龍巖市2025年高中畢業(yè)班三月教學(xué)質(zhì)量檢測一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.“判天地之美，析萬物之理”，學(xué)習(xí)物理不僅要掌握物理知識，還要領(lǐng)悟并掌握處理物理問題的思想方法。以下四幅插圖中包含的物理思想方法相同的是（）A.甲和乙 B.甲和丙 C.乙和丙 D.乙和丁【答案】A【解析】【詳解】甲圖和乙圖都是采用放大思想，原理相同；丙圖是理想實驗法；丁圖是控制變量法。故選A。2.如圖所示，以兩等量異種點電荷連線的中點為圓心畫一半圓，在半圓上有、三點，M、N兩點在兩電荷連線上，點在兩電荷連線的垂直平分線上。下列說法正確的是（）A.點電場強度大于點的電場強度B.三點的電勢相等C.兩點間與兩點間電勢差不相等D.同一試探電荷在兩點的電勢能相等【答案】D【解析】【詳解】A．由等量異種電荷的電場線分布可知，點電場強度等于點的電場強度，選項A錯誤；B．沿電場線電勢逐漸降低可知，三點的電勢關(guān)系為選項B錯誤；C．由對稱性可知，兩點間與兩點間電勢差相等，選項C錯誤；D．因OP兩點都在兩等量異種電荷連線的中垂線上，則電勢相等，則同一試探電荷在兩點的電勢能相等，選項D正確。故選D。3.一輛汽車在夜間以速度勻速行駛，駛?cè)胍欢握彰鞑涣嫉钠街惫窌r，司機迅速減小油門，使汽車的功率減小為某一定值，此后汽車的速度與時間的關(guān)系如圖所示。設(shè)汽車行駛時所受的阻力恒定為，汽車的質(zhì)量為，則下列說法正確的是（）A.時刻，汽車的功率減小為B.整個減速過程中，汽車的牽引力不斷變小C.整個減速過程中，克服阻力做功大于D.整個減速過程中，汽車牽引力的沖量大小為【答案】C【解析】【詳解】A．時刻，汽車功率減小為，故A錯誤；B．整個減速過程中，由，可知汽車的牽引力不斷變大，故B錯誤；C．整個減速過程中，由動能定理，有得故C正確；D．整個減速過程中，由動量定理，有得故D錯誤。故選C。4.如圖所示，光滑水平地面上有一質(zhì)量為的小車在水平推力的作用下加速運動。車廂內(nèi)有質(zhì)量均為的A、B兩小球，兩球用輕桿相連，A球靠在光滑左壁上，B球處在車廂水平底面上，且與底面的動摩擦因數(shù)為，桿與豎直方向的夾角為，桿與車廂始終保持相對靜止，已知重力加速度為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）A.若A球所受車廂壁彈力為零，則輕桿所受的彈力為B.若A球所受車廂壁彈力為零，則C.若B球受到的摩擦力為零，則D.若B球受到的摩擦力為零，則【答案】D【解析】【詳解】A．輕桿的彈力方向沿桿，若A球所受車廂壁彈力為零，對A進行分析，A受到重力與輕桿對A沿桿向上的彈力，合力方向水平向左，如圖所示則有故A錯誤；B．若A球所受車廂壁彈力為零，結(jié)合上述，根據(jù)牛頓第二定律有對小車、A、B構(gòu)成的整體進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得故B錯誤。CD．對小球A進行分析，輕桿對A的彈力沿豎直方向的分力始終與A的重力平衡，即有可知，輕桿對A的彈力始終不變，由于輕桿質(zhì)量不計，根據(jù)牛頓第二定律可知，輕桿所受外力的合力始終為0，結(jié)合牛頓第三定律可知，輕桿對B的彈力方向沿桿向下，大小等于若B球受到的摩擦力為零，對B進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有對小車、A、B構(gòu)成的整體進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得故C錯誤，D正確。故選D。二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題給出的四個選項中，有兩項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.“戰(zhàn)繩”是在健身房中常見的一種力量訓(xùn)練項目，如圖甲所示，人用手握住繩子一端，將繩拉平后沿豎直方向上下抖動，則可在繩中形成一列機械波。若將此波視為簡諧橫波，開始抖動質(zhì)點1為0時刻，時刻繩中各質(zhì)點的位置和波形如圖乙所示，質(zhì)點1和5分別位于下方和上方最大位移處，相鄰編號質(zhì)點平衡位置間距離為。則下列說法正確的是（）A.0時刻質(zhì)點1開始向下運動 B.時刻質(zhì)點3和質(zhì)點7速度方向相反C.該列波中質(zhì)點的振動周期為 D.該波的傳播速度為【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖乙根據(jù)波形平移法可知，質(zhì)點7的起振方向向上，則0時刻質(zhì)點1開始向上運動，故A錯誤；B．由圖乙根據(jù)波形平移法可知，質(zhì)點3向下運動，質(zhì)點7向上運動，故B正確；C．設(shè)該列波中質(zhì)點的振動周期為，則有解得故C錯誤；D．由圖乙可知波長為，則該波傳播速度為故D正確。故選BD。6.如圖甲所示，輕質(zhì)細線吊著一質(zhì)量、邊長、匝數(shù)的正方形線圈，線圈總電阻。在線圈的中間位置以下區(qū)域分布著垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小隨時間變化關(guān)系如圖乙所示，重力加速度。下列說法正確的是（）A.內(nèi)穿過線圈磁通量的變化量為B.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小為C.時輕質(zhì)細線的拉力大小為D.內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BC【解析】【詳解】A．內(nèi)穿過線圈磁通量的變化量為選項A錯誤；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律得根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得線圈中的感應(yīng)電流大小為選項B正確；C．根據(jù)圖乙可知，t=3s時磁感應(yīng)強度為B=1T線圈受到的安培力大小為：F安=nBIL=5×1×1×1N=5N方向豎直向上，則輕質(zhì)細線的拉力大小為選項C正確；D．0～4s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2rt=12×0.5×4J=2J故D錯誤。故選BC。7.神舟十九號載人飛船于2024年10月30日成功發(fā)射，經(jīng)過10分鐘左右成功進入預(yù)定軌道。飛船進入預(yù)定軌道之前在近地圓軌道1的點點火加速進入橢圓軌道2，在遠地點點再次點火加速進入圓軌道3。若飛船在1、2軌道的點和2、3軌道的點速度分別為、和、，向心加速度分別為、和、，機械能分別為、和、，飛船在1、2和3軌道的周期分別為、和。對于以上物理量的大小關(guān)系，下列選項正確的是（）A. B.C. D.【答案】AD【解析】【詳解】A．由，得則且兩次加速，有則故A正確；B．在、兩點，飛船所受向心力由地球?qū)ζ淙f有引力提供，即則故B錯誤；C．在同一軌道上機械能守恒，則在、兩點加速，有且則故C錯誤；D．由開普勒第三定律，有，即軌道越高周期越長，則故D正確。故選AD。8.如圖所示，一個半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)分布磁感應(yīng)強度大小為、方向垂直紙面向外的勻強磁場。一粒子源從圓上的A點向各個方向不停地發(fā)射出相同速率的帶負電粒子，粒子的質(zhì)量均為、所帶電荷量均為、運動的半徑均為，粒子重力忽略不計。下列說法正確的是（）A.若，則粒子在磁場中運動的最長時間為B.若，則粒子能打在圓形磁場圓周上的范圍是半個圓周C.若，則粒子在磁場中運動的最長時間為D.若，則粒子能打在圓形磁場圓周上的范圍是六分之一個圓周【答案】AD【解析】【詳解】AB．若，根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子沿不同方向射入磁場，會從磁場圓的不同位置出射，范圍是整個圓周長；其中粒子在磁場中運動的時間最長時，運動軌跡的弦是磁場區(qū)域的直徑，作出軌跡如圖所示因為，則圓心角，粒子在磁場中運動的最長時間為故A正確，B錯誤；CD．若，粒子在磁場圓的出射點都在AP之間，如圖所示由幾何關(guān)系可知，AP弧長對應(yīng)的圓心角為，所以粒子能打在圓形磁場圓周上的范圍是六分之一圓周長，在磁場中運動時間最長的粒子正好轉(zhuǎn)過了一周，時間為故C錯誤，D正確。故選AD。三、非選擇題：共60分，其中9、10、11題為填空題，12、13題為實驗題，141?6題為計算題。請考生按要求作答。9.如圖所示為彈性健身球，球內(nèi)氣體的體積為，壓強為。某同學(xué)靠到球上，達到穩(wěn)定時，球內(nèi)氣體體積變?yōu)椋騼?nèi)氣體視為理想氣體且溫度不變，球內(nèi)氣體壓強為___________（結(jié)果保留2位有效數(shù)字），則該過程氣體向外界___________（填“放出”或“吸收”）熱量。【答案】①.②.放出【解析】【詳解】[1]根據(jù)玻意耳定律可知解得[2]該過程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對氣體做功，可知氣體向外界放出熱量。10.2024年12月30日，哈工大科研團隊取得重大突破，獲得EUV光刻機所需的波長為的極紫外光源，用極紫外光曝光來制造芯片，可以提高光刻機的光刻精度。如圖為EUV光刻機的簡化原理圖，在投影物鏡和光刻膠之間填充了折射率為1.5的浸沒液體，則極紫外光在該液體中的波長為___________nm，比在空氣中更___________（填“容易”或“不容易”）發(fā)生明顯的衍射。【答案】①.9②.不容易【解析】【詳解】[1]極紫外光在該液體中的波長為[2]光的波長越長，越容易發(fā)生明顯衍射，極紫外光在該液體中的波長比在空氣中短，比在空氣中更不容易發(fā)生明顯的衍射。11.一靜止衰變?yōu)獒暫撕挺亮Ｗ樱撍プ兎匠虨開__________。其中、、α粒子的質(zhì)量分別為、、，其釋放核能為___________，假設(shè)釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為釙核和α粒子的動能，則釙核和α粒子的動能之比為___________。（用、或表示）【答案】①.②.③.【解析】【詳解】[1]由質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒可得，衰變?yōu)獒暫撕挺亮Ｗ拥乃プ兎匠虨椤2]由可得衰變釋放的能量。[3]衰變的過程中動量守恒由可得。12.某個實驗小組做“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗，方案如圖甲所示。步驟如下：①用兩個彈簧測力計互成角度的拉細繩套，使橡皮筋伸長，結(jié)點達到紙面上某一位置。記錄結(jié)點位置、兩個彈簧測力計的示數(shù)、和方向；②只用一個彈簧測力計，仍將結(jié)點拉到位置，記錄彈簧測力計的示數(shù)和方向；③根據(jù)力的平行四邊形定則，作出和的合力；④作出四個力的圖示；⑤比較和的一致程度。（1）本次實驗需要用到帶細繩套的橡皮條，圖乙中最合適的是___________（填寫序號）；（2）步驟①中某個彈簧測力計指針位置如圖丙所示，其讀數(shù)為___________；（3）如圖丁所示，一定沿方向的力是___________（選填“”或“”）。【答案】（1）C（2）300（3）【解析】【小問1詳解】為了減小拉力方向標記的誤差，拉橡皮條的細繩應(yīng)適當長一些，則圖乙中最合適的是C。【小問2詳解】圖中彈簧測力計的分度值為，由圖丙可知其讀數(shù)為。【小問3詳解】由圖丁可知，力是通過作平行四邊形得到的合力理論值，由于存在一定的誤差，力的方向不一定沿方向；力是通過一個力拉橡皮條得到的合力實驗值，根據(jù)二力平衡可知，的方向一定沿方向。13.某實驗小組設(shè)計了測量海水電阻率的實驗。所用實驗器材如下：電源（內(nèi)阻很小），電流表A（內(nèi)阻極小），電壓表V（內(nèi)阻極大），滑動變阻器，開關(guān)，導(dǎo)線若干；內(nèi)部裝有耐腐蝕電極板的長方體樣品池。如圖甲所示，樣品池內(nèi)的右側(cè)電極板可以左右移動，且移動時與樣品池間密封完好。（1）先按圖乙所示連接實物電路，將體積為的海水樣品加入樣品池中，閉合開關(guān)之前，將滑動變阻器的滑動觸頭置于最左端。（2）然后測量海水的電阻率：①調(diào)整右側(cè)電極板處于樣品池中的適當位置，閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑動觸頭，使電壓表和電流表有適當?shù)氖緮?shù)和。②根據(jù)電阻定義，計算并記錄此時樣品池中海水的電阻值，同時測量并記錄左右電極板間的距離（單位）。③重復(fù)步驟①②的操作，記錄多組測量數(shù)據(jù)。（3）數(shù)據(jù)處理與分析：①根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)計算海水樣品的電阻，以為縱坐標、以___________（用題設(shè)物理量符號表示）為橫坐標建立坐標系，將得到的數(shù)據(jù)描點、連線，得到的圖像如圖丙所示，則海水的電阻率___________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。②該實驗中，若電流表的內(nèi)阻不可忽略，則海水電阻率的測量值與真實值相比___________（填正確答案標號）。A.偏大B.偏小C.相等【答案】①.；②.0.30##0.31##0.32##0.33；③.【解析】【詳解】[1]設(shè)取用的海水體積為,與單個極板的接觸面積為，有且由代入解得，則橫坐標為[2]取兩點、，結(jié)合公式得由于讀數(shù)誤差，結(jié)果在之間都可以。[3]若考慮電流表的內(nèi)阻，則得圖線斜率仍然不變，即電阻率的測量值與真實值相等。14.小明在籃球場上練習(xí)定點投籃時站在籃筐正前方離籃板水平距離位置上，將籃球（視為質(zhì)點）從離地高度的手中以初速度（未知）斜向上拋出，正好垂直打在籃板上，此時籃球距離地面高度，如圖所示。不計空氣阻力，重力加速度。求：（1）籃球從手中拋出到打在籃板位置所需的時間；（2）籃球拋出時初速度的大小及與水平方向夾角的正切值。【答案】（1）（2），【解析】【小問1詳解】根據(jù)運動獨立性，由正交分可知豎直方向位移代入數(shù)據(jù)得【小問2詳解】水平方向位移即水平方向分速度代入數(shù)據(jù)得豎直方向分速度則合速度為解得根據(jù)速度的分解有15.一光滑絕緣細直長桿處于靜電場中，沿細桿建立坐標軸，以處的點為電勢零點，如圖甲所示。細桿各處電場方向沿軸正方向，其電場強度隨的分布如圖乙所示。細桿上套有可視為質(zhì)點的帶負電圓環(huán)，質(zhì)量、電荷量大小，受到沿軸正方向的恒力的作用，從點靜止開始運動，求：（1）帶電圓環(huán)在處的加速度的大小；（2）帶電圓環(huán)在處的動能；（3）帶電圓環(huán)在運動區(qū)間內(nèi)的電勢能的最大值。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】帶電圓環(huán)在處受到的電場力大小為方向水平向左根據(jù)牛頓第二定律可知解得【小問2詳解】根據(jù)可知，圖像的圖線與坐標軸圍成的面積等于電勢差則到間的電勢差從到，由動能定理解得處的動能【小問3詳解】帶電圓環(huán)沿軸正方向先做加速運動后做減速運動，而后沿軸負方向先加速后減速運動回到處，然后又重復(fù)上述運動，這樣周而復(fù)始。由圖像乙可得離點處的電勢差當帶電圓環(huán)沿軸正方向運動到了最遠處時，電勢最低，電勢能最大，由動能定理得代入數(shù)據(jù)解得（舍去）可得點到處的電勢差以處的點為電勢零點，可得最小電勢帶電環(huán)電勢能的最大值16.如圖甲所示，水平面上固定一傾角的光滑斜面，勁度系數(shù)的輕彈簧一端固定在斜面擋板上，另一端與質(zhì)量的長木板相連，長木板靜止在斜面上，與鎖定在斜面上半徑的光滑圓弧AB平滑相接于B點，A、B兩點的豎直高度差，質(zhì)量的小物塊從圓弧A點由靜止滑下。從滑上長木板開始計時，時滑至長木板下端，此時長木板速度恰好為零，長木板在前內(nèi)的