2024-2025學年高一物理下學期第一次月考卷

（黑吉遼專用）

（考試時間：75分鐘，分值：100分）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫

在本試卷上無效。

3.測試范圍：第5?6章，人教版2019必修第二冊。

4.難度系數：0.65o

第I卷選擇題

一.選擇題（本題共10小題，共46分，在每小題給出的四個選項中，1~7題只有一項符合題目要求，每

小題4分，870題有多項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答得0分。）

1.一級方程式賽車世界錦標賽，簡稱F1,是當今世界最高水平的賽車比賽，關于F1賽車，下列說法中正

確的是（）

A.賽車勻速轉彎時，加速度不變

B.賽車加速轉彎時，地面對車輪的作用力大于車輪對地面的作用力

C.賽車加速轉彎時，速度發生變化，賽車此時的慣性也隨之發生變化

D.賽車加速轉彎時，若車輪脫落，車輪沿著脫離時汽車前進方向的切線方向離開彎道

【答案】D

【詳解】A.賽車勻速轉彎時，加速度大小不變，方向時刻發生變化，故A錯誤；

B.賽車加速轉彎時，根據牛頓第三定律可知，地面對車輪的作用力大小等于車輪對地面的作用力，故B錯

誤；

C.賽車加速轉彎時，速度發生變化，賽車的質量不變，所以慣性不變，故C錯誤；

D.賽車加速轉彎時，若車輪脫落，由于慣性，車輪沿著脫離時汽車前進方向的切線方向離開彎道，故D正

確。

故選Do

2."殲20"是我國自行研制的第五代隱身戰斗機，其作戰性能位居世界前列。如圖所示，在2023珠海航展

上表演中，“殲20”先水平向右，再沿曲線仍向上，最后沿陡斜線直入云霄。設飛行路徑在同一豎直面內，

飛行速率不變。當戰機沿附段曲線飛行時，下列說法正確的是（）

j

..J

一

A.加速度大小為零

B.所受合外力方向豎直向上

C.水平方向的分速度不變

D.豎直方向的分速度逐漸增大

【答案】D

【詳解】A.戰機沿成段曲線飛行時，速度方向發生了變化，速度的變化量不等于0,加速度不等于0,故

A錯誤；

B.由于飛行速率不變，即沿軌跡切線方向的合力為0,當速度方向變化，垂直于速度方向的合力不等于0,

可知，戰機所受合力方向為斜向左上方，故B錯誤；

C.戰機沿成段曲線飛行過程，速度方向與水平方向夾角逐漸增大，速率不變，則水平方向的分速度逐漸

減小，故c錯誤；

D.結合上述可知，戰機豎直方向的分速度逐漸增大，故D正確。

故選D。

3.某小區安裝了車輛識別系統，當業主車輛行駛到欄桿一定距離時，欄桿繞轉軸自動向上勻速旋轉放行。

俯視圖如圖所示，已知水平欄桿離地高度為1m,一輛汽車（可視為長方體）車頂高度為1.6m,正好行駛在

路中間，自動識別裝置在探測到離桿4.4m的汽車時，水平欄桿向上旋轉，5.4s轉到豎直位置，為使汽車安

全通過，則該汽車勻速行駛的最大速度約為（）

汽車——>

------------轉軸

A.1.5m/sB.2.0m/sC.2.5m/sD.3.0m/s

【答案】B

【詳解】設汽車恰好通過道閘時直桿轉過的角度為。，由幾何知識得

0.84

解得

9=37°

由題意可知直桿轉過。所用時間為

37°

t=----x5.4s=2.22s

90°

汽車勻速行駛的最大速度為

v=￡=^±m/s?2.0m/s

t2.22

故選Bo

4.飛機向東水平勻減速飛行，每隔相等時間拋下一物，則在飛機上的人看到物體在空中的排布情況應是

)

A.B.

—?

東

C.D.

——?―?

東東

【答案】D

【詳解】拋下的物體相對飛機在水平方向上做初速度為0的勻加速直線運動，豎直方向上做自由落體運動,

則飛機看到拋下的物體在空中呈一條直線排布，且越到下方的間距越大。

故選Do

5.進入冬季后，北方的冰雪運動吸引了許多南方游客。如圖為雪地轉轉游戲，人乘坐雪圈（人和雪圈總質

量為50kg,大小忽略不計）繞軸以2rad/s的角速度在水平雪地上勻速轉動，已知水平桿長為2m,離地高

為2m,繩長為4m,且繩與水平桿垂直。則雪圈（含人）（）

A.所受的合外力不變B.所受繩子的拉力指向圓周運動的圓心

C.線速度大小為10m/sD,所需向心力大小為800N

【答案】D

【詳解】A.雪圈（含人）做勻速圓周運動合外力一直指向圓心，方向在時刻發生變化，因而合外力在不斷

變化，故A錯誤；

B.根據圖示可知繩子的拉力沿繩并指向繩收縮的方向，并不是指向圓周運動的圓心的，故B錯誤；

C.根據幾何關系可知，雪圈（含人）做勻速圓周運動的半徑為

r-A/42-22+22m=4m

根據v=or可知，線速度大小為

v=cor=8m/s

故c錯誤;

D.雪圈（含人）所受的合外力提供所需的向心力，則有

2

Fn=ma>r=800N

故D正確。

故選D?

6.如圖所示，蘿卜炮是當下小朋友喜歡玩的玩具，往炮管口塞入炮彈后，向下按壓炮管、按動按鈕便可發

射炮彈。小明把蘿卜炮固定在水平地面上進行了一次發射，并測出炮彈在空中飛行的時間Uis,重力加速

度g=10m/s2,忽略空氣阻力，蘿卜炮可視為質點。下列說法正確的是（）

A.炮彈上升的最大高度為5m

B.若炮彈的水平射程為0.8m,則可知炮彈的初速度為0.8m/s

C.炮彈在空中運動時單位時間的速度變化量相等

D.炮彈在最高點的瞬時速度為0

【答案】C

【詳解】A.炮管距離地面有一定高度，炮彈上升到最大高度與下降到地面的運動軌跡并不對稱，故上升過

程與下降過程各自的運動時間不相等無法計算上升的最大高度，故A錯誤；

B.若炮彈做平拋運動且水平射程為0.8m,則炮彈的初速度為0.8m/s,根據題圖可知蘿卜炮做斜拋運動，

炮彈的初速度將會大于0.8m/s,故B錯誤；

C.炮彈在空中運動僅受到重力作用，加速度始終為重力加速度，根據

Av=gA/

可知炮彈在空中運動時單位時間的速度變化量相等，故c正確；

D.炮彈在離開炮管后，水平方向保持勻速直線運動，到達最高點時速度不為0,故D錯誤。

故選C。

7.如圖甲所示，將質量均為加的物塊A、B沿同一徑向置于水平轉盤上，兩者用長為乙的水平輕繩連接,

輕繩恰好伸直但無拉力。己知兩物塊與轉盤之間的動摩擦因數均為〃，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物

塊A與轉軸的距離等于3整個裝置能繞通過轉盤中心的豎直軸轉動。當轉盤以不同角速度勻速轉動時，

兩物塊所受摩擦力大小/?與角速度。二次方的關系圖像如圖乙所示，重力加速度為g。下列說法正確的是

()

A.乙圖中圖像。為物塊B所受/與療的關系圖像

B.當角速度。增大到后時，輕繩開始出現拉力

C.0；:0；=2:3

D.當。=生時，輕繩的拉力大小為K等

【答案】D

【詳解】AB.一開始角速度比較小時，兩物塊的靜摩擦力提供所需的向心力，由于物塊B的半徑較大，所

需向心力較大，則物塊B的摩擦力先達到最大，之后物塊B的摩擦力不變，繩子開始產生拉力，則乙圖中

圖像6為物塊B所受/與療的關系圖像，對B由牛頓第二定律可得

jumg=ma)i-2L

解得開始產生繩子拉力時的角速度為

例

2L

故AB錯誤;

CD.乙圖中圖像。為物塊A所受/與療的關系圖像，當0=見時，物塊A的摩擦力達到最大，分別對A和

B根據牛頓第二定律可得

/jmg—T=mco2L

jumg+T-?2L

聯立解得

贊

Tjmg

一3

則有

=3:4

故C錯誤，D正確。

故選Do

8.關于下列四幅圖的說法中不正確的是(

河岸皿

圖(a)圖(b)圖(c)

A.如圖(a),當船頭垂直于河岸渡河時,不管在渡河過程中船速如何變化，渡河軌跡一定是直線

B.如圖(b),該實驗中A、B球同時落地的現象可以說明平拋運動水平方向分運動的特點

C.如圖(c),汽車通過拱橋的最高點時對拱橋的壓力大小大于其重力大小

D.如圖(d),火車轉彎超過規定速度行駛時，外軌對外輪緣會有擠壓作用

【答案】ABC

【詳解】A.如圖(a),當船頭垂直于河岸渡河時，若船在靜水中的速度是勻速，水流速度也是勻速時，由

速度合成定則可知，渡河軌跡一定是直線，若船速是變速時，水流是勻速，由速度合成定則可知，渡河軌

跡一定不是直線，A錯誤；

B.如圖（b）,實驗現象是兩球在同一高度，同時運動且同時落地，可以說明平拋運動豎直方向分運動的特

點，不能說明平拋運動水平方向分運動的特點，B錯誤；

C.如圖（c）,汽車通過拱橋的最高點時，由牛頓第二定律，則有

.V2

mg-F=m——

Nr

解得

「V2

=mg-m——

r

可知，拱橋對汽車的支持力大小小于重力大小，由牛頓第三定律可知，汽車對拱橋的壓力大小小于其重力

大小，C錯誤；

D.如圖（d）,火車轉彎超過規定速度行駛時，其火車重力與軌道的支持力的合力不能滿足火車轉彎時所需

的向心力，則有外軌對外輪緣會有擠壓作用，D正確。

本題選擇不正確的，故選ABC。

9.如圖所示，半徑為R的光滑細圓環固定在豎直平面內，一質量為加、中心有小孔的小球（可視為質點）

穿在圓環上，并在豎直平面內做圓周運動，以大小為顧（g為重力加速度）的速度經過圓環最高點

則下列說法正確的是（）

A.要保證小球可以到達最高點人可能等于0

B.若0〈人＜1,則小球在/點對圓環產生方向豎直向下、大小為（1-左）加g的拉力

C.若左=1,則小球在/點對圓環產生方向豎直向下、大小為癡g的壓力

D.若左＞1,則小球在/點對圓環產生方向豎直向下、大小為（左-Dwg的拉力

【答案】AB

【詳解】A.由于小球穿在圓環上，當小球到達最高點受到的支持力等于重力時，小球的速度為0,則要保

證小球可以到達最高點人可以等于0,故A正確；

C.小球以大小為質的速度經過圓環最高點/時，假設圓環對球的力為尸，方向向下，根據牛頓第二定

律可得

工F（即）2

mg+r=m氏---

解得

F=（k—l）mg

若k=l,可知小球在/點與圓環的力為0,故C錯誤；

B.若0<4<1,可知

F=（k-l）mg<0

即環對小球的力為豎直向上的支持力，大小為（1-左）“g；根據牛頓第三定律可知小球在N點對圓環產生方

向豎直向下、大小為（1-左）mg的拉力，故B正確；

D.若k〉l,可得

F=（k—l）mg>0

即環對小球的力為豎直向下的拉力，大小為（左-D"g；根據牛頓第三定律可知小球在/點對圓環產生方向

豎直向上、大小為（左-Dwg的支持力，故D錯誤。

故選ABo

10.在足夠大的光滑水平桌面上，一質量加=lkg的小球靜止在圖示坐標系的原點。處。從f=0時刻起，小

球受到沿+x方向的大小為b/=2N的恒定拉力作用開始運動。在"1s時刻，撤去行，立即換成沿+y方向的

大小為巳=2N的恒定拉力作用在物體上。在f=2s時刻，把B也撤去。在仁3s時刻，小球開始進入一個固定

在水平桌面上的圓形光滑細管道（在圖上只畫了該管道的管口，管道的內徑略微大于小球的直徑）。已知小

球是沿管道的切線方向進入管道的，且已知該管道的圓心在y軸上。下列說法正確的是（）

A.3s末小球的位置坐標為（5m,3m）

B.3s末小球的位置坐標為（3m,3m）

C.進入管道后，小球的向心力大小為0.8板N

D.進入管道后，小球的向心力大小為1.6N

【答案】AC

【詳解】AB.0?：Is內物體沿+x方向做勻加速運動，則

a=—=2m/s2

xm

12i

士=-axtt=lm

vx=axt1=2m/s

1?2s內物體做類平拋運動，則

a=—=2m/s2

m

vy=ayt2=2m/s

x2=xr+vxt2=3m

121

%=尹右=lm

2?3s內物體做勻速直線運動，則

x3=x2+vxt3=5m

%=%+，%=3m

所以片2s時刻，小球的位置坐標為(5m,3m),選項A正確，B錯誤;

CD.設3s末速度方向與+x方向夾角為8,則

tan。=-=I

匕

由幾何關系得，管道的半徑

r=———=5V2m

sin45°

小球進入管道的速度

v=小V：+.=2\/2in/s

進入管道后小球的向心力

F=w—=o,8V2N

選項C正確，D錯誤。

故選ACo

第II卷非選擇題

二、實驗題：本題共2小題，共14分。

11.（6分）如圖甲所示為向心力演示儀，可探究小球做圓周運動所需向心力的大小廠與質量加、角速度3

和半徑r之間的關系。長槽的/、8處和短槽的C處分別到各自轉軸中心距離之比為變速塔輪自上

而下有三種組合方式，左右每層半徑之比由上至下分別為1：1、2：1和3：1,如圖乙所示。

⑴本實驗的目的是探究向心力的大小與小球質量加、角速度3和半徑廠之間的關系，下列實驗中采用的實

驗方法與本實驗相同的是（）

A.探究兩個互成角度的力的合成規律

B.探究平拋運動的特點

C.探究加速度與物體受力、物體質量的關系

（2）在某次實驗中，把兩個質量相等的鋼球放在/、C位置，傳動皮帶位于第三層，轉動手柄，則當塔輪勻

速轉動時，左右兩標尺露出的格子數之比約為=

⑶在記錄兩個標尺露出的格數時，同學們發現要同時記錄兩邊的格數且格數又不是很穩定，不便于讀取，

于是有同學提出用手機拍照后再通過照片讀出兩邊標尺露出的格數。下列對該同學建議的評價，你認為正

確的是O

A.該方法可行，但仍需要勻速轉動手柄

B.該方法可行，且不需要勻速轉動手柄

C.該方法不可行，因不能確定拍照時露出的格數是否已穩定

【答案】（1）C；（2）1:9；（3）B

【詳解】（1）在該實驗中，通過控制質量、半徑、角速度中兩個物理量相同，探究向心力與另外一個物理

量之間的關系，采用的科學方法是控制變量法。

A.探究兩個互成角度的力的合成規律應用了等效替代法，故A錯誤；

B.探究平拋運動的特點，例如兩球同時落地，兩球在豎直方向上的運動效果相同，應用了等效思想，故B

錯誤；

C.探究加速度與物體受力、物體質量的關系，應用了控制變量法，故C正確。

故選C。

（2）在某次實驗中，把兩個質量相等的鋼球放在/、C位置，即兩小球的質量相等，做勻速圓周運動的半

徑也相同。當傳動皮帶位于第三層，變速塔輪邊緣處的線速度相等，根據

v=cor

可知在A和C位置的小球做勻速圓周運動的角速度之比為1:3,由向心力公式

r-r2

f"=ma>r

可知在A和C位置的小球做勻速圓周運動所需的向心力大小之比為1:9,所以則當塔輪勻速轉動時，左右兩

標尺露出的格子數之比約為1：9。

（3）該方法可行，用手機拍照后再通過照片讀出兩邊標尺露出的格數，這樣可以準確讀出某一時刻兩邊

標尺露出的格數，并通過格數得出向心力與角速度的關系，手柄轉速變化時，兩邊標尺露出的格數同時變

化，仍可通過格數得出向心力與角速度的關系，故不需要勻速轉動手柄。

故選Bo

12.（8分）某小組做“探究平拋運動的特點”的實驗：

⑴探究一：用如圖甲、乙兩種裝置研究平拋運動，以下說法正確的是

A.圖甲探究平拋運動豎直方向的運動規律

B.圖甲探究平拋運動水平方向的運動規律

C.圖乙探究平拋運動豎直方向的運動規律

D.圖乙探究平拋運動水平方向的運動規律

（2）探究二：用如下圖裝置通過多次描點獲得小球平拋運動的軌跡，其中斜槽軌道末端已經調整正確的是

⑶用題(2)中的裝置做實驗，如下圖丙所示為小球在斜槽軌道末端時的位置示意圖，1、2、3、4點分別

表示小球最高點、球心、最低點、右端點水平投影在豎直板上的位置，小球拋出點的位置應是(選填

數字1、2、3、4)o

⑷在實驗中，將白紙換成方格紙，方格紙的豎直線與重錘線平行，方格紙的每個小方格邊長工=5cm。實驗

記錄了小球在運動中的4個點跡，如圖丁所示，則小球在C點時的速度大小為m/s,g取10m/s2。

【答案】(1)AD；(2)C；(3)2(4)2.5

【詳解】(1)AB.圖甲中兩小球豎直方向有相同的運動情況，探究平拋運動豎直方向的運動規律，故A正

確，B錯誤；

CD.圖乙中兩小球水平方向有相同的運動情況，探究平拋運動水平方向的運動規律，故C錯誤，D正確。

故選AD。

(2)為了保證小球拋出時的速度處于水平方向，斜槽軌道末端應處于水平方向。

故選Co

(3)小球拋出點的位置應是小球在斜槽軌道末端時，小球球心水平投影在豎直板上的位置，即小球拋出點

的位置應是2o

(4)由題圖可知/C與CO的水平位移相等，則/C與CD所用時間相等，豎直方向根據

Ay=4L-2L=g"

2L2嗎=0」s

解得T=

g10

水平方向有4￡=%T

AT4x0ns

解得水平分速度為%=芋=m/s=2m/s

小球在。點時的豎直分速度大小為為=芳=；：；°；m/s=1.5m/s

則小球在C點時的速度大小為匕=舊逵=2-5111/5

三、計算題：本題共3小題，共40分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最

后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。

13.（10分）王老師質量M=60kg,騎一輛質量用=40kg的電動自行車上下班。電動自行車的最大速率為

8m/s。圖1為王老師上下班必經的十字路口，路徑1為上班時右轉路徑，路徑2為下班左轉路徑，路徑1、

2均可看作圓的一部分，路徑1的半徑為5m,電動自行車與地面之間的動摩擦因數為0.5,重力加速度

g=10m/s2o

（1）若王老師通過路徑1時保持勻速率行駛，求王老師在路徑1安全行駛的最大速度；

（2）若王老師以電動自行車最大速率安全勻速通過路徑2,求路徑2的最小半徑；

（3）周末王老師騎電動自行車前往家附近的公園游玩。在通過如圖2半徑為8m的拱橋最高點時車速為4m/s,

求在最高點處橋面對王老師和車整體的支持力大小。

圖1圖2

【答案】(1)5m/s；(2)12.8m；(3)800N

【詳解】（1）根據牛頓第二定律有

ri

解得

匕=5m/s

（2）根據牛頓第二定律有

〃(加+Af)g=(m+

解得

r2=12.8m

（3）根據合外力提供向心力

2

+m)g-F^=(Af+m)—

R

解得

然二800N

14.（14分）第十四屆全國冬季運動會于2月17日在內蒙古開幕。跳臺滑雪是其中的項目之一，滑雪大跳

臺的賽道主要由助滑道、起跳區、著陸坡、停止區組成，如圖甲所示，圖乙為簡化后的跳臺滑雪賽道示意

圖，段為助滑道，08為起跳區，與水平面的夾角a=30°,3c段為傾角。=30。的著陸坡。一運動員從助

滑道的起點/由靜止開始下滑，到達起跳點。時，借助設備和技巧，以與水平方向成30。角（起跳角）從8

點起跳，最后落在著陸坡面的C點。已知該運動員在2點的起跳速度為20m/s,不計空氣阻力，重力加速

度g=10m/s2o求:

甲乙

⑴運動員離開著陸坡面的最大距離是多少？

⑵運動員落到C點的速度大小。

【答案】（1）10鬲；⑵20百m/s

【詳解】（1）運動員起跳時沿垂直斜面方向的初速度

v；=%cos30°=1oV3m/s

重力加速度在垂直斜面方向的分加速度大小為

g=gcos30°=56m/s2

離斜面最遠時，垂直斜面方向的速度為零，則離斜面的最遠距離

'2

h=^—=10V3m

2g'

上=2s

g

由于運動時間的對稱性，則運動員落到c點的時間

h=2t=4s

運動員落到C點的水平方向速度大小為

匕'=%cos30。=1oV3m/s

運動員落到C點的豎直方向速度大小為

vyl=-vy+gtx=-10m/s+10x4m/s=30m/s

運動員落到C點的速度大小

=JvJ+.j=20gm/s

15.(16分)科技館有一套兒童喜愛的機械裝置，其結構如圖所示：傳送帶N8部分水平，其長度

Z,=2.124m,以匕=L8m/s順時針勻速轉動。大輪半徑「=14.4cm,其下端C點與圓弧軌道。即的。點在

同一水平線上，尸點和傾斜傳送帶G”的下端G點平滑連接。圓弧軌道的半徑尺=0.1m,傾斜傳送帶G4長

為0.5m,傾角。=37。，某同學將一質量為01kg的小物塊輕放在水平傳送帶左端/處，小物塊從3點

離開水平傳送帶后，恰能從。點沿切線方向進入圓弧軌道，到達尸點后，小物塊以匕=3m/s的速度滑上傾

斜傳送帶G//。已知小物塊與兩段傳送帶的動摩擦因數均為〃=0.5,重力加速度g=10m/s:sin370=0.6,

cos37°=0.8,求：

(1)小物塊由4到2所經歷的時間；

(2)小物塊在。點時，對圓弧壓力的大小；

(3)若要小物塊能被送