浙江省臺州市2024屆高考物理四模試卷

注意事項

1.考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回.

2.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0.5亳米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置.

3.請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符.

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他

答案.作答非選擇題，必須用05亳米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效.

5.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗.

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、若一個質點由靜止開始做勻加速直線運動，下列有關說法正確的是（）

A.某時刻質點的動量與所經歷的時間成正比

B.某時刻質點的動量與所發生的位移成正比

C.某時刻質點的動能與所經歷的時間成正比

D.某時刻質點的動能與所發生位移的平方成正比

2、一物塊以某一初速度從傾角。=37的固定斜面底端上滑，到達最大高度處后又返回斜面底端。已知物塊上滑時間

是下滑時間的g,sin37=0.6,cos37=0.8,則物塊與斜面間的動摩擦因數為（）

A.0.2B.0.4C.0.6D.0.8

3、如圖所示，勻強磁場分布在平面直角坐標系的整個第I象限內，磁感應強度為8、方向垂直于紙面向里.一質量為

機、電荷量絕對值為外不計重力的粒子，以某速度從。點沿著與），軸夾角為30。的方向進入磁場，運動到A點時，

粒子速度沿x軸正方向.下列判斷錯誤的是（）

y

XXXX

XXX

3少

?xXXX

OX

A.粒子帶負電

B.粒子由。到A經歷的時間，二二

6qB

C.若已知4到x軸的距離為d,則粒子速度大小為名也

m

D.離開第I象限時，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為60。

4、如圖甲所示，一線圈匝數為100匝，橫截面積為0.01I1E磁場與線圈軸線成30。角向右穿過線固。若在2s時間內

磁感應強度隨時間的變化關系如圖乙所示，則該段時間內線圈兩端。和力之間的電勢差小卜為（）

A.-73VB.2V

C.SD.從0均勻變化到2V

5、如圖所示為氫原子的能級圖，按照玻耳理論，下列說法正確的是（）

nE/eV

8...........................0

4-----------------------0.85

3-----------------------1.51

2-----------------------3.40

1-----------------------13.6

A.當氫原子處于不同能級時，核外電子在各處出現的概率是一樣的

B.一個氫原子從〃=4能級向基態躍遷，最多可輻射6種不同頻率的光子

C.處于基態的氫原子可以吸收14eV的光子而發生電離

D.氫原子從高能級躍遷到低能級，核外電子的動能減少，電勢能增加

6、在港珠澳大橋建設中，將數根直徑22米、離40.5米的空心鋼筒打入海底圍成人工島，創造了快速筑島的世界紀錄.一

根鋼筒的重力為G,由如圖所示的起重機用8根對稱分布的、長為22米的鋼索將其吊起，處于靜止狀態，則（）

A.鋼筒受到8個力作用

B.每根鋼索受到的拉力大小為

12

C.鋼筒的重心可能在鋼筒上

D.鋼筒懸吊在空中可能處于失重狀態

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、在光滑絕緣水平面上，一絕緣輕繩栓著一個帶電小球繞豎直方向的軸。在勻強磁場中做順時針方向的勻速圓周運

動，磁場的方向豎直向下，其俯視圖如圖，若小球運動到A點時，繩子突然斷開，關于小球在繩斷開后的運動情況，

可能的是（）

XXXX

X/XX'X

t*------A

X、X0X/X

XXXX

A.小球做逆時針勻速圓周運動，半徑不變

B.小球做逆時針勻速圓周運動，半徑減小

C.小球做順時針勻速圓周運動，半徑不變

D.小球做順時針勻速圓周運動，半徑減小

8、如圖所示，兩條平行的光滑導軌水平放置（不計導軌電阻），兩金屬棒垂直導軌放置在導軌上，整個裝置處于豎在向

下的勻強磁場中.現在用水平外力F作用在導體棒B上，使導體棒從靜止開始向有做直線運動，經過一段時間，安培

力對導體棒A做功為峭，導體棒B克服安培力做功為W?,兩導體棒中產生的熱量為Q,導體棒A獲得的動能為與，

拉力做功為1匕，則下列關系式正確的是

XXXX

XIXXX

XXXX

AB

A.W\=EkB.W2=Wi+EkC.W2=Q+EkD.+4

9、如圖所示，豎直放置的半圓形軌道與水平軌道平滑連接，不計一切摩擦.圓心。點正下方放置為力〃的小球4,質

量為〃，的小球〃以初速度uo向左運動，與小球A發生彈性碰撞.碰后小球A在半圓形軌道運動時不脫離軌道，則小

球8的初速度w可能為（）

A.212gRB.府C.2師D.

10、我國探月工程分“繞、落、回”三步走，近期將發射“嫦娥五號”探測器執行月面采樣返回任務。圖為探測器繞月運

行的示意圖，O為月球球心。已知環月圓軌道I和橢圓軌道II相切于尸點，且I軌道半徑為II軌道半長軸的1.25倍。

⑵某次實驗，小車先后經過光電門1和光電門2時，連接光電門的計時器顯示擋光片的擋光時間分別為力和，2,此過

程中托盤未接觸地面。已知兩個光電門中心之間的間距為則小車的加速度表達式。=（）（結果用字母d、小

，2、L表不）；

⑶某同學在實驗中保持小車總質量不變，增加托盤中硅碼的個數，并將托盤和硅碼的總重力當做小車所受的合力F,

通過多次測量作出。-尸圖線，如圖丙中實線所示。試分析上部明顯偏離直線的原因是_____。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖甲所示，某人站在力傳感器上，從直立靜止起，做“下蹲-起跳”動作，圖中的“?”表示人的重心。圖

乙是由力傳感器圓出的尸一/圖線。圖乙中1?4各點對應著圖甲中1?4四個狀態和時刻。取重力加速度g=10m/s2。請

根據這兩個圖所給出的信息，求：

（1）此人的質量。

（2）此人1s內的最大加速度，并以向上為正，畫出此人在1s內的大致。一，圖像。

（3）在尸一，圖像上找出此人在下蹲階段什么時刻達到最大速度？簡單說明必要理由。

圖甲

圖乙，

14.(16分)一列沿x軸傳播的簡諧橫波，在U0時刻的波形如圖實線所示，在八二0.2s時刻的波形如圖虛線所示。

⑴若波向x軸正方向傳播，求該波的波速；

⑵若波向x軸負方向傳播，且求x=2m處的尸質點第一次出現波谷的時刻。

15.(12分)如圖所示，用質量機=lkg的活塞在汽缸內封閉一定質量的理想氣體，活塞與汽缸壁間的摩擦忽略不計,

開始時活塞距離汽缸底部的高度加=LOm,氣體的溫度fi=27℃o現將汽缸緩慢加熱至/2=207C,活塞緩慢上升到距

離汽缸底某一高度比處，此過程中被封閉氣體增加的內能AU=300J,已知大氣壓強po=l.OxI()5pa,重力加速度g=

10m/s2,活塞橫截面積S=5.0xl0Tn12。求：

(i)初始時汽缸內氣體的壓強力和緩慢加熱后活塞距離汽缸底部的高度比；

(ii)此過程中缸內氣體吸收的熱量

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

A.根據〃=^^和口="，聯立可得

p=mat

〃與，成正比，故A正確；

B.根據n=12ax可得

p=mv=niyllax

〃與五成正比，故B錯誤；

C.由于

E,=—mv2=1〃?(W)2

22

用與產成正比，故C錯誤；

D.由于

F121c

E,=—mv~=—m-Lax=max

'22

々與X成正比，故D錯誤。

故選A。

2、C

【解析】

設物塊從斜面底端向上滑時的初速度為匕，返回斜面底端時的速度大小為％,則根據平均速度公式有

——A

22

再由牛頓運動定律和運動學公式有上滑過程

mgsin6+jjmgcos0=ma]

K=知

下滑過程

卜(

mgsinG-mgcosG=ma2

v2=a2t2

時間關系有

!L=L

t23

聯立各式解得

//=0.6

故C正確，ABD錯誤。

故選C

3、B

【解析】

A.根據題意作出粒子運動的軌跡如圖所示，根據左手定則判斷知，此粒子帶負電，故A正確，不符合題意；

XvoX^X>><

xx

o'、、、/x

y：

of

B.粒子由O運動到A時速度方向改變了60。角，所以粒子軌跡對應的圓心角為460。，則粒子由0到A運動的時間

為

t—__6_丁/—_6_0_°?_2_7_rm_—_冗_m_

-360°-360°qB-3qB

故B錯誤，符合題意；

C.根據幾何關系，有

cos600=R-d

R

解得

R=2d

根據R=—得

qB

『迦

tn

故C正確，不符合題意；

D.粒子在。點時速度與x軸正方向的夾角為60。，x軸是直線，根據圓的對稱性可知，離開第一象限時，粒子的速度

方向與x軸正方向的夾角為60。，故D正確，不符合題意；

故選B。

4、A

【解析】

與線圈軸線成30。角穿過線圈的向右磁感應強度均勻增加，故產生恒定的感應電動勢，根據法拉第電磁感應定律，有:

E=^—=^—Scos30

ArAr

由圖可知：

△B6-2。

----=-------=2VVb/s

At2

代入數據解得：

^=100x2xcos30x0.01=>/3V

A正確，BCD錯誤。

故選A。

5、C

【解析】

A.當氫原子處于不同能級時，核外電子在各處出現的概率是不同的，選項A錯誤；

B.一個氫原子從〃=4能級向基態躍遷，最多可輻射3種不同頻率的光子，大量處于〃=4能級的氫原子向基態躍遷,

最多可輻射6種不同頻率的光子，選項B錯誤；

C.處于基態的氫原子可以吸收14eV的光子而發生電離，選項C正確；

D.氫原子從高能級躍遷到低能級，核外電子的動能增加，電勢能減少，選項D錯誤。

故選C。

6、B

【解析】

A.鋼筒受到重力和8根鋼索的拉力共9個力作用，選項A錯誤；

B.由題意知，每根鋼索與豎直方向夾角為30。，設每根鋼索的拉力大小為凡鋼筒處于靜止狀態，則由平衡條件有

8Fcos3O'=G

解得

尸="G

12

結合牛頓第三定律可知，選項B正確；

C.鋼筒空心，它的重心一定不在鋼筒上，選項C錯誤；

D.鋼筒懸吊在空中處于靜止狀態，加速度為零，選項D錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、ABC

【解析】

AB.如果小球帶正電，則小球所受的洛倫茲力方向背離圓心，當洛倫茲力的大小等于小球原來所受合力大小時，繩子

斷后，小球做逆時針的勻速圓周運動，半徑不變，也可能洛倫茲力大于之前合力的大小，則半徑減小，故AB正確；

CD.若小球帶負電，則小球所受的洛倫茲力指向圓心，開始時，拉力可能為零，繩斷后，仍然洛倫茲力提供向心力，

順時針做圓周運動，半徑不變.若開始靠洛倫茲力和拉力的合力提供向心力，拉力減小為零，小球靠洛倫茲力提供向

心力，速度的大小不變，半徑變大，故C正確，D錯誤.

故選ABCo

8、AC

【解析】

導體棒A在水平方向上只受到安培力作用，故根據動能定理可得叱二片，A正確；設8棒的動能變化量為則

對8分析，由動能定理可得W/.、-W2=EJ①，將兩者看做一個整體，由于安培力是內力，所以整體在水平方向上只

受拉力作用，根據能量守恒定律可得I/=4+②，聯立①②解得卬2=。+々，由于

WF=Ek+Ek'+Q>Q+Ekt所以C王確BD錯誤.

9、BC

【解析】

A與B碰撞的過程為彈性碰撞，則碰撞的過程中動量守恒，設B的初速度方向為正方向，設碰撞后B與A的速度分

別為V1和V2,則:

mvo=mvi+2mv2

由動能守恒得：

I2121c2

2WVo=2WV,"+2,2WV2

聯立得：匕二牛①

1.恰好能通過最高點，說明小球到達最高點時小球的重力提供向心力，是在最高點的速度為Vmin,由牛頓第二定律得：

2

2mg=2m%②

R

A在碰撞后到達最高點的過程中機械能守恒，得:

2mg?2A=—?2〃w：------2mv^③

。2，2minin

聯立①②盾）得：V0=1.5J冢，可知若小球B經過最高點，則需要：VO>1.5島記

2.小球不能到達最高點，則小球不脫離軌道時，恰好到達與O等高處，由機械能守恒定律得:

2mg-/?=—-2，nv：④

2-

聯立①④得：Vo=1.572gR

可知若小球不脫離軌道時，需滿足：vo<1.5j荻

由以上的分析可知,若小球不脫離軌道時，需滿足：▼041.5丁荻或，”>1.5恒記，故AD錯誤，BC正確.

故選BC

【點睛】

小球A的運動可能有兩種情況：1.恰好能通過最高點，說明小球到達最高點時小球的重力提供向心力，由牛頓第二

定律求出小球到達最高點點的速度，由機械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度.由碰撞過程中動量守恒及能量

守恒定律可以求出小球B的初速度；2.小球不能到達最高點，則小球不脫離軌道時，恰好到達與。等高處，由機械

能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度.由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度.

10、CD

【解析】

A.根據開普勒第三定律可知

二=fZ7=VL2F=->/5

《V%8

故A錯誤；

BC.從P點由軌道n進入軌道I要點火加速，即力>加，則在軌道I上的機械能大于軌道H上的機械能，故B錯誤，

c正確；

D.經過尸點時探測器受到月球的引力相同，根據牛頓第二定律可知加速度。尸。山故D正確。

故選CD,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、①；1,2；2.1

【解析】

知道滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發射部分的總質量的倒數;

對滑塊受力分析，根據牛頓第二定律求解.

【詳解】

(1)由圖象可知，當F=2時，a#2.也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大,

即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的；

(1)根據F=ma得。=￡,所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發射部分的

tn

總質量的倒數，圖形b得加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率k=l所以滑塊和位移傳感器發射部分的總質量m=L2

由圖形b得，在水平軌道上F=1時，加速度a=2,根據牛頓第二定律得F.jimg=2,解得N=2.1.

【點睛】

通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關系；運用數學知識和物理量之間關系式結合起來求解.

12、0.170]〃托盤和祛碼的總質量過大，小車所受合力與托盤和祛碼的總重力相差越來越大

【解析】

游標卡尺的主尺讀數為：1mm,游標尺的刻度第14個刻度與上邊的刻度對齊，所以讀數為：0.05x14=0.70mm,

所以k1mm+0.70mm=1.70mm=0.170cm；

(2)⑵小車做勻變速直線運動，根據勻變速直線運動速度位移公式

(t/Y("丫

2aL=———

得

/(j)

a=

2。灣

(3)網實驗時，小車的合外力認為就是托盤和祛碼的總重力小g,只有在M加時，才有

T?mg

。一產圖線才接近直線，一旦不滿足描出的點的橫坐標就會向右偏離較多，造成圖線向右彎曲，所以。-尸圖

線上部明顯偏離直線的原因是托盤和徐碼的總質量過大，小車所受合力與托盤和硅碼的總重力相差越來越大。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指