的重力和彈力作用，合外力大于其重力，所以加速度大于當地的

重力加速度；彩虹圈下端受到豎直向上的彈力和豎直向下的重力，合外力小于其重力，所以加速度小于當

地的重力加速度，故2正確，C錯誤；

。、由于彩虹圈在下落過程中，彩虹圈的重心在下降，重力勢能減小，則由功能關系可知，彩虹圈下落過程

中彈性勢能與重力勢能和動能相互轉化，故。錯誤。

故選：B。

7.【答案】C

【解析】解：A根據萬有引力提供向心力G等=爪?，可得"=呼，所以當軌道半徑越小，線速度越大,

因此動能增大，故/錯誤；

B空間站正常在軌運動的線速度大小u=而在地球表面6鬻=巾00可得GM=gR2,則可得u=

此,故2錯誤；

7R+h

C.zlt時間內空間站前端所作用的氣體為研究對象，Am=pSvAt,根據動量定理有=解得空間

站前端對氣體的作用力大小F=￡嗎，根據牛頓第三定律，氣體對空間站前端作用力大小尸'=￡霧，故c

ri-rKn,-rK

正確；

D為保持空間站的軌道不變，空間站發動機提供的推力大小F"=F'=修譽，方向與速度方向相同，所以空

H-rK

間站發動機的功率為P=F、=pS（黑故。錯誤；

故選：C?

8.【答案】BD

【解析】解：4太陽輻射的能量主要來源于輕核聚變，故4錯誤；

8.極光是太陽風中的帶電粒子（如電子、質子）進入地球磁場后，與大氣中的原子或分子碰撞產生的發光現象，

這一過程會賦予氣體原子或分子能量，使其進入激發態，當這些激發態的粒子回到基態時，會以光的形式

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釋放能量，極光是原子從高能級向低能級躍遷時產生的，故2正確；

C根據E=hv可知，綠色極光比紅色極光的光子能量大，故C錯誤；

D用極光光譜可以分析地球大氣的組成成分，科學家可以通過光譜儀將極光的光分解成不同波長的光譜線,

將觀測到的光譜線與實驗室中已知元素的光譜數據庫匹配，確定大氣中存在的氣體種類，譜線強度可反映

氣體的密度或電離程度，幫助研究大氣層的動態變化，故。正確；

故選:BD。

9.【答案】ACD

【解析】解人根據光的反射定律、折射定律，可知反射光線、折射光線均與入射光線分居法線兩側，結

合圖中的光線位置，即可知入射光為4。、反射光為。8、折射光為。C,故/正確；

2、由圖可知入射光線繞。點逆時針轉動時，入射角增大，由反射定律，可知反射角增大，反射光線順時針

轉動；由折射定律，可知折射角轉動，即逆時針轉動，故2錯誤；

C、由圖可知入射光線繞。點逆時針轉動時，入射角增大，由反射光強、折射光強與入射角的關系，可知反

射光強變強，折射光強變弱，故C正確；

D、由折射光恰好消失時入射光線的位置，即可得到臨界角為：c=90°-e,結合臨界角與折射率的關系:

n=7^7，可得折射率為：n—故。正確。

sinecost7

故選：ACD.

10.【答案】BC

【解析】解：4帶正電的粒子恰好沿直線運動，該運動為勻速直線運動，根據左手定則可知，在P點受到豎

直向下的洛倫茲力，故其受到豎直向上的電場力，可知N板帶正電，M板帶負電，故/錯誤；

8.結合上述，粒子受力平衡，則有

Bqv0-Eq

解得

E

Vo=B

故8正確；

C當射入速度大小為歷時粒子做勻速直線運動，由此可知，可將2%分解為水平向右的為和巧，則滿足

%+%=2v0

即有

可知，粒子一個分運動為以初速度火向右勻速直線運動，另一個分運動為以速度也在豎直平面內做圓周運

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動，設其半徑為r，則有

mv{2

Bqu、=--

r

解得

mv()

r=~Bq

P點為粒子軌跡最高點，只有當粒子運動至軌跡最高點時，其才能沿水平方向射出兩極板間的區域，此時速

度沿水平方向向右，可知Q點與P點在同一水平線上，故C正確；

D結合上述可知，粒子能射出兩板間區域，可知

d>4r

結合上述解得

4mvo

d>?

Bq

故。錯誤。

故選：BCo

n.【答案】2.6BCB

【解析】解：(1)測力計的最小刻度為0.2N,所以讀數為2.6N。

(2)2、連接測力計的細繩之間的夾角大小合適即可，并不是越大越好，故/錯誤；

8、為了保證測力計的讀數準確，在實驗前必須對測力計進行校準和調零，故3正確；

C、為了保證測力計的讀數即為細繩的拉力大小，實驗過程中應保持測力計與量角器所在平面平行，故C正

確。

故選：BCo

(3)對結點。畫出受力圖，如圖所示

兩力的合力大小不變，因為保持兩力的夾角不變，用畫圓法分析，如圖所示

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根據圖像可知測力計a的示數逐漸增大，測力計6的示數一直減小，故3正確，NCD錯誤。

故選：Bo

故答案為：(1)2.6；(2)BC；(3)B。

12.【答案】BB以品

【解析】解：(1)由圖(a)所示電路圖可知，S2接1時相對于電源電流表采用內接法，由于電流表的分壓作用

使路端電壓的測量值小于真實值造成實驗誤差，故選瓦

(2)開關S2接2時由于電壓表的分流作用，電流的測量值小于真實值，導致電源電動勢與內阻的測量值都小

于真實值，U—/圖圖線應為B。

(3)開關S2接1時電源電動勢的測量值等于真實值，圖線為4則電源電動勢E=UA；

開關S2接2時短路電流的測量值與真實值相等，由圖線B可知，短路電流為/B，則電源內阻r=巖。

1B

故答案為:(1)B：(2)B；(3)。4；務

13.【答案】解：(1)設下落點到4的高度為八，下落時間為t,

則重物從開始下落到B點的高度為h+6m,下落時間為t+0.6s

重物做自由落體運動，則/1=/產，h+6=，(t+0.6)2

代入數據解得：h=2.45m

結合圖片4點的位置可知，重物從16樓開始墜落

(2)設下落點到地面的高度為H,重物剛接觸地面時的速度大小為u

根據(1)問結果可知：45m<H<48m

重物下落過程，由無一"公式得：v2=2gH

代入數據解得：u=30m/s或u=31m/s

答：(1)重物開始墜落的樓層是16樓；

(2)重物剛接觸地面時的速度大小是30m/s或31zn/s。

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14.【答案】解：(1)粒子在電場中做類平拋運動

根據牛頓第二定律可知

qE=ma

沿久軸方向

L=|-at2

vx=at

可解得

3

以=臚0

粒子進入磁場時的速度

V=J詔+處

解得

5

V=4V°

(2)粒子第一次進入磁場時的位置坐標

y=vot

解得

y=1L

設粒子進入磁場時速度與y軸正方向夾角為仇則

COS0=—V

解得

cos6八=-4

6=37。

第13頁，共15頁

粒子在磁場中的運動軌跡剛好與無軸相切時，半徑最大，滿足關系

y=rm+rmsin6

可解得最大半徑

即粒子在磁場中運動軌跡半徑滿足

r等

根據洛倫茲力提供向心力

V2

qvbD=m—

解得

B>普

答：（1）粒子第一次進入磁場的速度大小為

（2）磁感應強度B的取值范圍為B>喘。

15.【答案】解：（1）設列車行駛速度為%，線框中的感應電動勢大小為：E=2FL（v0-vi）

感應電流大小為：/=看

線框所受安培力大小為：F=2ILB=4